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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Geometria Plana – AP2 – Gabarito Questão 1 [2,0 pts]: Calcule o lado e o apótema do hexágono regular inscrito no triângulo equilátero cujo lado mede 12 cm. Solução: Considere o hexágono regular ABCDEF de centro O inscrito no triângulo equilátero GHI: Note que o hexágono regular é composto de 6 triângulos equiláteros e BÂF = 120◦, logo GÂF = 60◦ e ∆AGF é equilátero. Podemos concluir que temos 9 triângulos equiláteros de lado OA. O lado do hexágono é l6 = l3 3 = GI 3 = 12 3 = 4 cm. E o apótema do hexágono é a6 = EF √ 3 2 = 4 √ 3 2 = 2 √ 3 cm. Outra solução: usando Teorema de Pitágoras, já que ∆OFM é retângulo. Assim a2 = 42−22 ⇒ a2 = 16− 4 = 12 ⇒ a = √ 12 = 2 √ 3 cm. Questão 2 [2,0 pts]: Um prefeito quer construir uma praça quadrada de 10 metros de lado, que terá quatro canteiros triangulares congruentes de pedras e um canteiro quadrado de grama, como na figura: A Bx grama pedrapedra pedra pedra O prefeito ainda não decidiu qual será a área do canteiro de grama, e por isso o comprimento do segmento AB está indicado por x na figura. a) Calcule a área do canteiro de grama para x = 3. b) Escreva a expressão da área do canteiro de grama em função de x. Geometria Plana – Gabarito AP2 2 Solução: a) Cada canteiro de pedra é um triângulo retângulo de catetos x e 10−x. Para x = 3 esses catetos valem 3 e 7. Logo a área de cada canteiro de pedra é 3 · 7 2 = 21 2 = 10, 5 m2. Como a área total da praça é 102 = 100 m2, segue que a área do canteiro de grama é 100−4 ·10, 5 = 100− 42 = 58 m2. b) Cada canteiro triangular é um triângulo retângulo de catetos x e 10− x, cuja área é x(10− x) 2 m2. Como a área total da praça é 102 = 100 m2, segue que a área do canteiro de grama é 100− 4x(10− x) 2 = 200− 40x+ 4x2 2 = (2x2 − 20x+ 100) m2. Questão 3 [2,0 pts]: Os lados de um triângulo medem AC = 17 metros, AB = 13 metros e BC = 24 metros. Os pontos M e N dividem o lado BC em três partes iguais. Calcule a medida de AM ou AN . Solução: 132 + 172 = 169 + 289 = 458 < 576 = 242,então o triângulo ABC é obtusângulo em A. BC 3 = 24 3 = 8. Considere BM = 8 e BN = 16. Para calcular as medidas de AM e AN , encontre cos B̂. 172 = 132 + 242 − 2 · 13 · 24 · cos B̂ ⇒ 289 = 169 + 576− 2 · 13 · 24 · cos B̂ ⇒ 2 · 13 · 24 · cos B̂ = 456 ⇒ cos B̂ = 456 2 · 13 · 24 = 24 · 19 24 · 26 = 19 26 Assim AM 2 = 132 + 82 − 2 · 13 · 8 · cos B̂ = 169 + 64− 2 · 13 · 8 · 19 26 = 233− 152 = 81 ⇒ AM = 9 Ou se escolheu AN . AN 2 = 132+162−2 ·13 ·16 ·cos B̂ = 169+256−2 ·13 ·16 · 19 26 = 425−304 = 121 ⇒ AN = 11 Questão 4 [2,0 pts]: A figura mostra o funcionamento de uma porta de garagem, representada pelo segmento XY . Ao mover o ponto X o ponto A desliza por um trilho vertical, representado pelo seg- mento BD. Algumas das medidas na figura são AC = BC = CY = 0, 5 metros e AX = 1 metro. frente lateral B A C X Y X Y C B A D D B D X Y A C 0,2 m Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AP2 3 Conforme figura o ponto X está a 0,2 metros do trilho BD. Qual é a distância de C ao trilho BD? Solução: Considere a seguinte figura: B D X Y A C R S Note na figura queXS = 0, 2 e o que queremos encontrar é a medida de CR. RĈA = AX̂S pois CR//SX RÂC = SÂX pois são opostos pelo vértice. Logo ∆ARC ∼ ∆ASX, então CR XS = AC AX ⇒ CR = XS · AC AX = 0, 2 · 0, 5 1 = 2 10 · 5 10 = 2 10 · 1 2 = 0, 1 Portanto a distância de C ao trilho é 0, 1 metros. Questão 5 [2,0 pts]: A figura mostra quatro ćırculos de raio 1 cm dentro de um triângulo. Os pontos marcados são pontos de tangência, bem como os centros dos ćırculos. a) Mostre que o triângulo ABC é retângulo e o ângulo B̂ = 60◦. b) Qual é o comprimento do menor lado desse triângulo? Solução: a)Seja o triângulo ABC e os quatro ćırculos, de raio r = 1, como dado no enunciado. Denomine P,Q,R e S os centros dos ćırculos como na figura: PQ = QR = PR = 2r = 2 · 1 = 2, logo o triângulo PQR é equilátero de lado 2 cm. SR = 2 cm, então o triângulo SRP é isósceles de base PS. PR̂S = 120◦ pois é externo e suplementar a PR̂Q = 60◦. Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AP2 4 Então RŜP = RP̂S = 30◦. Logo o triângulo SPQ é retângulo em P , com PQ̂S = 60◦ e PŜQ = 30◦. Portanto o triângulo ABC é retângulo, já que seus lados são paralelos aos lados do∆PQS e B̂ = 60◦. b) O seu menor lado é AB, oposto ao menor ângulo. AB = 3 + TB pois AT = 1 + 2 = 3. O triângulo BQT é retângulo pois T é ponto de tangência. Como QB é bissetriz de AB̂C temos que TB̂Q = 30◦ ⇒ sen 30◦ = QT BQ ⇒ 1 2 = 1 BQ ⇒ BQ = 2 Usando o Teorema de Pitágoras temos que TB 2 = BQ 2 − 12 = 4− 1 = 3 ⇒ TB = √ 3. Logo AB = 3 + TB = 3 + √ 3 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ