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Instituto de Matemática - IM / UFRJ Primeira Prova de Cálculo Diferencial e Integral IV Professora Selene Alves Maia Questão 1 : (2:5 pontos) Utilizando a Transformada de Laplace resolva o seguinte problema de valor inicial: (i) (ii) (iii) �������� y00(t) + 4y(t) = h(t); y(0) = 0; y0(0) = 1; ; onde h(t) = ������� 0; 0 6 t < � 2; � 6 t < 2� 0; t > 2� Solução: 1a Etapa: Reescrever h(t) em termos de funções degraus. Temos que: BSe 0 6 t < � =) u�(t) = 0 e u2�(t) = 0 =) u�(t)� u2�(t) = 0; BSe � 6 t < 2� =) u�(t) = 1 e u2�(t) = 0 =) u�(t)� u2�(t) = 1; B Se t > 2� =) u�(t) = 1 e u2�(t) = 1 =) u�(t)� u2�(t) = 0: Logo: h(t) = 2u�(t)� 2u2�(t): (1) 2a Etapa: Aplicar o operador de Laplace à Equação (i): Do fato que o operador de Laplace é linear, de (ii) + (iii) e de (1) obtemos: s2$ fy(t)g � sy(0)� y0(0 + 4$ fy(t)g = 2$ fu�(t)g � 2$ fu2�(t)g =) (s2 + 4)$ fy(t)g = 1 + 2e ��s s � 2e �2s s =) $ fy(t)g = 1 s2 + 4 + 2 s(s2 + 4) � e��s � 2 s(s2 + 4) � e�2�s: y(t) = $�1 � 1 s2 + 4 � + 2 �$�1 � e��s s(s2 + 4) � � 2 �$�1 e �2�s s(s2 + 4) : (2) BDeterminar $�1 � 1 s2 + 4 � : Pela tabela temos que: $�1 � 1 s2 + 4 � = 1 2 sin 2t: (3) 1 BDeterminar $�1 � 1 s(s2 + 4) � e��s � : Pelo método da decomposição em fração parcial obtemos: 1 s(s2 + 4) = A s + Bs+ C s2 + 4 =) 1 = A(s2 + 4) + (Bs+ C)s =) 1 = As2 + 4A+Bs2 + Cs =) 1 = 4A+ Cs+ s2(A+B) =) ������� 4A = 1 =) A = 1=4; C = 0; A+B = 0 =) B = �1=4: Logo: 1 s(s2 + 4) = 1 4 � 1 s � 1 4 � s (s2 + 4) =) $�1 � 1 s(s2 + 4) � e��s � = 1 4 �$�1 � 1 s � e��s � � 1 4 �$�1 � s (s2 + 4) � e��s � =) $�1 � 1 s(s2 + 4) � e��s � = 1 4 � u�(t)� 1 4 � u�(t) cos 2(t� �) =) $�1 � 1 s(s2 + 4) � e��s � = 1 4 � u�(t) [1� cos 2(t� �)] : (4) BDeterminar $�1 � 1 s(s2 + 4) � e�2�s � : Pelo método da decomposição em fração parcial desenvolvido na etapa an- terior obtemos: $�1 � 1 s(s2 + 4) � e�2�s � = 1 4 �$�1 � 1 s � e�2�s � �1 4 �$�1 � s (s2 + 4) � e�2�s � =) $�1 � 1 s(s2 + 4) � e�2�s � = 1 4 � u2�(t)� 1 4 � u2�(t) cos 2(t� 2�) =) 2 $�1 � 1 s(s2 + 4) � e�2�s � = 1 4 � u2�(t) [1� cos 2(t� 2�)] : (5) Substituindo os resultados obtidos em (3); (4) e (5) em (2) resulta que: y(t) = 1 2 sin 2t+ 1 2 u�(t) [1� cos 2(t� �)]� 1 2 u2�(t) [1� cos 2(t� 2�)] : (6) Questão 2 : (2:5 pontos) Classi que cada uma das séries dadas abaixo em absolutamente convergente, condicionalmente convergente ou divergente, justi cando suas a rmações: a) (0:6) 1X n=1 (�1)n cosn n2 ; b) (1:3) 1X n=1 (�1)n ln � n+ 1 n � ; c) (0:6) 1X n=1 n! en Solução: a) �Análise da série 1X n=1 ���� (�1)n cosnn2 ���� : Temos que: ���� (�1)n cosnn2 ���� = j(�1)nj ���cosnn2 ��� = jcosnjn2 6 1n2 : (7) Considere a série 1X n=1 vn = 1X n=1 1 n2 : Esta série converge, pois, p = 2 > 1: Logo, pelo teste de comparação por séries temos que a série 1X n=1 ���� (�1)n cosnn2 ���� converge=) por um teorema conhecido que a série 1X n=1 (�1)n cosn n2 converge. Como a série do módulo converge e a série original também converge, segue que a série dada converge absolutamente. b) �Análise da série 1X n=1 (�1)n ln � n+ 1 n � : B A série dada é alternada. De fato: 1X n=1 (�1)n ln � n+ 1 n � = � ln 2 + ln � 3 2 � � :::+ (�1)n ln � n+ 1 n � + ::: (8) 3 B A sequência fungn2N = � ln � 1 + 1 n �� n2N é decrescente 8n > 1:De fato: Considere f(x) = ln � x+ 1 x � : Logo: f 0(x) = 1 x+ 1 x � � � 1 x2 � =) f 0(x) = x x+ 1 � � � 1 x2 � =) f 0(x) = � 1 x(x+ 1) =) f 0(x) < 0; 8x > 1: (9) BCálculo do lim n!1un = limn!1 ln � n+ 1 n � : Temos que: lim n!1 ln � n+ 1 n � = ln � lim n!1 n+ 1 n � =) lim n!1 ln � n+ 1 n � = ln 0BB@ limn!1 n � 1 + 1 n � n 1CCA =) lim n!1 ln � n+ 1 n � = ln � lim n!1 � 1 + 1 n �� =) lim n!1 ln � n+ 1 n � = ln � lim n!11 + limn!1 1 n � =) lim n!1 ln � n+ 1 n � = ln (1 + 0) = ln 1: (10) De (8); (9) e (10) resulta por Leibniz que a série 1X n=1 (�1)n ln � 1 + 1 n � é con- vergente. �Análise da série 1X n=1 ����(�1)n ln�n+ 1n ����� = 1X n=1 ln � n+ 1 n � : Temos que, ln � n+ 1 n � = ln(n+ 1)� lnn: Logo: 4 �������� s1 = u1 = ln 2; s2 = u1 + u2 = ln 2 + ln 3� ln 2 = ln 3; s3 = u1 + u2 + u3 = ln 3 + ln 4� ln 3 = ln 4; s4 = u1 + u2 + u3 + u4 = ln 4 + ln 5� ln 4 = ln 5: Do que foi exposto acima conclui-se que: sn = u1 + u2 + u3 + u4 + :::+ un = ln(n+ 1) =) lim n!1sn = limn!1 ln(n+ 1) = 1: (11) De (11) segue que a série 1X n=1 ln � n+ 1 n � é divergente. Logo, a série original é condicionalmente convergente. c) Temos que: un = n! en =) un+1 = (n+ 1)! en+1 =) un+1 un = (n+ 1)! en+1 � e n n! =) un+1 un = (n+ 1)n! en+1 � e n n! =) un+1 un = n+ 1 e =) lim n!1 un+1 un = lim n!1 n+ 1 e = 1 e lim n!1(n+ 1) = 1: (12) De (12)pelo teste da razão segue que a série 1X n=1 n! en é divergente. Questão 3 : (2:5 pontos) Seja f(x) = 1X n=2 4n � x� 5 4 �n n2 lnn : Determine em cada um dos itens abaixo: a) (1:3 pontos) O raio e o intervalo de convergência da série de potências. b) (1:2 ponto) Uma expressão em série de potências para f 0(x) e seu intervalo de convergência. 5 Solução: a) � Cálculo do raio de convergência.Temos que: R = lim n!1 an an+1 =) R = lim n!1 4n n lnn � (n+ 1) ln(n+ 1) 4n+1 =) R = 1 4 lim n!1 � (n+ 1) n � � lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � : (13) BCálculo do lim n!1 � (n+ 1) n � : Temos que: lim n!1 � (n+ 1) n � = lim n!1 n � 1 + 1 n � n =) lim n!1 � (n+ 1) n � = lim n!1 � 1 + 1 n � =) =) lim n!1 � (n+ 1) n � = lim n!11 + limn!1 1 n = 1: (14) BCálculo do lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � : Temos que: lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � = lim x!1 ln(x+ 1) lnx =) lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � = lim x!1 1 x+ 1 1 x =) lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � = lim x!1 x x+ 1 =) lim n!1 � ln(n+ 1) lnn � = lim x!1 1 1 = 1: (15) Substituindo (14) e (15) em (13) resulta que: 6 R = 1 4 : (16) � Determinar o intervalo de convergência. Pelo teste da razaão temos que a série converge absolutamente se: �1 4 < x� 5 4 < 1 4 =) 1 < x < 3 2 : (17) � Seja x = 1: Logo: f(1) = 1X n=2 4n � 1� 5 4 �n n2 lnn =) f(1) = 1X n=2 4n � �1 4 �n n2 lnn =) f(1) = 1X n=2 4n � (�1)n � 1 4n n2 lnn =) f(1) = 1X n=2 (�1)n n2 lnn : (18) B A série dada em (18) é alternada. De fato: 1X n=2 (�1)n n2 lnn = 1 22 ln 2 � 1 32 ln 3 + 1 42 ln 4 � :::+ (�1) n n2 lnn + ::: (19) B A sequência fungn2N = � 1 n2 lnn � n2N é decrescente 8n > 1: De fato, quanto maior o denominador menor a fração, ou seja: un > un+1; 8n > 1: (20) BCálculo do lim n!1un = limn!1 1 n2 lnn : Temos que: lim n!1un = limn!1 1 n2 lnn = 0: (21) 7 De (19); (20) e (21) resulta por Leibniz que: 1X n=1 (�1)n n2 lnn é convergente. (22) � Seja x = 3 2 : Logo: f� 3 2 � = 1X n=2 4n � 3 2 � 5 4 �n n2 lnn =) f � 3 2 � = 1X n=2 4n � 1 4 �n n2 lnn =) f � 3 2 � = 1X n=2 4n � 1 4n n2 lnn =) f � 3 2 � = 1X n=2 1 n2 lnn : (23) Para veri carmos se a série dada em (23) é convergente ou divergente usare- mos o teste de comparação por limite. Considere a série 1X n=2 vn = 1X n=2 1 n2 : Esta série é convergente, pois, p = 2 > 1: Logo: lim n!1 un vn = lim n!1 1 n2 lnn 1 n2 =) lim n!1 un vn = lim n!1 � n2 n2 lnn � =) lim n!1 un vn = lim n!1 1 lnn = 0: (24) De (24) e do fato que 1X n=2 1 n2 é convergente resulta que: 1X n=2 1 n2 lnn é convergente. (25) De (22) e de (25) conclui-se que o intervalo de convergência da série é dado 8 por: Intervalo de Convergência = [1; 3=2] : (26) b) BDeterminar a série que representa f 0(x): Por um resultado conhecido temos que: f 0(x) = 1X n=2 4n � n � x� 5 4 �n�1 n2 lnn =) f 0(x) = 1X n=2 4n � x� 5 4 �n�1 n lnn : (27) BDeterminar o intervalo de convergência da série dada em (27): � Seja x = 1: Logo: f 0(1) = 1X n=2 4n � 1� 5 4 �n�1 n lnn =) f 0(1) = 1X n=2 4n � �1 4 �n�1 n lnn =) f 0(1) = 4 1X n=2 4n � (�1)n�1 � 1 4n n lnn =) f 0(1) = 4 1X n=2 (�1)n�1 n lnn : (28) B A série dada em (28) é alternada. De fato: 1X n=2 (�1)n n lnn = � 1 2 ln 2 + 1 3 ln 3 � 1 4 ln 4 + :::+ (�1)n n lnn + ::: (29) B A sequência fungn2N = � 1 n lnn � n2N é decrescente 8n > 1: 9 De fato, quanto maior o denominador menor a fração, ou seja: un > un+1; 8n > 1: (30) BCálculo do lim n!1un = limn!1 1 n lnn : Temos que: lim n!1un = limn!1 1 n lnn = 0: (31) De (29); (30) e (31) resulta por Leibniz que: 1X n=2 (�1)n�1 n lnn é convergente. (32) � Seja x = 3 2 : Logo: f 0 � 3 2 � = 1X n=2 4n � 3 2 � 5 4 �n�1 n lnn =) f 0 � 3 2 � = 1X n=2 4n � 1 4 �n�1 n lnn =) f 0 � 3 2 � = 4 1X n=2 4n � 1 4n n lnn =) f 0 � 3 2 � = 4 1X n=2 1 n lnn : (33) Para veri carmos se a série dada em (33) é convergente ou divergente usare- mos o teste da integral. Considere: g(x) = 1 x lnx : Esta função é positiva e decrescente 8x > 2: Só nos resta calcular a integral imprópria. Logo: Z 1 2 1 x lnx dx = lim A!1 Z A 2 1 x lnx dx: (34) 10 Calcularemos a integral dada em (34) por substituição simples. Considere: u = lnx =) du = 1 x dx: Logo: Z A 2 1 x lnx dx = Z du u = lnu = ln [lnx] A 2 =)Z A 2 1 x lnx dx = ln lnA� ln ln 2 =) lim A!1 Z A 2 1 x lnx dx = lim A!1 [ln lnA� ln ln 2] = 1: (35) De (35) como a integral imprópria diverge então: 1X n=2 1 n lnn é divergente. (36) De (32) e de (36) conclui-se que o intervalo de convergência da série é dado por: Intervalo de Convergência = [1; 3=2): (37) Questão 4 : (2:5 pontos) Considere a equação diferencial sujeita as condições iniciais dadas: (iv) (v) (vi) �������� (x2 + 1)y00(x) + 2xy0(x) = 0; y(0) = 3; y0(0) = �1; (a) (1:3 pontos) Determine a relação de recorrência da equação diferencial dada. (b) (1:2 pontos) Determine a solução do problema de valor inicial. Solução: a) Considere: y(x) = 1X n=0 anx n: (38) De (38) obtemos que: 11 y0(x) = 1X n=1 nanx n�1; (39) y00(x) = 1X n=2 n(n� 1)anxn�2: (40) Substituindo (39) e (40) em (iv) resulta que: (x2 + 1) 1X n=2 n(n� 1)anxn�2 + 2x 1X n=1 nanx n�1 = 0 =) 1X n=2 n(n� 1)anxn + 1X n=2 n(n� 1)anxn�2 + 1X n=1 2nnanx n = 0: (41) BAjustar o expoente do termo xn�2 da segunda série dada em (41): Seja, n� 2 = m =) n = m+ 2 e n� 1 = m+ 1: Por outro lado, se n = 2 =) m = 0: Logo 1X n=2 n(n� 1)anxn�2 = 1X m=0 (m+ 2)(m+ 1)am+2x m =) 1X n=2 n(n� 1)anxn�2 = 1X n=0 (n+ 2)(n+ 1)an+2x n: (43) Substituindo (43) em (41) resulta que: 1X n=2 n(n� 1)anxn + 1X n=0 (n+ 2)(n+ 1)an+2x n + 1X n=1 2nnanx n = 0: (44) BAjustar os índices da segunda e da terceira séries dada em (44): 1X n=2 n(n�1)anxn+2a2+6a3x+ 1X n=2 (n+2)(n+1)an+2x n+2a1x+ 1X n=2 2nnanx n = 0 =) 2a2+[6a3 + 2a1]x+ 1X n=2 fn(n� 1)an + 2nnan + (n+ 2)(n+ 1)an+2gxn = 0 =) 12 2a2+[6a3 + 2a1]x+ 1X n=2 � (n2 + n)an + (n+ 2)(n+ 1)an+2 xn = 0 = 0+0:x+ 1X n=2 0:xn: (45) De (45) conclui-se que: ���������� 2a2 = 0 =) a2 = 0 ; 6a3 + 2a1 = 0 =) a3 = � 13a1; (n+ 2)(n+ 1)an+2 = �n(n+ 1)an =) an+2 = � n n+ 2 an; 8n > 2: (46) A equação (46)3 é denominada relação de recorrência. b) B Cálculo de a0: De (38) temos que: y(x) = a0 + a1x+ a2x 2 + a3x 3 + :::+ anx n + ::: =) y(0) = a0 (v) =) a0 = 3: (47) B Cálculo de a1: De (39) temos que: y0(x) = a1 + 2a2x+ 3a3x2 + :::+ nanxn�1 + ::: =) y0(0) = a1 (vi) =) a1 = �1: (48) B Seja n = 2: Então, por (46)3 obtemos: a4 = �2 4 a2 (46)1 =) a4 = 0: (49) B Seja n = 4: Então, por (46)3 obtemos: a6 = �4 6 a4 (49) =) a6 = 0: (50) Podemos a rmar por (46)1; (49) e (50) que: 13 a2n = 0; 8n > 1: (51) B Cálculo de a3: Temos de (46)2 que: a3 = �1 3 a1 (48) =) a3 = 1 3 : (52) B Seja n = 3: Então, por (46)3 obtemos: a5 = �3 5 a3 (52) =) a5 = 1 5 : (53) B Seja n = 5: Então, por (46)3 obtemos: a7 = �5 7 a5 (53) =) a7 = �1 7 : (54) B Seja n = 5: Então, por (46)3 obtemos: a9 = �7 9 a7 (54) =) a9 = 1 9 : (55) Podemos a rmar por (48); (52); (53); (54) e (55) que: a2n�1 = (�1)n 2n� 10; 8n > 1: (56) De (47); (51) e (56) obtemos que: y(x) = 3 + 1X n=1 (�1)n 2n� 1x 2n�1: (57) 14
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