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ZAB 0161 - Álgebra linear com aplicações em geometria analítica Lista 2 - Matrizes Todo sistema de equações lineares deve ser resolvido utilizando o método de eliminação Gauss ou Gauss-Jordan. 1. Aplique a eliminação de Gauss para decompor A = LU para (a) A = [ 1 2 3 4 ] (c) A = 1 2 34 5 6 7 8 9 (b) A = 5 3 07 9 2 −2 −8 −1 (d) A = 1 3 02 1 2 2 4 1 . Resolução: Utilizando o método de eliminação de Gauss-Jordan podemos triangularizar (su- perior) as matrizes A e assim obter a matriz U com zeros abaixo da diagonal. Observar que os fatores utilizados nas operações elementares (com sinal trocado) formam as entradas da matriz L. A matriz L tem a característica de possuir 1 em cada entrada da diagonal e zeros acima dela. (a) Matriz U : [ 1 2 0 −2 ] ; Matriz L : [ 1 0 3 1 ] (b) Matriz U : 5 3 07 9 2 −2 −8 −1 ∼ 5 3 00 245 2 0 −345 1 ∼ 5 3 00 245 2 0 0 116 ; Matriz L : 1 0 07 5 1 0− 25 − 1712 1 (c) Matriz U : 1 2 34 5 6 7 8 9 ∼ 1 2 30 −3 −6 0 −6 −12 ∼ 1 2 30 −3 −6 0 0 0 ; Matriz L : 1 0 04 1 0 7 2 1 (d) Matriz U : 1 3 02 1 2 2 4 1 ∼ 1 3 00 −5 2 0 −2 1 ∼ 1 3 00 −5 2 0 0 15 ; Matriz L: 1 0 02 1 0 2 25 1 1 2. Com as matrizes A da alinea (b) e (d), do exercício anterior, resolver para x a equação: Ax = 12 3 . Resolução: (b) Aplicando Gauss-Jordan na matriz estendida, tem-se: 5 3 0 |17 9 2 |2 −2 −8 −1 |3 ∼ 1 35 0 157 9 2 2 −2 −8 −1 3 ∼ 1 35 0 150 1 512 18 0 − 345 −1 175 ∼ 1 0 0 31440 1 0 − 3744 0 0 1 5122 X = 3144− 3744 51 22 (d) Aplicando Gauss-Jordan na matriz estendida, tem-se: 1 3 0 |12 1 2 |2 2 4 1 |3 ∼ 1 3 0 10 −5 2 0 2 4 1 3 ∼ 1 3 0 10 −5 2 0 0 −2 1 1 ∼ 1 0 0 −50 1 0 2 0 0 1 5 X = −52 5 . 3. Calcular as matrizes inversas (se possível) de (a) 2 3 42 1 1 −1 1 2 2 3 4 |1 0 02 1 1 |0 1 0 −1 1 2 |0 0 1 ∼ 1 32 2 | 12 0 02 1 2 |0 1 0 −1 1 2 |0 0 1 ∼ ∼ 1 0 0 | −1 2 10 1 0 | 5 −8 −6 0 0 1 | −3 5 4 (b) 1 2 22 −1 1 1 3 2 1 2 2 | 1 0 02 −1 1 | 0 1 0 1 3 2 | 0 0 1 ∼ 1 2 2 | 1 0 00 −5 −3 | −2 1 0 1 3 2 | 0 0 1 ∼ ∼ 1 2 2 | 1 0 00 1 0 | −1 0 1 0 0 1 | 73 − 13 − 53 ∼ 1 0 0 | − 53 23 430 1 0 | −1 0 1 0 0 1 | 73 − 13 − 53 (c) 0 1 0 0 0 0 2 0 2 0 0 0 0 3 0 1 0 0 0 0 1 0 2 0 0 0 0 3 0 1 0 0 0 0 2 0 2 0 1 0 0 0 0 | 1 0 0 0 0 0 2 0 2 0 0 0 | 0 1 0 0 0 0 0 3 0 1 0 0 | 0 0 1 0 0 0 0 0 1 0 2 0 | 0 0 0 1 0 0 0 0 0 3 0 1 | 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 2 0 | 0 0 0 0 0 1 ∼ ∼ 1 0 1 0 0 0 | 0 12 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 | 1 0 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 | 0 0 0 1 0 −1 0 0 0 1 0 0 | −3 0 1 0 0 0 0 0 0 0 1 0 | 0 0 0 0 0 12 0 0 0 0 0 1 | 9 0 −3 0 1 0 ∼ ∼ 1 0 0 0 0 0 | 0 12 0 −1 0 1 0 1 0 0 0 0 | 1 0 0 0 0 0 0 0 1 0 0 0 | 0 0 0 1 0 −1 0 0 0 1 0 0 | −3 0 1 0 0 0 0 0 0 0 1 0 | 0 0 0 0 0 12 0 0 0 0 0 1 | 9 0 −3 0 1 0 (d) [ cos(θ) −sen(θ) sen(θ) cos(θ) ] [ cos (θ) −sen (θ) |1 0 sen (θ) cos (θ) |0 1 ] ∼ [ 1 −tg (θ) | sec (θ) 0 0 1 | −sen (θ) cos (θ) ] ∼ ∼ [ 1 0 | cos (θ) sen (θ) 0 1 | −sen (θ) cos (θ) ] . (e) [ cosh(x) senoh(x) senoh(x) cosh(x) ] lembrar as identidades { cosh(x) = 12 (e x + e−x) senoh(x) = 12 (e x − e−x) .[ cosh (x) senoh (x) | 1 0 senoh (x) cosh (x) | 0 1 ] ∼ [ 1 senoh(x)cosh(x) | 1cosh(x) 0 0 1cosh(x) | − senoh(x)cosh(x) 1 ] ∼ ∼ [ 1 0 | cosh(x) −senoh(x) 0 1 | −senoh(x) cosh(x) ] . 4. Considere o seguinte sistema de equações lineares x+ 3y + z = b2x+ ax+ 3z = 1 4x+ 2y = 0 onde a e b são coeficientes escalares. (a) Discuta o sistema em função dos coeficientes a e b. Resolvendo o sistema, tem-se que: 1 3 1 | b(2 + a) 0 3 | 1 4 2 0 | 0 ∼ 1 3 1 | ba− 1 −9 0 | 1− 3b 4 2 0 | 0 ∼ −5 0 1 | ba+ 17 0 0 | 1− 3b 2 1 0 | 0 . 3 Daqui, para conseguir outro pivô igual a 1, precisamos que a 6= −17, logo existe 1a+17 , então −5 0 1 | ba+ 17 0 0 | 1− 3b 2 1 0 | 0 ∼ 0 0 1 | 5+2b+aba+171 0 0 | 1−3ba+17 0 1 0 | 6b−2a+17 . Logo, para qualquer b mas a 6= −17, existe uma única solução, que toma a forma X = 1 a+17 5 + 2b+ ab1− 3b 6b− 2 . Para o caso a = −17, temos −5 0 1 | b0 0 0 | 1− 3b 2 1 0 | 0 e esse sistema tem solução para 1− 3b = 0, isto é, para b = 13 temos infinitas soluções com a forma X = xy z = r−2r b+ 5r = 00 1 3 + r 1−2 5 . Por último, para a = −17, e b 6= 13 temos 0 6= 0, logo não existem soluções. (b) Decomponha a matriz dos coeficientes ,A, para a = 6, na forma A = LDU . Fazendo a matriz U pelo método de Gauss-Jordan: 1 3 18 0 3 4 2 0 ∼ 1 3 10 −24 −5 0 −10 −4 ∼ 1 3 10 −24 −5 0 0 − 2312 . Utilizando os elementos da diagonal para fazer a matriz D = 1 0 00 −24 0 0 0 − 2312 . Fazendo a matriz L : 1 0 08 1 0 4 512 1 . Então: 1 3 18 0 3 4 2 0 = 1 0 08 1 0 4 512 1 . 1 0 00 −24 0 0 0 − 2312 . 1 3 10 1 524 0 0 1 (c) Calcule a inversa da matriz dos coeficientes do sistema, para o caso a = 6. Utilize o resultado para resolver o sistema no caso a = 6 e b = 0. Calculando a inversa da matriz A, com os coeficientes a = 6 e b = 0 : 1 3 1 | 1 0 08 0 3 | 0 1 0 4 2 0 | 0 0 1 ∼ 1 3 1 | 1 0 00 1 524 | 13 − 124 0 0 0 − 2312 | − 23 − 512 1 ∼ ∼ 1 0 0 | − 323 123 9460 1 0 | 623 − 223 546 0 0 1 | 823 523 − 1223 . 4 Logo o sistema a ser resolvido é 1 3 18 0 3 4 2 0 xy z = 01 0 , assim xy z = − 323 123 9466 23 − 223 546 8 23 5 23 − 1223 01 0 = 123− 223 5 23 . 5. Seja f : R3 → R3 a função (transformação) matricial definda por f xy z = 1 2 3−3 −2 −1 −2 0 2 xy z (a) Determine x, y e z tais que f xy z = 22 4 . Resolução: Seria resolver o sistema 1 2 3−3 −2 −1 −2 0 2 xy z = 22 4 , então 1 2 3 | 2−3 −2 −1 | 2 −2 0 2 | 4 ∼ 1 0 −1 | −20 1 2 | 2 0 0 0 | 0 ⇒ X = α− 2−2α+ 2 α . (b) Determine também a matriz resultante de f 22 4 . f 22 4 = 1 2 3−3 −2 −1 −2 0 2 . 22 4 = 18−14 4 . 6. Determine uma equação que relacione a, b e c para que o sistema linear abaixo tenha solução para quaisquer valores de a, b e c que satisfazem essa equação. 2x+ 2y + 3z = a3x− y + 5z = b x− 3y + 2z = c . Resolução: 2 2 3 |a3 −1 5 |b 1 −3 2 |c ∼ 1 1 32 a20 −4 12 −3a+b2 0 −4 12 −a+2c2 ∼ 1 1 32 a20 1 − 18 3a−2b8 0 0 0 a− b+ c . Assim, uma equação para as variáveis a, b e c, que satisfazem o sistema de equações, é: a−b+c = 0. Nos próximos três exercícios utilize cálculo de matriz inversa. 5 Figura 1: Temperaturas 7. Considere um processo industrial cuja matriz é A := 2 1 33 2 −1 2 1 1 . Determine a matriz de entrada para cada uma das seguintes matrizes resultantes: (a) 3020 10 (b) 128 14 . Resolução: Para resolver utilizamos A.X = F ⇒ X = A−1F . Então encontramos a inversa de A, 2 1 3 |1 0 03 2 −1 |0 1 0 2 1 1 |0 0 1 ∼ 1 12 32 12 0 00 12 − 112 − 32 1 0 2 1 1 0 0 1 ∼ 1 0 0 − 32 −1 720 1 0 52 2 − 112 0 0 1 12 0 − 12 . (a) X = − 32 −1 725 2 2 − 112 1 2 0 − 12 . 3020 10 = −3060 10 (b) X = − 32 −1 725 2 2 − 112 1 2 0 − 12 . 128 14 = 23−31 −1 . 8. Considerando que as temperaturas não conhecidas nos pontos da Figura [1], são valores promédios dos valores conhecidos, determine as temperaturas T1, T2, T3 e T4. 6 Resolução: O sistema de equações, com os coeficientes já colocados na matriz é: 4 −1 −1 0 |80 −1 4 0 −1 |80 −1 0 4 −1 |50 0 −1 −1 4 |50 ∼ 1 0 0 0 | 1454 0 1 0 0 | 1454 0 0 1 0 | 1154 0 0 0 1 | 1154 ⇒ X = 36, 25 36, 25 28, 75 28, 75 . Portanto, T1 = 36, 25 o; T2 = 36, 25 o ; T3 = 28, 75 o; T4 = 28, 75 o. 9. Responda verdadeiro ou faso, justificando, (a) Se A2 = −2A4, então (In +A2) (In − 2A2) = In. Verdadeiro. Desenvolvendo o produto (In + A 2).(In − 2A2) = In + A2 − 2A2 − 2A4 = In −A2 − 2A4. Utilizando a hipótese temos (In +A2).(In − 2A2) = In −A2 +A2. (b) Se A = P tDP , onde D é uma matriz diagonal, então At = A. Verdadeiro. Calculamos a transposta de A temos At = (P tDP )t = P tDtP t t , onde foi utilizada a propriedade da transposta de um produto. Mas a transposta da transposta de uma matriz é a mesma matriz, assim P t t = P , e a transposta de uma matriz diagonal é a mesma matriz diagonal, então At = P tDtP t t = P tDP = A. (c) Se D é uma matriz diagonal, então DA = AD, para toda matriz A, n× n. Falso, pois, supondo uma matriz qualquer A = [ 1 2 3 4 ] e D = [ 2 0 0 5 ] e fazendo-se DA = [ 2 0 0 5 ] . [ 1 2 3 4 ] = [ 2 4 15 20 ] Fazendo-se AD = [ 1 2 3 4 ] . [ 2 0 0 5 ] = [ 2 10 6 20 ] . Portanto, A.D 6= D.A. (d) Se B = AAt, então B = Bt. Verdadeiro. Calcula-se Bt = (AAt)t = At t At = AAt = B. (e) Se B e A são tais que A = At e B = Bt então C = AB, é tal que Ct = C. Falso. Calcula-se Ct = (AB)t = BtAt, utilizando as igualdades em que A e B são iguais a suas transpostas, temos Ct = BA, se Ct = C teriamos que BA = AB, o que não é válido sempre pois o produto de matrizes não é necessariamente comutativo. Como contra exemplo temos A = [ 1 2 2 6 ] e B = [ 4 9 9 8 ] , onde AB = [ 22 25 62 66 ] e BA = [ 22 62 25 66 ] , que não são iguais. 10. Determine coeficientes a, b e c da equação da circunferência x2 + y2 + ax+ by + c = 0 que passa pelos pontos P = (−2, 7), Q = (−4, 5), R = (4,−3). Resolução: Substituindo os pontos dados na equação da circunferência e colocando os valores dos coeficientes de a, b e c na matriz: −2 7 1 |− 53−4 5 1 |− 41 4 −3 1 |− 25 ∼ 1 0 0 |− 20 1 0 |− 4 0 0 1 |− 29 . O valor dos coeficientes é: a = −2, b = −4 e c = −29, portanto a circunferência é x2 + y2 − 2x− 4y − 29 = 0 7