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Universidade Federal de Minas Gerais Instituto de Cieˆncias Exatas – ICEx Departamento de Matema´tica Ca´lculo Diferencial e Integral II Resoluc¸a˜o da 3a prova - 25/09/2002 - 9:25h 1. Calcule cada um dos limites abaixo (ou mostre que na˜o existe limite): (a) lim (x,y)→(0,0) x2 + y2√ x2 + y2 + 4− 2 (b) lim (x,y)→(0,0) xy x2 + 5y2 Soluc¸a˜o. (a) Multiplicando pelo conjugado, o limite e´ lim (x,y)→(0,0) (x2 + y2)( √ x2 + y2 + 4 + 2) x2 + y2 + 4− 4 = lim(x,y)→(0,0) √ x2 + y2 + 4 + 2 = 2 + 2 = 4. (b) Consideramos os limites direcionais ao longo de dois caminhos que se aproximam da origem (0, 0). Primeiro, se x = y, o limite acima e´ lim x→0 x2 x2 + 5x2 = 1 6 e, em segundo lugar, se y = 2x, o mesmo limite e´ lim x→0 2x2 x2 + 20x2 = 2 21 e, portanto, como estes limites direcionais sa˜o diferentes, o limite no enunciado da questa˜o na˜o existe. 2. Seja f(x, y) = xy2exy. Considere o ponto P = (0,−1). (a) Determine a direc¸a˜o de maior crescimento de f em P. (b) Calcule a derivada direcional de f nesta direc¸a˜o. (c) Determine a reta tangente a` curva de n´ıvel de f que passa pelo ponto P. Soluc¸a˜o. (a) { fx = y 2exy + xy2exyy = y2exy(1 + 2xy), fy = x2ye xy + xy2exyx = xyexy(2 + xy) ⇒ fx(0,−1) = 1, fy(0,−1) = 0 ⇒ ∇f(0,−1) = (1, 0) e a direc¸a˜o de maior crescimento de f no ponto (0,−1) e´ ~u = ∇f(0,−1)/|∇f(0,−1)| = (1, 0) . (b) A derivada direcional de f no ponto p = (0,−1) e na direc¸a˜o de maior crescimento e´ |∇f(0,−1)| = 1 . (c) A direc¸a˜o da reta tangente e´ (0, 1) pois e´ perpendicular a` normal. E as equac¸o˜es parame´tricas da reta tangente no ponto (0,−1) sa˜o x = 0 + 0t, y = −1 + t, t ∈ R ⇔ x = 0 e´ a equac¸a˜o da reta tangente. 3. Determine os pontos de ma´ximo e de mı´nimo da func¸a˜o f(x, y) = x2 + y2 − 2y sobre a curva x2 + 4y2 − 4 = 0. Soluc¸a˜o. Pelo me´todo dos multiplicadores de Lagrange, procuramos os (x, y) tais que ∇f(x, y) = λ∇g(x, y), g(x, y) = 0, onde{ f(x, y) = x2 + y2 − 2y (queremos maximizar esta f) g(x, y) = x2 + 4y2 − 4 = 0 (curva) ⇒ 2x = λ(2x) 2y − 2 = λ(8y) x2 + 4y2 − 4 = 0 Duas possibilidades: 1a) x = 0 → 4y2 − 4 = 0 ⇒ y = ±1 f(0,−1) = 3, f(0, 1) = −1 ou 2a) λ = 1 ⇒ 2y − 2 = 8y ⇒ y = −1 3 . Substituindo em g(x, y) = 0, x2 + 41 9 − 4 = 0 ⇒ x2 = 32 9 ⇒ y = −1 3 , x = ±4 √ 2 3 . Enta˜o f(±4 √ 2 3 ,−1 3 ) = 32 9 + 1 9 + 2 3 ou seja, f(±4 √ 2 3 ,−1 3 ) = 39 9 e este e´ o valor ma´ximo de f (apo´s a comparac¸a˜o entre os treˆs valores achados). O valor mı´nimo de f e´ f(0, 1) = −1 .
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