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Universidade Federal do Para´ Ca´lculo II - Projeto Newton - 2015/4 Professores: Jeroˆnimo e Juaci 2a Lista de exerc´ıcios para monitoria 1. Determine a + b, 2a + 3b, |a| e ‖a− b‖ sendo a = i + 2j− 3k e b = −2i− j + 5k. Soluc¸a˜o: (i) a + b = (i + 2j− 3k) + (−2i− j + 5k) = (1− 2)i + (2− 1)j + (−3 + 5)k = −i + j + 2k (ii) 2a + 3b = 2 (i + 2j− 3k) + 3 (−2i− j + 5k) = ((2.1)i + (2.2)j + (2.(−3))k) + ((3.(−2))i + (3.(−1))j + (3.5)k) = (2i + 4j− 6k) + (−6)i− 3j + 15k) = (2− 6)i + (4− 3)j + (−6 + 15)k = −4i + j + 9k (iii) |a| = √ 12 + 22 + (−3)2 = √1 + 4 + 9 = √ 14 (iv) Para determinarmos |a− b|, precisamos determinar o vetor a− b. Assim, a− b = (i + 2j− 3k)− (−2i− j + 5k) = (i + 2j− 3k) + (((−1).(−2))i + ((−1).(−1))j + ((−1).5)k) = (i + 2j− 3k) + (2i + j− 5k) = (1 + 2)i + (2 + 1)j + (−3− 5)k = 3i + 3j− 8k Agora, temos que: |a− b| = √ 32 + 32 + (−8)2 = √9 + 9 + 64 = √ 82 1 2. Se v esta´ no primeiro quadrante e faz um aˆngulo de pi 3 com o eixo x positivo e |v| = 4, encontre v em forma de componente. Soluc¸a˜o: A figura acima mostra o vetor v, o aˆngulo que o mesmo forma com o eixo x positivo, e seus compo- nentes vx e vy. Ja´ |v| representa a magnitude do vetor dado. Dado |v| = 4 , e sendo: { vx = |v| cos(pi3 ) vy = |v|sen(pi3 ) E, v = vxi + vyj Assim, temos que o vetor e dado por: v = 2i + 2 √ 3j ou v = (2, 2 √ 3) 3. Ca´lcule o volume do paralelep´ıpedo determinado pelos vetores a=(6,3,-1), b=(0,1,2) e c=(4,-2,5). Soluc¸a˜o: Sendo, 2 a=(6,3,-1) b=(0,1,2) c=(4,-2,5) Para calcular o volume do paralelep´ıpedo utiliza-se a seguinte equac¸a˜o (Produto Misto): V = |a · (b× c)| (1) Calculando primeiramente o produto vetorial entre b e c, temos: b× c = ∣∣∣∣∣∣∣∣ i j k 0 1 2 4 −2 5 ∣∣∣∣∣∣∣∣ = 9i + 8j− 4k Substituindo na equac¸a˜o ??, temos: V = |a · (b× c)| V = |(6, 3,−1) · (9, 8,−4)| V = 54 + 24 + 4 V = 82 u.v 4. Ache um vetor que possui a mesma direc¸a˜o e o mesmo sentido que (-2,4,2) mas tem comprimento 6. Soluc¸a˜o: Dado v = (−2, 4, 2) e |u| = 6. Fazendo u = (a, b, c). Sabendo que dois vetores paralelos se diferenciam por uma constante, temos: u = v.t (a, b, c) = (−2, 4, 2).t a = −2t b = 4t c = 2t Assim, u = (−2t, 4t, 2t). Considerando |u| = 6, temos: |u| = √ a2 + b2 + c2 |u| = √ (−2t)2 + (4t)2 + (2t)2 3 |u| = √ 4t2 + 16t2 + 4t2 62 = 24t2 36 = 24t2 ∴ t = √ 6 2 Portanto, u = ( −2 √ 6 2 , 4 √ 6 2 , 2 √ 6 2 ) u = ( − √ 6, 2 √ 6, √ 6 ) 5. Determine dois vetores unita´rios que sejam ortogonais a i + j e i + k. Soluc¸a˜o: Dado, v1 = i + j ou v1 = (1, 1, 0) e v2 = i + k ou v2 = (1, 0, 1) Considerando v = (x, y, z) um vetor gene´rico, onde v ⊥ v1 e v ⊥ v2. Assim, temos: v ⊥ v1 ⇒ v · v1 = 0 ⇒ (x, y, z) · (1, 1, 0) = x+ y = 0 ∴ x = −y v ⊥ v2 ⇒ v · v2 = 0 ⇒ (x, y, z) · (1, 0, 1) = x+ z = 0 ∴ x = −z Ja´ que v e´ unita´rio, enta˜o |v| = 1. Assim, |v| = √ x2 + y2 + z2 = 1 ∴ x2 + y2 + z2 = 1. Sendo, y = −x z = −x x = x Logo, temos: v = (x,−x,−x) Portanto, √ x2 + (−x)2 + (−x)2 = 1 x2 + x2 + x2 = 1 3x2 = 1 x = ± 1√ 3 4 Portanto, os vetores sa˜o: a = v e b = −v. Ou seja, a = 1√ 3 i− 1√ 3 j− 1√ 3 k b = − 1√ 3 i + 1√ 3 j + 1√ 3 k 6. Determine o vetor unita´rio com mesma direc¸a˜o e sentido do vetor (-6,2,6). Soluc¸a˜o: Dado o vetor V = (−6, 2, 6) Para encontrar o vetor unita´rio com mesma direc¸a˜o e sentido do vetor V, usa-se: v = V ||V|| Assim, v = (−6, 2, 6)√ (−6)2 + 22 + 62 v = (−6, 2, 6) 2 √ 19 v = ( − 3√ 19 , 1√ 19 , 3√ 19 ) v = ( −3 √ 19 19 , √ 19 19 , 3 √ 19 19 ) 7. Calcule o aˆngulo entre a diagonal de um cubo e uma de suas arestas. Soluc¸a˜o: Por convenieˆncia, vamos considerar um cubo unita´rio posicionado de modo que um de seus ve´rtices coincida com o ponto (0, 0, 0) e treˆs de suas arestas estejam sobre os eixos coordenados, como na figura. 5 A diagonal do cubo e´ o vetor u = (1, 1, 1). Consideremos a aresta v = (1, 0, 0), situada sobre o eixo x. O aˆngulo θ, formado por u e v e´ calculado da seguinte forma, cos θ = u · v |u| · |v| = (1, 1, 1) · (1, 0, 0)√ 12 + 12 + 12 · √1 = 1√ 3 . Assim, o aˆngulo formado entre a diagonal de um cubo e uma de suas arestas e´ θ = arccos ( 1√ 3 ) . 8. Um varal de roupas e´ estendido entre dois postes, 8m distantes um do outro. O fio do varal esta´ bastante esticado, de forma a ser considerado horizontal. Quando uma camisa molhada com massa de 0, 8kg e´ pendurada no meio do varal, esse ponto central e´ deslocado para baixo 8cm. Determine a tensa˜o em cada metade do varal. Soluc¸a˜o: Sejam T1 e T2 os vetores que representam as tenso˜es em cada lado do varal, como na figura. T1 e T2 teˆm componentes verticais iguais e componentes horizontais opostas, enta˜o T1 = −ai+ bj e T2 = ai+ bj, (a, b > 0). Da semelhanc¸a de triaˆngulos, temos b a = 0, 08 4 ⇒ a = 50b. A forc¸a que age sobre a camisa e´ F = −0, 8(9, 8)j = −7, 84j. 6 A resultante T1 + T2 contrabalanc¸a a forc¸a F de modo que T1 + T2 = −F (−ai+ bj) + (ai+ bj) = 7, 84j 2bj = 7, 84j b = 3, 92, enta˜o a = 196. Dessa forma, T1 = −196i+ 3, 92j e T2 = 196i+ 3, 92j. 9. Se a · b = √3 e a× b = (1, 2, 2), defina o aˆngulo entre a e b. Soluc¸a˜o: Temos que |a× b| = |a| · |b| · senθ, (I) onde θ e´ o aˆngulo entre os vetores a e b, 0 ≤ θ ≤ pi 2 . Temos tambe´m que |a · b| = |a| · |b| · cos θ ⇒ |a| · |b| = a · b cos θ . Substituindo |a| · |b| em na equac¸a˜o (I), temos |a× b| = a · b cos θ · senθ ⇒ |a× b| a · b = tgθ. Como |a× b| = |(1, 2, 2)| = 3, enta˜o tgθ = 3√ 3 ⇒ θ = pi 3 . 10. Encontre os vetores unita´rios que sa˜o paralelos a` reta tangente a` para´bola y = x2 no ponto (2, 4). Soluc¸a˜o: A inclinac¸a˜o da reta tangente ao gra´fico da func¸a˜o y = x2 no ponto (2, 4) e´ dy dx ∣∣∣ x=2 = 2x|x=2 = 4. Assim, a equac¸a˜o da reta tangente e´ dada por f(x) = f ′(x0) · (x− x0) + f(x0) ⇒ f(x) = 4(x− 2) + 4 ⇒ f(x) = 4x− 4. 7 O vetor v = i+ 4j e´ paralelo a` reta tangente e tem norma |i+ 4j| = √17. Dessa forma, os vetores unita´rios que sa˜o paralelos a` reta tangente ao gra´fico de y = x2 no ponto (2, 4) sa˜o v1 = 1√ 17 (i+ 4j) e v2 = − 1√ 17 (i+ 4j). 8
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