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Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 1 Geometria Anal´ıtica I 17/03/2011 Respostas dos Exerc´ıcios do Mo´dulo I - Aula 15 Aula 15 1. Este exerc´ıcio se resume a escrever a equac¸a˜o em uma das formas x2 = 4py ou x2 = −4py, para podermos, enta˜o, analisar os elementos da para´bola. a. y = 8x2 ⇔ x2 = 1 8 y ⇔ x2 = 4 · 1 32 y. Assim, p = 1/32 e, como a equac¸a˜o e´ da forma x2 = 4py, temos como foco o ponto F = (0, p) = (0, 1/32) e como diretriz a reta y = −p ⇔ y = −1/32 (veja a pa´gina pa´gina 219). Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 2 b. Como no item anterior, y = −8x2 ⇔ x2 = x2 = −4 · 1 32 y. Assim, com a equac¸a˜o na forma x2 = −4py, temos p = 1/32. Logo, o foco e´ o ponto F = (0,−p) = (0,−1/32) e a diretriz e´ a reta y = p⇔ y = 1/32 (veja a pa´gina pa´gina 220). c. Foco F = (0, 1/64), diretriz y = −1/64. d. Foco F = (0,−1/64), diretriz y = 1/64. Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 3 e. A equac¸a˜o e´ reescrita como x2 = 4 · 1 10 y, logo o foco e´ F = (0, 1/10) e a diretriz y = −1/10. f. x2 = −4 · 1 10 y, logo o foco e´ F = (0,−1/10) e a diretriz y = 1/10. g. x2 = 4 · 4 · y, logo o foco e´ F = (0, 4) e a diretriz y = −4 h. x2 = 4 · 1 3 y, logo o foco e´ F = (0, 1/3) e a diretriz y = −1/3. i. x2 = −4 · 1 5 y, logo o foco e´ F = (0,−1/5) e a diretriz y = 1/5. 2. Neste exerc´ıcio, temos que escrever a equac¸a˜o em uma das formas (x − h)2 = 4p(y − k) ou (x − h)2 = −4p(y − k), para podermos, enta˜o, analisar os elementos da para´bola. a. y = 1 4 x2 − x + 4⇔ 4y = x2 − 4x + 16⇔ 4y = (x− 2)2 + 12⇔ ⇔ (x− 2)2 = 4y − 12⇔ (x− 2)2 = 4 · 1 · (y − 3). Assim, a para´bola tem ve´rtice V = (2, 3), foco F = (2, 3 + p) = (2, 4) e diretriz y = 3− p⇔ y = 2. O eixo de simetria sera´ x = 2. b. 8y + x2 + 4x + 12 = 0⇔ (x + 2)2 = −4 · 2 · (y + 1). A equac¸a˜o esta´ na forma (x − h)2 = −4p(y − k), logo o ve´rtice e´ V = (−2,−1), o foco e´ F = (−2,−1 − p) = (−2,−3) e a diretriz y = −1 + p⇔ y = 1. O eixo de simetria e´ x = −2. Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 4 c. A equac¸a˜o pode ser escrita (x + 2)2 = −4 · 1 2 (y − 4), logo o ve´rtice e´ V = (−2, 4), o foco F = (−2, 4−p) = (−2, 7/2) a diretriz y = 4+p⇔ y = 9/2 e o eixo de simetria x = −2. d. (x − 1)2 = 4 · 5(y + 2). Ve´rtice V = (1,−2), foco F = (1, 3), diretriz y = −7, eixo de simetria x = 1. e. (x− 1)2 = −41 4 (y − 1). Ve´rtice V = (1, 1), foco F = (1, 3/4), diretriz y = 5/4, eixo de simetria x = 1. f. (x+ 3)2 = 4 · 2(y− 1). Ve´rtice V = (−3, 1), foco F = (−3, 3), diretriz y = −1, eixo de simetria x = −3. 3. Quando a para´bola e´ das formas (x − h)2 = 4p(y − k), (x − h)2 = −4p(y − k), ela tera´ sua concavidade voltada para cima ou para baixo (o eixo de simetria sera´ vertical). Assim, o valor mı´nimo (no caso de concavidade para cima) ou ma´ximo (concavidade para baixo) de y ocorrera´ no ve´rtice. Assim, determinar o valor de x que da´ o ma´ximo ou mı´nimo de y e´ apenas determinar o x do ve´rtice. a. x = 2 b. x = −2 c. x = −2 d. x = 1 e. x = 1 f. x = −3 4. a. Neste item, voceˆ pode seguir como na deduc¸a˜o da equac¸a˜o da para´bola, feita nas pa´ginas 219 e 220, ou aplicar diretamente as concluso˜es obti- das nestas pa´ginas. Fac¸amos, primeiramente, a partir da deduc¸a˜o da fo´rmula. O pe´ da perpendicular a` diretriz r : y = 3/4 que passa por um ponto P = (x, y) da para´bola e´ P ′ = (x, 3/4), logo d(P, F ) = d(P, r)⇔ d(P, F ) = d(P, P ′)⇔ ⇔ √ (x− 0)2 + (y + 3/4)2 = √ (x− x)2 + (y − 3/4)2 ⇔ ⇔ x2 + (y + 3/4)2 = (y − 3/4)2 ⇔ x2 = −3y Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 5 Outra forma de chegar a` mesma conclusa˜o, e´ observar que temos como foco e diretriz F = (0,−p) e y = p, onde p = 3/4. Assim, o caso com que estamos lidando e´ o estudado na pa´gina 220 (e final da 219), que tera´ como equac¸a˜o x2 = −4py ⇒ x2 = −4(3/4)y ⇒ x2 = −3y. b. Como o foco e´ F = (0, 5/8) e o ve´rtice e´ a origem, temos o caso da pa´gina 219, isto e´, para´bola com eixo na origem e foco (0, p), com p = 5/8 (naturalmente, teremos neste caso a diretriz dada por y = −5/8). Assim, a equac¸a˜o sera´ x2 = 4 · 5 8 y ⇔ x2 = 5 2 y. c. Como a diretriz e´ y = 3/2 e o ve´rtice e´ a origem, temos o caso da pa´gina 220, isto e´, para´bola com eixo na origem e diretriz y = p, com p = 3/2 (naturalmente, teremos neste caso o foco dado por F = (0,−3/2)). Assim, a equac¸a˜o sera´ x2 = −4 · 3 2 y ⇔ x2 = −6y. d. Este caso e´ um pouco mais complicado que os anteriores. Aqui, na˜o podemos aplicar imediatamente as concluso˜es que nos levam a`s equac¸o˜es x2 = ±4py, pois na˜o temos o ve´rtice na origem. O paraˆmetro p e´ a distaˆncia entre o ve´rtice e a diretriz r : y = −7 (que e´ igual a` distaˆncia entre o ve´rtice e o foco). Assim, p = d(V, r) = d((2,−5), y = −7) = 2. Note ainda que o ve´rtice esta´ acima da diretriz, portanto temos uma para´bola com a concavidade voltada para cima. Assim, segundo o Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 6 estudo da translac¸a˜o, feito na pa´gina 220, temos como equac¸a˜o (x−h)2 = 4p(y−k)⇔ (x−2)2 = 4 ·2 ·(y−(−5))⇔ (x−2)2 = 8(y+5) e. Como o ve´rtice e´ (0, 0) e o eixo de simetria vertical, a para´bola tera´ equac¸a˜o x2 = ±4py. Logo, precisamos apenas determinar o valor de p, e o sinal da equac¸a˜o. Substituindo o ponto (2,−2), que pertence a` para´bola, temos 22 = ±4p(−2)⇔ 4 = ±(−8)p⇔ −p = ±1 2 . Sabemos que p > 0, logo, no ± acima, devemos considerar apenas o −, assim, temos x2 = −4 · 1 2 y ⇔ x2 = −2y f. Procedendo como no item anterior, x2 = −4 3 y. g. Primeiramente, vamos determinar o ve´rtice da para´bola. Como o eixo de simetria e´ perpendiculara a` diretriz (que e´ horizontal), ele sera´ vertical, e como passa pelo foco F = (4,−5), sera´ enta˜o a reta x = 4. A intersec¸a˜o do eixo de simetria com a diretriz sera´ enta˜o o ponto F ′ = (4, 1). Observe que o ve´rtice sera´ enta˜o o ponto me´dio do foco Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 7 F e F ′, assim, V = ( 4 + 4 2 , −5 + 1 2 ) = (4,−2). A distaˆncia entre F e V e´ p = 3, logo a equac¸a˜o da para´bola e´ (x− 4)2 = 4 · 3(y − (−2))⇔ (x− 4)2 = 12(y + 2). h. (x− 4)2 = 16(y − 1). 5. Lembre-se de que o eixo y e´ a reta x = 0. Assim, para determinar a intersec¸a˜o do objeto descrito por qualquer equac¸a˜o com o eixo y, basta fazer x = 0 na equac¸a˜o. Assim, substituindo x = 0 nas equac¸o˜es das para´bolas, temos a. y = 1 4 · 02 − 0 + 4 = 4, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0, 4). b. y = −3/2, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0,−3/2). c. y = 2, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0, 2). d. y = −39/20, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0,−39/20). e. y = 0, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0, 0). f. y = 17/8, logo, a intersec¸a˜o da para´bola com o eixo y e´ o ponto (0, 17/8). Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 8 6. a. A regia˜o A procurada e´ o conjunto dos pontos (x, y) que satisfazem, simultaneamente, as equac¸o˜es y ≥ 2x− 3 e y < 4x− x2. A regia˜o descrita pela primeira inequac¸a˜o (e representada no esboc¸o abaixo) e´ o conjunto dos pontos acima da reta y = 2x − 3, incluindo os pontos desta reta (a reta esta´ trac¸ada em preto para indicar que ela esta´ na regia˜o). A regia˜o descrita pela segunda inequac¸a˜o e´ o conjunto dos pontos abaixo da para´bola y =4x − x2, na˜o incluindo a para´bola. Esta para´bola pode ser reescrita y = 4x−x2 ⇔ −y = x2−4x⇔ −y+4 = (x−2)2 ⇔ (x−2)2 = −4·1 4 (y−4), logo, e´ a regia˜o representada abaixo (a para´bola esta´ trac¸ada em cinza para representar que ela na˜o esta´ contida na regia˜o) Assim, a regia˜o procurada e´ a intersec¸a˜o das duas esboc¸adas acima. Note que, no esboc¸o, os pontos da para´bola na˜o pertencem a` regia˜o (por isso a para´bola e´ trac¸ada em cinza), os da reta pertencem (trac¸ada Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 9 em preto) e as intersec¸o˜es na˜o pertencem (pois a para´bola na˜o esta´ na regia˜o). Para determinar a intersec¸a˜o entre a reta e a para´bola, basta resolver 2x− 3 = 4x− x2, e obter (3, 3) e (−1,−5). b. A regia˜o procurada e´ a formada pelos pontos acima da para´bola y = x2 − 2x (incluindo a para´bola) e abaixo da para´bola y = 4x − x2 (na˜o incluindo a para´bola). Tais para´bolas podem ser escritas (x−1)2 = 4(1/4)(y+1) e (x−2)2 = −4(1/4)(y−4), respectivamente, e suas intersec¸o˜es podem ser calculadas resolvendo-se x2−2x = 4x−x2, obtendo-se (0, 0) e (3, 3). Abaixo, o esboc¸o da regia˜o: Note que as intersec¸o˜es das para´bolas ((0, 0) e (3, 3)) na˜o pertencem a` regia˜o final, nem a parte tracejada das para´bolas (esboc¸adas aqui apenas para podermos visualiza´-las). A para´bola trac¸ada em cinza, tambe´m na˜o esta´ na regia˜o. c. A regia˜o sera´ aquela acima da reta y = −2x + 8 (incluindo a reta) e abaixo da para´bola y = x2 (incluindo a para´bola). O ponto (2, 4), pertencente a` intersec¸a˜o de ambas as curvas, tambe´m pertencera´ A` regia˜o. Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geom. Anal´ıtica I Respostas do Mo´dulo I - Aula 15 10 d. As linhas tracejadas, bem como os pontos (−1,−1) e (3, 3) (intersec¸a˜o das para´bolas), na˜o pertence a` regia˜o. Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ
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