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UNIP – Universidade Paulista Respostas – Exercício Pesquisa Operacional 1). A alternativa que apresenta as afirmativas corretas, é a letra d) Apenas as afirmações II e V são verdadeiras. Justificativa da questão 1: A função objetivo para o problema apresentado visa a maximização do lucro, conforme descrito no próprio enunciado. Portanto, o modelo correto desta função será: FO = MaxLucro = 325 * unidades vendidas de P1 + 65 * unidades vendidas de P2 Da mesma forma, a única restrição que condiz com o conteúdo presente no enunciado, é a que apresenta: 8 * unidades vendidas de P1 + 3 * unidades vendidas de P2 ≤ 15 2). A alternativa que apresenta o modelo matemático de maximização do número de casas construídas desta questão, é a letra d). Justificativa da questão 2: Analisando a afirmativa de que o objetivo do modelo matemático desta questão, seja maximizar o número de casas a serem construídas, visualmente é possível notar que a alternativa que apresenta corretamente a função objetivo desta questão, é a letra d), pois conforme o enunciado, x1 = número de casas do tipo A, x2 = número de casas do tipo B, e x3 = número de casas do tipo C. Logo, temos que: Função Objetivo: Max(x1, x2, x3) = x1 + x2 + x3 Sujeito a: 6x1 < 150 4x2 < 200 3x3 < 250 1200x1 + 1000x2 + 800x3 < 200000 x1, x2 e x3 ≥ 0 3). A alternativa que apresenta o gráfico correto para uma das restrições do problema de programação linear apresentado é a b) Justificativa da questão 3: Inicialmente, substituímos o x1 e x2 por 0, para obtermos os pontos P1 e P2, e traçar a reta correspondente: 3x1 + x2 ≥ 6 com o x1 = 0 para obter x2, fica: 0 + x2 = 6 x2 = 6 → P1 = (0 ; 6) 3x1 + x2 ≥ 6 com o x2 = 0 para obter x1, fica: 3x1 + 0 = 6 x1 = 6 / 3 x1 = 2 → P2 = (2 ; 0) Conferindo a viabilidade, e substituindo x1 e x2 por 0 temos que: 3x1 + x2 ≥ 6 → 3*0 + 0 = 0 0 é < que 6, logo, o ponto de origem (0 ; 0) não satisfaz a desigualdade da equação, apresentando região de viabilidade acima da reta ( ↗ ). Com o conteúdo acima apresentado, o gráfico que corresponde à justificativa, e se iguala à uma das afirmativas é: b) 4). a). Apresente a modelagem matemática deste problema. No problema acima, inicialmente devemos identificar quais são as variáveis de decisão. No enunciado desta questão são apresentadas as seguintes variáveis: x1 = libras de milho na mistura / x2 = libras de preparo de soja na mistura Após identificar as variáveis, a função objetivo deste problema deve ser evidenciado. Logo, temos que: FO: Minimizar Z = 0,3x1 + 0,9x2 Com a função objetivo apresentada, agora é o momento de, analisando o enunciado, identificar as restrições. Portanto, temos que: x1 + x2 ≥ 800 (libras de milho e preparo de soja na mistura diária) 0,09x1 + 0,6x2 ≥ 0,3 (x1+ x2) (requisito nutricional de proteína) 2 x1 6 x2 Vamos passar para o lado esquerdo os valores de x1 e x2 (0,3x1 + 0,3x2) e deixar a inequação ≥ 0, aplicando a fórmula matemática de distribuição: 0,09x1 + 0,6x2 ≥ 0,3x1 + 0,3x2 0,09x1 + 0,6x2 – 0,3x1 – 0,3x2 ≥ 0 0,09x1 + (– 0,3x1) + 0,6x2 + (– 0,3x2) ≥ 0 – 0,21x1 + 0,3x2 ≥ 0 0,02x1 + 0,06x2 ≤ 0,05 (x1 + x2) (requisito nutricional de fibra) Vamos passar para o lado esquerdo os valores de x1 e x2 (0,05x1 + 0,05x2) e deixar a inequação ≤ 0, aplicando a fórmula matemática de distribuição: 0,02x1 + 0,06x2 ≤ 0,05x1 + 0,05x2 0,02x1 + 0,06x2 – 0,05x1 – 0,05x2 ≤ 0 0,02x1 + (– 0,05x1) + 0,06x2 + (– 0,05x2) ≤ 0 – 0,03x1 + 0,01x2 ≤ 0 x1 ≥ 0, x2 ≥ 0 (restrição de não-negatividade) Portanto, a modelagem matemática deste problema ficou assim: Função Objetivo: MinCusto(x1, x2) = 0,3x1 + 0,9x2 Sujeito a: x1 + x2 ≥ 800 – 0,21x1 + 0,3x2 ≥ 0 – 0,03x1 + 0,01x2 ≤ 0 x1, x2 ≥ 0 b). Insira esta modelagem matemática no Excel, para ser resolvida no Solver. Faça um print-screen da modelagem. c). Rode o solver e apresente o ponto ótimo e o valor da função objetivo no ponto ótimo. Com o resultado obtido após rodar o Solver, é possível visualizarmos que o ponto ótimo se configura como x1 = 470,59 e x2 = 329,41. Já com relação ao valor da função objetivo no ponto ótimo, este se configura como Z = 437,65. No nosso entendimento, com base no que pudemos captar em aula, isto significa dizer que o custo mínimo diário associado às misturas, corresponde a: Z = 0,3 * 470,59 + 0,9 * 329,41 = R$437,65 por dia Ou seja, a mescla de 470,59 libras de ração de milho com custo de R$0,30 + 329,41 libras de ração de soja com custo de R$0,90, determinam em um custo diário de mistura de R$ 437,65. Função Objetivo x1 x2 0,3 0,9 Variáveis Z= 0 Restrições nº No. x1 x2 LHS RHS 1 1 1 0 800 2 -0,21 0,30 0 0 3 -0,03 0,01 0 0 Coeficientes das Variáveis Coeficientes das Variáveis Constantes Minimizar Custo Função Objetivo x1 x2 0,3 0,9 Variáveis 470,5882353 329,4117647 Z= 437,6470588 Restrições nº No. x1 x2 LHS RHS 1 1 1 800 800 2 -0,21 0,30 0 0 3 -0,03 0,01 -10,8235294 0 Coeficientes das Variáveis Coeficientes das Variáveis Constantes Minimizar Custo 5). a). Apresente a representação geométrica do conjunto de soluções viáveis para o problema. Inicialmente, substituímos o x1 e x2 por 0 na primeira restrição, para obtermos os pontos P1 e P2, e traçar a reta correspondente: 0,3x1 + 0,1x2 ≤ 2,7 com o x1 = 0 para obter x2, fica: 0 + 0,1x2 = 2,7 x2 = 2,7 / 0,1 x2 = 27 → P1 = (0 ; 27) 0,3x1 + 0,1x2 ≤ 2,7 com o x2 = 0 para obter x1, fica: 0,3x1 + 0 = 2,7 x1 = 2,7 / 0,3 x1 = 9 → P2 = (9 ; 0) Conferindo a viabilidade, e substituindo x1 e x2 por 0 temos que: 0,3x1 + 0,1x2 ≤ 2,7 → 0,3*0 + 0,1*0 = 0 0 é < que 2,7, logo, o ponto de origem (0 ; 0) satisfaz a desigualdade da equação, apresentando região de viabilidade abaixo da reta ( ↙ ). Agora, repetiremos o mesmo processo com a segunda restrição, para encontrarmos os pontos P3 e P4: 0,5x1 + 0,5x2 = 6 com o x1 = 0 para obter x2, fica: 0 + 0,5x2 = 6 x2 = 6 / 0,5 x2 = 12 → P3 = (0 ; 12) 0,5x1 + 0,5x2 = 6 com o x2 = 0 para obter x1, fica: 0,5x1 + 0 = 6 x1 = 6 / 0,5 x1 = 12 → P4 = (12 ; 0) Conferindo a viabilidade, e substituindo x1 e x2 por 0 temos que: 0,5x1 + 0,5x2 = 6 → 0,5*0 + 0,5*0 = 0 0 não é igual a 6, logo, o ponto de origem (0 ; 0) não satisfaz a desigualdade da equação, apresentando região de viabilidade acima da reta ( ↗ ). Faremos o mesmo processo com a terceira restrição, para encontrarmos os pontos P5 e P6: 0,6x1 + 0,4x2 ≥ 6 com o x1 = 0 para obter x2, fica: 0 + 0,4x2 = 6 x2 = 6 / 0,4 x2 = 15 → P5 = (0 ; 15) 0,6x1 + 0,4x2 ≥ 6 com o x2 = 0 para obter x1, fica: 0,6x1 + 0 = 6 x1 = 6 / 0,6 x1 = 10 → P6 = (10 ; 0) Conferindo a viabilidade, e substituindo x1 e x2 por 0 temos que: 0,6x1 + 0,4x2 ≥ 6 → 0,6*0 + 0,4*0 = 0 0 é < que 6, logo, o ponto de origem (0 ; 0) não satisfaz a desigualdade da equação, apresentando região de viabilidade acima da reta ( ↗ ). Com isto, temos a seguinte representação geométrica, composta pelos conjuntos de soluções: P1 P2 P3 P4 P5 P60 5 10 15 20 25 30 0 2 4 6 8 10 12 14 x2 x1 Gráfico b). Identifique o ponto ótimo. Para identificação do ponto ótimo, precisamos localizar os vértices da região de viabilidade, e reuni-los como apresentado abaixo: A = (0 ; 27) B = (0 ; 15) C = ??? D = ??? No caso acima, será necessário determinar as coordenadas dos pontos C e D, uma vez que estes vértices se formaram a partir do cruzamento da linha verde com a linha azul (ponto C), e linha verde com linha rosa (ponto D). Então, vamos determinar o ponto de encontro entre a reta verde (0,5x1 + 0,5x2= 6) e reta azul (0,6x1 + 0,4x2 = 6). Para isto, podemos utilizar os métodos de igualdade, adição ou substituição, para resolução do sistema. Neste caso, faremos isto aplicando o método da adição no sistema gerado com as duas equações: 0,6x1 + 0,4x2 = 6 0,5x1 + 0,5x2 = 6 (– 0,8) multiplicamos por uma constante negativa, de forma que esta converta pelo menos 1 das incógnitas, transformando-a no inverso aditivo da 0 5 10 15 20 25 30 0 2 4 6 8 10 12 14 x2 x1 Gráfico A B C D outra equação. Isto é necessário, porque neste caso, o sistema é composto por incógnitas que não são opostos aditivos: 0,6x1 + 0,4x2 = 6 – 0,4x1 – 0,4x2 = – 4,8 0,2x1 = 1,2 x1 = 1,2 / 0,2 x1 = 6 Agora, substituindo o x1 em qualquer uma das equações para determinar o x2, temos que: 0,6x1 + 0,4x2 = 6 0,6*6 + 0,4x2 = 6 3,6 + 0,4x2 = 6 0,4x2 = 6 – 3,6 0,4x2 = 2,4 x2 = 2,4 / 0,4 x2 = 6 Portanto, o ponto C = (6 ; 6). Agora, seguindo o mesmo processo, encontraremos o ponto D. Então, vamos determinar o ponto de encontro entre a reta verde (0,5x1 + 0,5x2 = 6) e a reta rosa (0,3x1 + 0,1x2 ≤ 2,7). Da mesma forma como no caso anterior, utilizaremos o método da adição no sistema gerado com as duas equações: 0,3x1 + 0,1x2 = 2,7 0,5x1 + 0,5x2 = 6 (– 0,2) multiplicamos por uma constante negativa Assim, teremos o sistema com o inverso aditivo: 0,3x1 + 0,1x2 = 2,7 – 0,1x1 – 0,1x2 = – 1,2 0,2x1 = 1,5 x1 = 1,5 / 0,2 x1 = 7,5 Agora, substituindo o x1 em qualquer uma das equações para determinar o x2, temos que: 0,3x1 + 0,1x2 = 2,7 0,3*7,5 + 0,1x2 = 2,7 2,25 + 0,1x2 = 2,7 0,1x2 = 2,7 – 2,25 0,1x2 = 0,45 x2 = 0,45 / 0,1 x2 = 4,5 Portanto, o ponto D = (7,5 ; 4,5). Agora, estamos aptos para determinar o ponto ótimo, uma vez que já possuímos os pontos de cada vértice, referentes à área de viabilidade: A = (0 ; 27) B = (0 ; 15) C = (6 ; 6) D = (7,5 ; 4,5) Minimizar Z = 0,4x1 + 0,5x2 A = (0 ; 27) = 0,4 * 0 + 0,5 * 27 = 13,5 B = (0 ; 15) = 0,4 * 0 + 0,5 * 15 = 7,5 C = (6 ; 6) = 0,4 * 6 + 0,5 * 6 = 2,4 + 3 = 5,4 D = (7,5 ; 4,5) = 0,4 * 7,5 + 0,5 * 4,5 = 3 + 2,25 = 5,25 Logo, o ponto ótimo para minimizar Z corresponde a x1 = 7,5; x2 = 4,5. c). Qual o valor da função objetivo no ponto ótimo? A função objetivo deste problema corresponde a: Z(min) = 0,4*7,5 + 0,5*4,5 = 5,25. Portanto, o valor ótimo desta função, corresponde a 5,25, conforme apresentado na função acima, bem como destacado na tabela supra apresentada.
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