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2ª. Tarefa Moodle – Fenômenos de Transporte 2019/3 GABARITO Postar na plataforma em um único arquivo PDF, escrito à mão, com nome, assinatura e data. 1 - Uma placa de cobre (k = 400 W/mK), de 10 cm de espessura, é colocada ao lado de uma placa de aço AISI 1010 (k=63,9 W/mK) de 5 cm de espessura. Sabendo-se que a placa de cobre está colocada à esquerda da placa de aço, a temperatura da face esquerda da placa de cobre é 80 °C e a temperatura da face direita da placa de aço é de 30°C, pede- se de- terminar: (a) o calor trocado no conjunto, (b) a temperatura da interface e (c) O que acontece se a posição das duas placas for invertida? a) A área não é fornecida, então a solução pode ser encontrada em [W/m2]. Com TE=80ºC, TD=30ºC, temos: 𝑞" = ∆𝑇 𝑅𝑒𝑞 = (𝑇𝐸−𝑇𝐷) 𝑅𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒+𝑅𝑎ç𝑜 𝑅"𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 = 𝐿𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 𝐾𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 = 10𝑥10−2 400 = 2,5𝑥10−4 𝑚2𝐾 𝑊 𝑅"𝑎ç𝑜 = 𝐿𝑎ç𝑜 𝐾𝑎ç𝑜 = 5𝑥10−2 63,9 = 7,8𝑥10−4 𝑚2𝐾 𝑊 𝑞" = (80 − 30) 2,5𝑥10−4 + 7,8𝑥10−4 = 48.543,7 𝑊 𝑚2 b) A taxa de calor flui através dos dois materiais em série, logo o valor de q” encontrado em (a) pode ser usado para descobrir a Ti (temperatura da interface), como 𝑞𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 " = 𝐾𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 𝐿𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 ∆𝑇 = 400 10𝑥10−2 (80 − 𝑇𝑖) ⇒ 𝑇𝑖 = 67,86°𝐶 𝑞𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 " 400 10𝑥10−2 (80 − 𝑇𝑖) ⇒ 𝑇𝑖 = 67,86°𝐶 c) A taxa de transporte de calor não se modifica se invertermos as posições das placas, desde que suas dimensões sejam mantidas, veja: 𝑞" = ∆𝑇 𝑅𝑒𝑞 = (𝑇𝐸 − 𝑇𝐷) 𝑅𝑐𝑜𝑏𝑟𝑒 + 𝑅𝑎ç𝑜 = (80 − 30) 2,5𝑥10−4 + 7,8𝑥10−4 = 48.543,7 𝑊 𝑚2 2 - Um equipamento condicionador de ar deve manter uma sala, de 15 m de comprimento, 6 m de largura e 3 m de altura a 22 oC. As paredes da sala, de 25 cm de espessura, são feitas de tijolos com condutividade térmica de 0,14 Kcal/h.m.oC e a área das janelas podem ser consideradas desprezíveis. A face externa das paredes pode estar até a 40 oC em um dia de verão. Desprezando a troca de calor pelo piso e pelo teto, que estão bem isolados, pede-se o calor a ser extraído da sala pelo condicionador (em HP ). OBS : 1 HP = 641,2 Kcal/h. Para o cálculo da área de transferência de calor desprezamos as áreas do teto e piso, onde a transferência de calor é desprezível. 𝐴 = 2 × (6 × 3) + 2 × (15 × 3) = 126𝑚2 Considerando que a área das quinas das paredes, onde deve ser levada em conta a transferência de calor bidimensional, é pequena em relação ao resto: �̇� = 𝑘. 𝐴 𝐿 . (𝑇1 − 𝑇2) = 0,14(𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ. 𝑚. °𝐶⁄ ) × 126𝑚2 0,25𝑚 × (40 − 22)°𝐶 = 1270 𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ⁄ , ,q Kcal h HP Kcal h HP= =1270 1 641 2 1 979 Portanto a potência requerida para o condicionador de ar manter a sala refrigerada é: �̇� ≅ 2𝐻𝑃 3 - As superfícies internas de um grande edifício são mantidas a 20 oC, enquanto a temperatura na superfície externa é - 20 oC. As paredes medem 25 cm de espessura, e foram construídas com tijolos de condutividade térmica de 0,6 kcal/hmoC. a) Calcular a perda de calor para cada metro quadrado de superfície por hora. b) Sabendo-se que a área total do edifício é 1000 m2 e que o poder calorífico do carvão é de 5500 kcal/Kg, determinar a quantidade de carvão a ser utilizada em um sistema de aquecimento durante um período de 10 h. Supor o rendimento do sistema de aquecimento igual a 50%. 𝑇1 = 20°𝐶 𝑇2 = −20°𝐶 𝑘 = 0,6 𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ. 𝑚. °𝐶⁄ 𝐿 = 25𝑐𝑚 = 0,25𝑚 a) Desprezando o efeito do canto das paredes e a condutividade térmica da argamassa entre os tijolos, aplica-se a equação de Fourier para paredes planas T C T C k Kcal h m C L cm m m o o o 1 240 22 0 14 25 0 25 6 15 3 = = = = = , . . , sala : �̇� = 𝑘. 𝐴 𝐿 . (𝑇1 − 𝑇2) Para 𝐴 = 1𝑚2, temos : �̇� = 0,6 (𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ. 𝑚. °𝐶) × 1𝑚2⁄ 0,25𝑚 × [20 − (−20)]°𝐶 Portanto, o fluxo de calor transferido por cada metro quadrado de parede é : �̇� = 96 𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ⁄ (p/ 𝑚2de área) b) Esta perda de calor deve ser reposta pelo sistema de aquecimento, de modo a manter o interior a 20 oC. A perda pela área total do edifício é: 𝐴 = 1000 𝑚2 ⇒ �̇� = 96𝑥1000 = 96000 𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ⁄ O tempo de utilização do sistema de aquecimento é 10 horas. Neste período a energia perdida para o exterior é: �̇� = 𝑄 𝑡 ⇒ 𝑄 = �̇�. 𝑡 = 96000 𝐾𝑐𝑎𝑙 ℎ × 10ℎ⁄ = 960000𝐾𝑐𝑎𝑙 Com o rendimento do sistema é 50% a quantidade de calor a ser fornecida pelo carvão é : 𝑄𝑓 = 𝑄 𝜂 = 960000 0,5 = 1920000𝐾𝑐𝑎𝑙 Cada quilo de carvão pode fornecer 5500 Kcal, então a quantidade de carvão é: 𝑄𝑇𝑐𝑎𝑟𝑣ã𝑜 = 1920000𝐾𝑐𝑎𝑙 5500 𝐾𝑐𝑎𝑙 𝐾𝑔⁄ = 349𝐾𝑔 4 - Uma placa de espessura L1, material k1, é colocada justaposta a uma outra placa, de espessura L2, material k2. O fluxo de calor através da placa 2 é estimado em Q2 watts. O conjunto separa dois meios, um a TE e coeficiente de troca de calor por Convecção desconhecido, e o outro a TD, com coeficiente de troca de calor por Convecção igual a hD. Determine: a) a temperatura da interface separando os dois meios, TI; b) a temperatura da face direita da placa 2; c) Se o material 2 for substituído por um material 3, de espessura L3 = 2L2 e k3 = 2k2, calcule o calor trocado pela placa 1, nessas condições; d) explique por que a natureza do material da direita afeta o calor trocado pelo material da esquerda O Calor não se divide, está em série com o circuito, logo Q2[Watts] é a taxa de calor que atravessa todo o sistema: a) Ti pode ser determinado pelo sub-circuito da direita, conforme abaixo: 𝑄2 = ∆𝑇 𝑅𝑒𝑞 = (𝑇𝑖 − 𝑇𝐷) 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2 + 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣𝐷 𝑇𝑖 = 𝑇𝐷 + 𝑄2. (𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣𝐷 + 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2), onde 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣𝐷 = 1 ℎ̅𝐷.𝐴 e 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2 = 𝐿2 𝐾2.𝐴 Por outro lado, não é possível usar o sub-circuito do lado esquerdo porque hD é uma incógnita. b) Da mesma forma, T2 pode ser determinado pelo sub-circuito da direita: 𝑄2 = (𝑇2 − 𝑇𝐷) 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣 𝐷 𝑇2 = 𝑄2. 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣 𝐷 + 𝑇𝐷 c) O calor não se altera. De acordo com o esquema baixo, Ti pode ser determinado pelo sub-circuito da direita, conforme abaixo: 𝑄2 = ∆𝑇 𝑅𝑒𝑞 = (𝑇𝑖 − 𝑇𝐷) 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2 + 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑣𝐷 Substituindo Rcond2 por Rcond3, o valor da resistência é o mesmo, poir 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2 = 𝐿2 𝐾2. 𝐴 𝑒 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑3 = 𝐿3 𝐾3. 𝐴 = 2𝐿2 2𝐾2. 𝐴 = 𝐿2 𝐾2. 𝐴 = 𝑅𝑐𝑜𝑛𝑑2 d) Porque alterando a natureza do material, altera-se sua condutividade e consequentemente sua resistência. Alterando a resistência do material da direita, altera-se também a resistência total do sistema e consequentemente o calor trocado. 5 - Considere uma esfera de raio 20 cm (grosso modo, o raio de uma cabeça humana). Supondo que ela possa ser modelada como um corpo negro, determine (a) o poder emissivo total e (b) o poder emissivo monocromático a 2 mícron. Considere a temperatura corporal nominal, isto é, 37 °C. T=27+273 = 300K, como corpo negro a emissividade é igual a 1. a) 𝐸𝑇 = 𝜀. 𝜎. 𝑇 4 = 1 × 5,67𝑥10−8 × 3004 = 459,27 𝑊 𝑚2 ou considerando uma área superficial da esfera (4 × 𝜋 × 𝑟2): 𝐸𝑇 = 𝜀. 𝐴. 𝜎. 𝑇 4 = 1 × (4 × 𝜋 × (20𝑥10−2)2)5,67𝑥10−8 × 3004 = 230,85 𝑊 b) A 2 mícron, a fração de radiação é medida pela função emissão de uma banda de corpo negro: 𝜆𝑇= 2 × 300 = 600 𝜇𝑚. 𝐾 e de acordo com a tabela 12.1 a intensidade espectral (terceira coluna), vale: 𝐼𝜆,𝑐𝑛(𝜆,𝑇) 𝜎𝑇5 = 0,104046 × 10−8 ⟹ 𝐼𝜆,𝑐𝑛(𝜆, 𝑇) = 0,104046 × 10 −8 × 𝜎𝑇5 = 1,434 × 10−4 𝑊 (𝑚2. 𝑠𝑟. 𝜇𝑚)⁄ 𝐸𝜆,𝑐𝑛 = 𝐼𝜆,𝑐𝑛 × (𝜆, 𝑇) = 𝜋 × 1,434 × 10 −4 = 4,505 × 10−4 𝑊 (𝑚2. 𝜇𝑚)⁄ 6 - Considere uma cavidade de grandes dimensões que é mantida à temperatura de 2500 K. Calcule o poder emissivo da radiação emergente através de um pequeno furo na superfície da cavidade. Determine o comprimento de onda abaixo do qual 40% da energia é emitida. c) 𝐸𝑇 = 𝜀. 𝜎. 𝑇 4 = 1 × 5,67𝑥10−8 × 25004 = 2.218.750,0 𝑊 𝑚2 d) A fração de 40% da radiação equivale a 𝐸40% = 887.500,0 𝑊 𝑚2 𝐼𝜆,𝑐𝑛 × (𝜆, 𝑇) = 𝐸𝜆,𝑐𝑛 𝜋 = 282.500,0 𝑊 (𝑚2. 𝑠𝑟. 𝜇𝑚)⁄ que dividido por 𝜎𝑇5 fica: 𝐼𝜆,𝑐𝑛(𝜆,𝑇) 𝜎𝑇5 = 0,51 × 10−4 e de acordo com a tabela 12.1 a intensidade espectral (terceira coluna) equivale T de aproximadamente: 𝜆𝑇 = 2000 (𝜇𝑚. 𝐾. 𝑠𝑟)−1 ⇒ 𝜆 = 𝜆𝑇 𝑇 = 2000 2500 = 0,8𝜇𝑚
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