Simulado-Enem-2018-WR-Gabarito-e-Questões-comentadas-prova-II

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SIMULADO 8 - ENEM 2018 - PROVA II
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CIÊNCIAS DA NATUREZA E SUAS TECNOLOGIAS
Questões de 91 a 135
QUESTÃO 91 
Mesmo após o surgimento das baterias recarregáveis 
com alta capacidade de armazenamento de energia, 
os sistemas com dínamos continuam a ser atrativos para 
ciclistas que desejam ter um bom e econômico sistema de 
iluminação. Esse sistema não precisa ser recarregado ou 
trocado e pode permanecer indefinidamente na bicicleta. 
Sua configuração consiste basicamente de um rotor, ímã 
em formato cilíndrico, conectado por um eixo a um disco, 
que está conectado à roda da bicicleta, e que pode girar 
livremente. Ao redor do rotor, há um material ferromagnético 
que possui uma parte enrolada por bobinas. Esse material 
é responsável por transmitir a variação do fluxo às bobinas, 
e estas se conectam ao restante do sistema de iluminação 
pelo terminal de saída, conforme ilustra a figura a seguir:
Um ciclista que possui um sistema de iluminação com dínamo 
deseja aumentar o brilho da lâmpada em sua bicicleta. 
Supondo que esta esteja conectada ao terminal de saída, 
o ciclista deve
A. 	 utilizar um ímã que possua um campo magnético de 
menor intensidade, pois, quanto menor o campo, menor 
a f.e.m. induzida e menor será a perda de energia no 
interior do dínamo.
B. 	 utilizar uma lâmpada de baixa resistência elétrica, pois, 
quanto menor a resistência, maior a f.e.m. induzida, maior 
a corrente e maior será a potência dissipada na lâmpada. 
C. 	 utilizar bobinas de diâmetro menor, pois, quanto menor 
a área, maior a densidade de linhas que atravessam 
as bobinas, gerando uma maior f.e.m. e aumentando o 
brilho da lâmpada. 
D. 	 trocar os fios do terminal de saída, que formam as 
bobinas, por fios mais finos, diminuindo a resistência 
interna e a perda de energia no interior do dínamo por 
efeito Joule.
E. 	 trocar o disco por outro de menor diâmetro, pois, 
assim, para uma mesma velocidade linear, o ímã girará 
mais rápido, aumentando a f.e.m. induzida e o brilho 
da lâmpada.
SOGD
Alternativa E
Resolução: Analisando cada afirmativa separadamente:
A) INCORRETO – Como a única fonte de energia da 
lâmpada é a f.e.m. induzida no dínamo, uma menor f.e.m. 
gerará uma menor corrente. Sendo o brilho diretamente 
relacionado à potência dissipada, e essa o produto da 
f.e.m. pela corrente, um menor campo magnético diminuirá 
o brilho da lâmpada, o que não é o desejo do ciclista.
B) INCORRETO – A f.e.m. induzida na bobina depende 
apenas da taxa de variação temporal do fluxo magnético sobre 
a bobina. Logo, não há efeito de causa e consequência entre 
a resistência da lâmpada e a intensidade da f.e.m. induzida.
C) INCORRETO – A intensidade da f.e.m. induzida depende 
da variação do fluxo magnético, e este é diretamente 
proporcional à área. Logo, diminuir a área das bobinas 
reduzirá a f.e.m. induzida, gerando uma corrente elétrica 
menor e diminuindo o brilho da lâmpada.
D) INCORRETO – Fios finos possuem pequena área de 
seção reta. Quanto menor essa área, maior a resistência 
elétrica do fio. Logo, fazer essa troca aumentará a 
resistência interna do sistema, diminuindo a corrente 
elétrica e, por consequência, o brilho da lâmpada.
E) CORRETO – Como o disco e o ímã estão conectados pelo 
mesmo eixo, terão a mesma frequência. Logo, diminuindo 
o diâmetro do disco, para uma mesma velocidade, o ímã 
girará mais rápido, aumentando a f.e.m., a corrente que 
atravessa o sistema e, por consequência, também o brilho 
da lâmpada.
QUESTÃO 92 
Por que o sabonete limpa?
As moléculas que constituem o sabonete se comportam 
de um jeito bem atípico: enquanto uma parte das moléculas 
tem afinidade pela água, a outra metade, ao contrário, 
“foge” da água e é atraída por substâncias oleosas – como 
as moléculas de gordura e poeira que aderem à pele. 
As moléculas do sabão funcionam como “ganchos” para a 
sujeira, ou seja, a parte que tem afinidade por água flui junto 
com o líquido, enquanto a outra metade fisga as moléculas 
de gordura e poeira que aparecem pelo caminho. Assim, 
para realizar a limpeza, basta abrir a torneira e lançar um 
leve jato de água sobre a pele para mandar para o ralo toda 
a sujeira junto com a espuma do sabonete.
Disponível em: <http://mundoestranho.abril.com.br>. 
Acesso em: 19 jun. 2017 (Adaptação).
As moléculas de sabonete se ligam às moléculas de água 
preferencialmente por meio de
A. 	 ligações de hidrogênio.
B. 	 ligações iônicas.
C. 	 interações íon-dipolo. 
D. 	 interações dipolo instantâneo-dipolo induzido.
E. 	 interações dipolo permanente-dipolo permanente. 
UA37
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 1BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa C
Resolução: O sabão é um sal de ácido carboxílico 
constituído por dois grupos com polaridades distintas – 
um grupo apolar (formado por uma longa cadeia carbônica) 
e um grupo polar (COONa), conforme representado, 
simplificadamente, a seguir: 
CH3CH2CH2CH2CH2CH2CH2CH2CH2CH2CH2 C
O
O–Na+
Quando o sabão é colocado em contato com um sistema 
que contém água e gordura, por exemplo, forma-se uma 
dispersão coloidal constituída por espécies denominadas 
micelas. Em geral, essas espécies apresentam o interior 
muito pouco polar e o exterior com elevada polaridade 
devido à presença dos grupos iônicos. Assim, na parte 
interna, gordura e cadeia carbônica interagem entre si por 
meio de interações do tipo dipolo instantâneo-dipolo induzido 
enquanto, na parte externa, os grupos iônicos interagem com 
a água, preferenciamente por interações do tipo íon-dipolo.
QUESTÃO 93 
Durante uma explicação em sala de aula, a professora de 
Biologia foi desafiada por um aluno que afirmava que a célula 
da imagem a seguir estava necessariamente em meiose II.
Disponível em: <http://guiadoestudante.abril.com.br>. 
Acesso em: 02 jun. 2015.
Para tentar convencer o aluno de que ele se enganara, 
a professora disse que na
A. 	 célula a ploidia deve ser analisada de acordo com a 
quantidade de DNA.
B. 	 célula a presença de 8 cromátides elimina a possibilidade 
de meiose II.
C. 	 imagem os cromossomos são duplos, ou seja, ainda é 
uma célula 2n.
D. 	 meiose II não existem pares de cromossomos 
homólogos.
E. 	 meiose II os cromossomos estão pareados na placa 
equatorial.
Alternativa D
Resolução: Analisando a imagem, é possível observar a 
presença de quatro cromossomos de dois tipos diferentes 
(dois brancos e dois pretos), ou seja, a imagem representa 
uma célula diploide, 2n = 4. Se a célula estivesse em meiose II 
não seria possível observar a presença de cromossomos 
homólogos, pois estes são separados na meiose I. 
7EGØ
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) A ploidia é determinada pelo número de conjuntos de 
cromossomos presentes na célula.
B) Apenas o número de cromátides não é suficiente para 
indicar a fase da divisão celular.
C) Uma célula 2n apresenta dois conjuntos de cromossomos.
E) Os cromossomos alinham-se na placa equatorial na 
metáfase da meiose I, meiose II e metáfase.
QUESTÃO 94 
A tirinha a seguir apresenta o estabelecimento de uma 
relação interespecífica desarmônica. 
Disponível em: <www.niquel.com.br>. Acesso em: 04 ago. 2017.
Para que a relação ecológica estabelecida na tirinha possa 
acontecer, é necessáriaa
A. 	 adaptação mimética do inseto. 
B. 	 coloração de advertência do inseto. 
C. 	 sobreposição de nichos ecológicos. 
D. 	 abundância de recursos alimentares. 
E. 	 diminuição da população dos predadores. 
Alternativa C
Resolução: A tirinha retrata uma relação ecológica 
desarmônica na qual organismos de espécies diferentes 
competem pelo mesmo recurso alimentar, caracterizando a 
competição. Essa situação pode ocorrer quando espécies 
diferentes apresentam nichos ecológicos semelhantes. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas: 
A) O possível mimetismo do inseto, fazendo com que ele se 
assemelhe a indivíduos de outra espécie, pode diminuir 
a competição pelo fato de o animal mimetizado não fazer 
parte dos hábitos alimentares do predador. 
B) A coloração aposemática (de advertência) ocorre em 
algumas espécies que exibem cores vivas e marcantes, 
que advertem os seus predadores de gosto pouco 
palatável ou da presença de veneno. Assim, essa 
coloração favorece a diminuição da predação desses 
organismos. 
D) A abundância de recursos alimentares ameniza a 
competição entre os organismos, enquanto a escassez 
de alimento aumenta a competição por esse recurso. 
E) A diminuição da população dos predadores também 
ameniza a competição pelo mesmo recurso alimentar.
67C8
CNAT – PROVA II – PÁGINA 2 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 95 
TEXTO I
As estações de tratamento de água (ETA) usam 
filtros e vários produtos químicos para limpar a água 
que sai pelas torneiras das casas. Todo esse cuidado 
não é para menos. A água captada de rios ou represas 
vem com folhas, peixes, lodo e muitas bactérias. Dessa 
forma, para chegar às casas limpa e sem cheiro, a 
água passa cerca de três horas dentro de uma ETA, 
o que inclui decantação da sujeira, filtragem e adição de 
cloro e flúor, entre outras etapas. 
Disponível em: <http://mundoestranho.abril.com.br>. Acesso em: 04 
ago. 2017. [Fragmento adaptado]
TEXTO II
Esquema simplificado que representa o 
funcionamento de uma estação de tratamento de água 
(ETA)
Disponível em: <https://esquadraodoconhecimento.wordpress.com>. 
Acesso em: 31 jul. 2017 (Adaptação).
As etapas em que ocorrem, respectivamente, aglutinação 
de impurezas sólidas e eliminação de micro-organismos 
patogênicos presentes na água, por meio de agentes 
químicos, são 
A. 	 1 e 4.
B. 	 1 e 7.
C. 	 2 e 4.
D. 	 2 e 6.
E. 	 3 e 5.
Alternativa D
Resolução: A água proveniente de rios ou represas (1) chega à 
estação de tratamento de água (ETA), onde ocorre a adição de 
um agente floculante (2), como o A2(SO4)3, o qual promove a 
formação de flocos e a aglutinação de impurezas sólidas, que se 
movimentam dentro dos tanques (3), ganhando peso, volume 
e consistência. Essas partículas, por serem mais densas que 
a água, decantarão lentamente em tanques específicos (4), 
enquanto a água será encaminhada para tanques de filtração (5), 
onde as impurezas sólidas restantes serão removidas. Após 
esse processo, adiciona-se cloro ativo (6) em virtude da ação 
bactericida do hipoclorito produzido na reação química com 
o C2. Essa etapa tem como objetivo eliminar micro-organismos 
patogênicos, tornando a água potável que será armazenada (7) 
e distribuída para os reservatórios dos bairros (8) e, 
posteriormente, para as residências (9).
Z3LA QUESTÃO 96 
Fotossíntese é um processo físico-químico que alguns 
seres vivos realizam, do qual um dos subprodutos é o 
oxigênio. O gráfico a seguir mostra a taxa de fotossíntese 
em função do comprimento de onda da radiação incidente. 
Quanto maior a taxa de fotossíntese, maior é a produção 
de gás oxigênio O2.
Taxa de fotossíntese Vermelho
Verde
Azul
400 500 600 700 nm
Disponível em: <http://www.vestibulandoweb.com.br>. 
Acesso em: 03 jul. 2017.
A energia do fóton da radiação que mais gera O2 é de 
aproximadamente 
Dados: c = 3,0 ⋅ 108 m/s 
h = 6,6 ⋅ 10–34 J.s
A. 	 3,0 ⋅ 10–19 J.
B. 	 3,6 ⋅ 10–19 J.
C. 	 4,2 ⋅ 10–19 J.
D. 	 5,0 ⋅ 10–19 J.
E. 	 6,6 ⋅ 10–19 J.
Alternativa A
Resolução: Analisando o gráfico apresentado, pode-se 
perceber que o pico da taxa de fotossíntese é no comprimento 
de onda, vermelho, por volta de 660 nm. Portanto, sua energia 
será:
= ⋅
λ
= ⋅ ⋅ ⋅
⋅
0 J= ⋅
–
–
–19
E h c
E 6,6 10 3 10
660 10
3,0 1
34 8
9
QUESTÃO 97 
Os hidrocarbonetos alifáticos representados a seguir 
têm a mesma fórmula molecular, no entanto, apresentam 
propriedades físicas e químicas diferentes. Nas mesmas 
condições de temperatura e pressão, o composto cíclico 
é termodinamicamente menos estável que o composto de 
cadeia aberta.
 
UC2L
CX1V
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 3BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
A diferença de estabilidade desses hidrocarbonetos se deve 
ao fato de o composto cíclico apresentar
 A átomos de carbono.
 B elétrons livres.
 C ligações covalentes tensionadas.
 D massa maior. 
 E ressonância eletrônica.
Alternativa C
Resolução: Os átomos de carbono que realizam apenas 
ligações simples sofrem hibridização sp3. Nessa situação, 
o ângulo esperado entre duas ligações quaisquer é igual a 109,5°. 
No entanto, no ciclopropano, o ângulo das ligações C C C é de 
60°, já que sua estrutura é semelhante a um triângulo equilátero. 
Esse valor é muito menor que o ângulo esperado para o 
carbono com hibridização sp3, o que resulta em uma grande 
tensão no anel desse cicloalcano e, consequentemente, em 
uma menor estabilidade desse composto.
QUESTÃO 98 
Para que o nitrogênio atmosférico atinja o solo, entrando 
no ecossistema, ele deve passar por um processo chamado 
fixação, realizado por pequenos grupos de bactérias 
nitrificantes, que retiram o nitrogênio na forma de N2 da 
atmosfera e o incorporam em suas moléculas orgânicas. 
Contudo, no ciclo do nitrogênio, representado no esquema 
a seguir, parte do nitrogênio gasoso também pode ser fixado 
de forma não biológica por meio de reação com o oxigênio 
a altas temperaturas. Esse processo pode ocorrer, 
por exemplo, em reações de combustão nos fornos industriais 
e também por meio de relâmpagos. Os óxidos de nitrogênio 
formados na atmosfera nesses processos, quando em contato 
com a água, são convertidos em ácido nítrico e levados 
pela chuva, fornecendo íons nitrato ao solo. As bactérias 
desnitrificadoras diminuem a quantidade de suprimento de 
nitrato no solo a partir de reações de oxirredução. 
N2
N2O
NO, NO2 HNO3
Combustão / 
RelâmpagosBactérias
fixadoras
NO3
–
NO2
–
NH4
+ NH3
No processo de desnitrificação, o NOx do nitrogênio pode 
variar de
A. 	+5 a +1.
B. 	+3 a +1.
C. 	+6 a 0.
D. 	+3 a 0.
E. 	+5 a +3.
Alternativa A
Resolução: O texto-base descreve o ciclo do nitrogênio 
apresentando as etapas envolvidas para que o nitrogênio 
atmosférico atinja o solo, bem como o processo envolvido 
na diminuição da quantidade de íons nitrato no solo. 
BVDO
Partindo dessas informações presentes no enunciado, 
deve-se associá-las a conhecimentos prévios, como a 
fórmula do íon nitrato (NO3–), que é proveniente da ionização 
do ácido nítrico: HNO3 + H2O → H3O+ + NO3–. Esse íon 
é a espécie cuja quantidade é reduzida no processo de 
desnitrificação.
Assim, analisando o ciclo apresentado, identifica-se a 
transformação responsável pela diminuição da quantidade de 
nitrato no solo, conhecida por desnitrificação, que é a única 
que apresenta uma seta originada no NO3–. Isso significa 
que, no ciclo, quando essa espécie é consumida, ocorre 
a formação de N2 e de N2O, conforme representado a seguir:
NO3– → N2
NO3– → N2O
Os NOx do nitrogênio em cada uma dessas espécies estão 
calculados a seguir:
• NO3–:
1 ⋅ NOx(N) + 3 ⋅ NOx(O) = –1
1 ⋅ NOx(N) + 3 ⋅ NOx(–2) = –1
NOx(N) = +5
• N2: Em substâncias simples, o NOx dos elementos é 
igual a zero.
NOx(N) = 0
• N2O:
2 ⋅ NOx(N) + 1 ⋅ NOx(O) = 0
2 ⋅ NOx(N) + 1 ⋅ NOx(–2) = 0
NOx(N) = +1
No processo de desnitrificação, o NOx do nitrogênio pode 
variar de +5 a 0 e também de +5 a +1. Portanto, a resposta 
correta é a presente na alternativaA.
QUESTÃO 99 
Ao mergulhar no fundo do mar perto do Japão, você 
pode se deparar com um animal assustador: o caranguejo-
-aranha gigante. Ele intimida pelo tamanho, já que pode ter 
até 3,8 metros de envergadura – com suas patas esticadas.
Quando adultos, os animais dessa espécie chamada 
Macrocheira kaempferi são onívoros, ou seja, se alimentam 
tanto da carne de outros animais quanto de vegetais.
Apesar da sua envergadura expressiva [...] seu peso 
máximo é de 19 kg.
Disponível em: <http://super.abril.com.br> 
Acesso em: 02 jun. 2017. [Fragmento adaptado]
Apesar do nome popular desse animal, ele é classificado 
como um crustáceo, pois, entre outros aspectos, apresenta
A. 	 um par de antena.
B. 	 respiração cutânea.
C. 	 hábitos carnívoros. 
D. 	 excreção por glândula verde.
E. 	 corpo dividido em cabeça e abdome.
3Y94
CNAT – PROVA II – PÁGINA 4 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa D
Resolução: Tanto os caranguejos quanto as aranhas são artrópodes, no entanto os caranguejos são do grupo dos crustáceos, 
enquanto as aranhas são do grupo dos aracnídeos, o que define as diferenças entre eles. Os crustáceos, como o caranguejo-aranha 
gigante, apresentam excreção por glândula verde, já os aracnídeos realizam excreção por túbulos de Malpighi e glândulas coxais.
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) Os crustáceos são tetráceros, isto é, apresentam dois pares de antenas.
B) Os crustáceos apresentam respiração branquial.
C) O caranguejo-aranha gigante tem hábito alimentar onívoro, como menciona a reportagem.
E) Os crustáceos têm corpo dividido em cefalotórax e abdome. 
QUESTÃO 100 
Tenha cuidado com os quatis quando estiver consumindo alimentos. Apesar de estarem habituados com a presença 
humana, eles podem atacar em busca de comida. 
Disponível em: <http://www.icmbio.gov.br>. Acesso em: 12 jul. 2017.
O texto anterior foi retirado do guia do visitante do Parque Nacional do Iguaçu. Intrigada com o aviso, uma bióloga buscou 
maiores informações. No site do local, foram encontrados detalhes sobre a manutenção da conservação da área do parque 
e os seguintes dados sobre a fauna.
Animais Hábito alimentar Status da população
Insetos Herbívoros Estável
Quatis Onívoros Em crescimento
Serpentes Carnívoros Estável
Tucano Onívoros Em redução
Onças Carnívoros Quase desaparecida
Analisando esses dados, a bióloga concluiu que o aviso foi criado devido ao desequilíbrio na relação entre quatis e 
A. 	 sua área territorial.
B. 	 seu nicho ecológico.
C. 	 seus decompositores. 
D. 	 suas espécies parasitas.
E. 	 suas espécies predadoras. 
Alternativa E
Resolução: Por meio da análise do texto e da tabela, constrói-se a seguinte teia alimentar.
Mata nativa
Quatis Serpentes
Onças
Tucanos
Insetos
Analisando essa teia e os dados da tabela, conclui-se que a queda brusca na população de onças, que representam o predador 
de topo de cadeia, pode favorecer o crescimento da população de suas presas, no caso, os quatis. 
Devido ao descontrole do aumento populacional, os quatis precisaram sair em busca de novas fontes de alimento, atacando 
os visitantes do parque.
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) Não há informações a respeito da alteração da área territorial dos quatis.
B) O texto informa que o parque mantém-se conservado, e ação de quatis está em crescimento, logo está em equilíbrio com 
seu nicho. 
C) A atuação dos decompositores não alteraria o comportamento dos quatis.
D) Não há dados sobre a alteração na população de espécies parasitas no parque.
UBGG
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 5BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 101 
Disponível em: <http://scienceblogs.com.br>. Acesso em: 06 jul. 2017.
Considerando os preceitos das teorias evolucionistas mais aceitas pela Biologia, a fala do garoto, no segundo quadrinho, 
deve ser refutada pelo tigre, pois o ser humano
A. 	 é independente da natureza, sendo esta dependente da espécie humana.
B. 	 é menos desenvolvido, já que os organismos mais evoluídos usam a cauda como adaptação.
C. 	 representa o final da evolução na Terra, uma vez que ele é capaz de controlar tudo à sua volta.
D. 	 impede a ação da seleção natural por meio do desenvolvimento das indústrias têxtil e farmacêutica.
E. 	 está sujeito, assim como todos os seres, à ação da seleção natural e é adaptado ao meio em que vive.
Alternativa E
Resolução: De acordo com a teoria evolucionista mais aceita atualmente (neodarwinista), os seres vivos estão 
adaptados à sua forma de vida. Dessa forma, não existe um ser mais evoluído do que o outro, pois cada um encontra-se 
adaptado ao seu modo de vida. Alguns seres podem apresentar estruturas mais complexas, mas isso os faz diferentes, 
e não superiores. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) O ser humano, assim como todos os outros animais, depende da natureza, e equilíbrio nas relações naturais é um dos 
fatores que garante a sobrevivência.
B) O uso da cauda não torna os seres mais evoluídos. A presença dessa estrutura favorece os hábitos arborícolas e colabora 
com o equilíbrio em algumas formas de vida.
C) A espécie humana não representa o final da evolução dos animais, pois o processo evolutivo é contínuo e interminável.
D) Por meio do desenvolvimento tecnológico e das indústrias têxtil e farmacêutica, o ser humano pode “burlar” a ação da 
seleção natural em alguns casos, mas é impossível impedir a sua atuação.
QUESTÃO 102 
Quando observamos fontes de luz a partir de longas distâncias, como estrelas, por exemplo, elas parecem de fato “piscar”. 
Esse fenômeno, conhecido pelos astrônomos como atmospheric seeing, é causado essencialmente por desvios aleatórios na luz 
devido a manifestações da turbulência na atmosfera terrestre, como flutuações de temperatura e deslocamentos de corrente de ar.
PINHEIRO, F. A. Revista Ciência Hoje, jan. / fev., 2005, p. 5. 
O fenômeno óptico que explica o atmospheric seeing é a
A. 	 convecção.
B. 	 difração.
C. 	 irradiação.
D. 	 reflexão.
E. 	 refração.
Alternativa E
Resolução: Como o fenômeno atmospheric seeing descrito no enunciado se dá por turbulências na atmosfera, pode-se deduzir 
que a única propriedade óptica da luz que é capaz de explicá-lo é a refração, já que a atmosfera não é capaz de refletir a luz. 
A difração só ocorre para partículas “grandes” em comparação com os constituintes mais comuns do ar, e a irradiação e a 
convecção não são fenômenos ópticos. Esse fenômeno é facilmente percebido também observando-se as luzes de uma cidade 
a uma grande distância, como em um mirante.
TBOL
3558
CNAT – PROVA II – PÁGINA 6 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 103 
A corrosão dos metais é um processo químico, em que 
um metal perde elétrons em contato com agentes naturais, 
como o oxigênio e a umidade. A deterioração de um metal 
pela oxidação é, portanto, um fenômeno natural, frequente e 
popularmente conhecido por ferrugem. [...] o ferro é um dos 
metais que mais facilmente oxidam, mas, por ser também 
um dos mais baratos, é bastante utilizado. Uma das formas 
para evitar o aparecimento da ferrugem é usar um “metal de 
sacrifício”, o qual deve ser trocado de tempos em tempos 
por causa do seu desgaste. Esse processo consiste em 
colocar o ferro em contato com outro metal mais suscetível 
à oxidação, o qual oxidará em seu lugar. 
Disponível em: <http://www.forumdaconstrucao.com.br>. 
Acesso em: 17 ago. 2017 (Adaptação).
A seguir, são informados alguns potenciais padrão 
de redução.
Semirreação
Potencial padrão 
de redução (V)
Ag+ + e– → Ag E° = +0,80
Cu2+ + 2e– → Cu E° = +0,34
Sn2+ + 2e– → Sn E° = –0,14
Fe2+ + 2e– → Fe E° = –0,44
Zn2+ + 2e– → Zn E° = –0,76
Mg2+ + 2e– → Mg E° = –2,36
As espécies que poderiam ser utilizadas para proteger uma 
tubulação de ferro contra a corrosão são
A. 	 Ag e Cu.
B. 	 Cu e Sn.
C. 	 Zn e Sn.
D. 	 Sn e Ag.
E. 	 Mg e Zn. 
Alternativa E
Resolução: A técnicadenominada “metal de sacrifício” 
consiste na aplicação de um revestimento metálico em uma 
determinada peça com o intuito de protegê-la da corrosão. 
Assim, o metal utilizado deve apresentar maior potencial de 
oxidação que o metal da peça a ser protegida. Analisando a 
tabela de potenciais de redução fornecida, verifica-se que as 
espécies que apresentam menor potencial de redução que 
o ferro e, consequentemente, maior potencial de oxidação, 
são o Zn e o Mg, conforme representado na tabela a seguir:
Semirreação Potencial padrão de oxidação (V)
Mg(s) → Mg2+(aq) + 2e– E° = +2,36
Zn(s) → Zn2+(aq) + 2e– E° = +0,76
Fe(s) → Fe2+(aq) + 2e– E° = +0,44
Sn(s) → Sn2+(aq) + 2e– E° = +0,14
Cu(s) → Cu2+(aq) + 2e– E° = –0,34
Ag(s) → Ag+(aq) + e– E° = –0,80
Logo, as espécies que poderiam ser utilizadas para proteger 
uma tubulação de ferro contra a corrosão são o Zn e o Mg.
2CZP QUESTÃO 104 
As forças podem modificar o movimento de um corpo, 
seja na sua trajetória, seja no valor da sua velocidade. 
Em um movimento circular, a força resultante que aponta 
para o centro da curva e que age na mudança de direção 
da velocidade é conhecida como força centrípeta.
Na Lua, a força gravitacional faz o papel de força 
centrípeta. Já em um elétron orbitando o núcleo de um átomo 
é a força eletrostática que executa esse papel.
Quando um carro está percorrendo uma curva plana e 
horizontal, sem derrapar, a força aplicada nele, que atua na 
condição de centrípeta e que é responsável pela mudança 
na direção da velocidade, é a força
 A de atrito cinético.
 B de atrito estático.
 C eletrostática.
 D normal com a superfície.
 E peso do carro.
Alternativa B
Resolução: Sendo a trajetória do carro uma curva, a força 
que fará o papel de força centrípeta terá de pertencer ao 
mesmo plano da trajetória. Como o carro não derrapará, 
isto é, deslizar, não há atuação de força de atrito cinético. 
Portanto, a alternativa correta é a B. 
QUESTÃO 105 
Em festas de aniversário, é comum o canto de músicas 
tradicionais onde os convidados batem palmas no mesmo 
ritmo, regularidade, das músicas. A divisão de músicas 
em intervalos de tempos iguais é chamada de compasso. 
Já andamento é o quão rápido os compassos são executados. 
Uma pessoa, em uma festa de aniversário, distraiu-se 
e perdeu o momento em que os convidados começaram a 
cantar e a bater palmas. Tentando reparar seu descuido, 
a pessoa passa a bater palmas, porém no contratempo 
dos demais, ou seja, ela bate as mãos quando os demais 
convidados fazem a pausa. 
Sabendo que a frequência com que a pessoa bate as mãos 
é igual ao andamento da música, ela deverá mudar
A. 	 a velocidade de suas palmas para que possa ficar no 
mesmo compasso dos outros convidados.
B. 	 a frequência de suas palmas para que possa ficar no 
mesmo ritmo dos outros convidados.
C. 	 o contratempo das próximas palmas, corrigindo a 
diferença de período entre ela e os convidados.
D. 	 o período das próximas palmas, corrigindo a diferença 
de andamento entre ela e os convidados. 
E. 	 o momento da sua próxima palma, corrigindo a 
diferença de fase entre ela e os convidados. 
HSZ5
9W5Ø
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 7BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa E
Resolução: Como a frequência com que a pessoa bate 
as mãos é igual ao andamento da música, e considerando 
que os demais convidados também estejam no mesmo 
andamento, o período e a velocidade de batidas é igual ao 
de todos. Como foi dito que o movimento feito pela pessoa 
está no contratempo das demais, a pessoa faz um movimento 
defasado em relação às outras. Portanto, basta que ela altere 
o momento da próxima batida, corrigindo a defasagem e 
sincronizando os movimentos.
QUESTÃO 106 
O aparato ilustrado a seguir foi estruturado por 
Stanley Miller, em 1952, sob a supervisão de Harold Urey.
Disponível em: <https://migueljrarts.blogspot.com.br>. 
Acesso em: 31 jul. 2017.
Com esse aparato, os pesquisadores conseguiram
A. 	 provar a origem da vida pela geração espontânea.
B. 	 testar a hipótese da origem pré-biótica da matéria 
orgânica.
C. 	 retificar a hipótese heterotrófica da origem da vida na 
Terra. 
D. 	 confirmar que a criação divina da vida na Terra é 
impossível.
E. 	 ratificar a ideia de que todo ser vivo é proveniente de 
outro preexistente.
Alternativa B
Resolução: O aparato ilustrado na questão foi montado por 
Miller e Urey, e, com ele, já foi possível testar a origem pré- 
-biótica da matéria orgânica. Esse aparato recriou as 
supostas condições ambientais da atmosfera primitiva. 
Depois de um certo tempo, foi constatada a formação 
de alguns aminoácidos no interior de sua aparelhagem, 
comprovando que é possível, sob certas condições, formar 
aminoácidos sem a participação de seres vivos. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) Esse experimento não comprova a geração espontânea, 
o que ele faz é comprovar que é possível criar matéria 
orgânica usando matéria inorgânica.
C) Esse experimento não comprova a hipótese pré-biótica, 
apenas atesta que é possível formar as moléculas 
orgânicas a partir de inorgânicas.
JPMN
D) Criação divina é uma hipótese baseada na fé, e a ciência 
não consegue desenvolver experimentos para confirmar 
ou refutar essa hipótese.
E) Esse experimento comprova que as primeiras moléculas 
orgânicas surgiram de moléculas inorgânicas.
QUESTÃO 107 
O silício é considerado o coração do mundo eletrônico. 
Esse material está presente em praticamente todos os 
dispositivos do gênero e dá nome, inclusive, ao local onde 
se concentram companhias envolvidas no desenvolvimento 
tecnológico, o Vale do Silício, na Califórnia, Estados Unidos. 
O processo de obtenção e purificação desse elemento 
químico se dá a partir da sílica (SiO2) e apresenta um 
rendimento de 90%, conforme representado nas equações 
químicas a seguir:
SiO2 + 2C → Si + 2CO 
Si + 2C2 → SiC4 
SiC4 + 2Mg → Si + 2MgC2
Disponível em: <https://www.tecmundo.com.br>. 
Acesso em: 17 ago. 2017. [Fragmento adaptado]
Considere as massas atômicas em g.mol–1 iguais a 
C = 12; O = 16; Mg = 24; Si = 28 e C = 35,5. 
A massa, em quilogramas, de silício obtida a partir de uma 
amostra de 25,7 kg de um minério, contendo 67% de sílica, 
é de aproximadamente
A. 	 4,9.
B. 	 7,2.
C. 	 10,6.
D. 	 13,1.
E. 	 14,2.
Alternativa B
Resolução: Inicialmente, calcularemos a massa de SiO2 
presente no minério.
25,7 kg —— 100% 
x —— 67% 
x = 17,22 kg de SiO2
Em seguida, pela estequiometria das equações químicas 
fornecidas no texto, determinaremos a massa de silício que 
seria obtida considerando um rendimento de 100% do processo.
1 mol de SiO2 —— 1 mol de Si 
60 g de SiO2 —— 28 g de Si 
17,22 kg —— y 
y = 8,04 kg de Si
De posse do valor teórico, é possível calcular a massa de silício 
que realmente foi obtida a partir do minério contendo SiO2. 
8,04 kg de Si —— 100%
z —— 90%
z = 7,23 kg de Si
Logo, a alternativa correta é a B.
BTSI
CNAT – PROVA II – PÁGINA 8 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 108 
Uma população selvagem de moscas-da-fruta deixa 
seus ovos em cachos de banana. A região é atingida por 
um furacão que leva as bananas e as larvas contidas 
nelas para o oceano. O cacho de banana eventualmente 
aparece em uma ilha ao largo da costa de um continente. 
Na ilha, as populações evoluem sob pressões seletivas 
diferentes e experiências de eventos aleatórios diferentes 
das populações do continente. Quando outra tempestade 
reintroduz as moscas da ilha para o continente, elas 
não são facilmente aceitas pelas moscas do continente, 
pois evoluíram diferentes comportamentos de cortejo. 
Disponível em: <http://www.ib.usp.br>. 
Acesso em: 13 jun. 2017 (Adaptação).
O isolamento reprodutivo culmina na formação de novas 
espécies. No caso descrito, esse isolamento se deu por
A. 	 segregação das áreas ocupadas pelas espécies 
analisadas.
B. 	 demarcação territorial que impede o cruzamento entre 
os grupos.
C. 	 modificação doperíodo fértil das espécies da ilha e do 
continente.
D. 	 remodelação dos órgãos reprodutores, deixando-os 
incompatíveis.
E. 	 alteração na produção de estímulos que levam as 
moscas à cópula.
Alternativa E
Resolução: De acordo com o texto-base, as espécies da 
ilha não foram bem-aceitas pelas moscas do continente, 
pois desenvolveram comportamentos diferentes de cortejo, 
ou seja, apresentam incompatibilidade de condutas que 
resultam na recepção e na produção de estímulos que levam 
machos e fêmeas à cópula. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) As moscas das diferentes áreas foram reintroduzidas no 
mesmo território.
B) Essas moscas não apresentam comportamentos 
territorialistas.
C) O texto não informa sobre modificações no período fértil.
D) As moscas reproduzem-se por fecundação externa.
QUESTÃO 109 
Bolhas de sabão são filmes finos compostos por uma 
camada de água entre duas camadas de sabão. Quando um 
raio de luz incide sobre a bolha de sabão, parte dele é refletido 
e outra parte é transmitida para a camada de água. Parte do 
raio transmitido é então refletida na camada inferior de sabão 
e, posteriormente, refratada de novo ao passar para a camada 
superior e sair da bolha, de acordo com a figura a seguir:
Q8SY
JCYT
Camada 
inferior
Camada 
superior
Sabendo que a distribuição de cores está diretamente 
relacionada à espessura das camadas, assim como ao 
ângulo de incidência, e considerando que a espessura da 
bolha seja da mesma ordem de grandeza do comprimento 
de onda da luz incidente, as cores vistas na bolha de sabão 
correspondem ao fenômeno da
A. 	 refração. 
B. 	 absorção. 
C. 	 reflexão. 
D. 	 interferência. 
E. 	 difração. 
Alternativa D
Resolução: O raio de luz que é refletido na camada superior 
da bolha propaga-se mais à frente do que o raio refletido 
na camada inferior. Devido à reflexão na camada inferior, 
haverá uma diferença de fase entre esses raios. Alguns 
comprimentos de onda interferirão destrutivamente e outros 
construtivamente, dependendo da diferença de caminho 
entre os raios. Essa diferença de caminho depende da 
espessura da bolha e do ângulo de incidência.
A luz branca é composta de diferentes cores, que 
correspondem a diferentes comprimentos de onda. À medida 
que a espessura do filme muda, a diferença de caminho 
percorrido pelos raios também muda. A interferência é 
construtiva quando essa diferença é igual a um número 
inteiro de comprimentos de onda e destrutiva quando é 
igual ao meio de um inteiro de comprimento de onda. Logo, 
se uma luz branca incide sobre uma bolha de sabão, a 
camada superior refletirá uma cor específica, e essa cor 
muda com a espessura da bolha.
QUESTÃO 110 
Para reparar um dispositivo eletrônico, um engenheiro 
precisa substituir um fio condutor de eletricidade de 
ferro por um de grafite, mas o comprimento do fio e sua 
resistência elétrica não podem ser alterados, caso 
contrário, o fio não se ajustaria ao projeto. Considere 
que a resistividade elétrica do ferro é 0,10 Ω.mm2/m 
e a do grafite, 8,00 Ω.mm2/m. 
SIUH
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 9BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Comparando-se ambos os fios de secção circular, a razão 
Rfe/Rgraf entre os raios dos dois fios deve ser igual a
A. 	
2
10
B. 	 5
10
C. 	
2
20
D. 	 5
20
E. 	 2
40
Alternativa D
Resolução: O problema propõe a troca de um fio, e a 
resistência e o comprimento de ambos devem permanecer 
inalterados. Assim, sendo um fio de grafite e outro de 
ferro, teremos:
R R L
A
L
A
A
A
r
rfe graf
fe
fe
graf
graf
fe
graf
fe
graf
fe
gra
= ⇒ = ⇒ = ⇒
ρ ρ ρ
ρ
π
π
2
ff
fe
graf
fe
graf
fe
graf
r
r
2
0 10
8 00
1 00
80 0
1
80
80
80
= ⇒
= = = = = ⇒
ρ
ρ
ρ
ρ
,
,
,
,
rr
r
fe
graf
=
5
20
QUESTÃO 111 
A lesão cartilaginosa é considerada uma doença 
inflamatória. Havendo perda estrutural, vai ocorrer distribuição 
anormal de peso entre os ossos, que resultará em deformidades, 
dor e limitação de movimento, processo também conhecido 
como osteoartrose. Isso, sem dúvida, leva a limitações 
importantes ao esporte, fazendo com que a lesão cartilaginosa 
seja o grande desafio da medicina esportiva da atualidade.
Infelizmente, a cartilagem articular lesada tem baixíssimo 
potencial de cicatrização. Isso se deve às propriedades 
histológicas do tecido cartilaginoso que, ao contrário da 
maioria dos tecidos do corpo, possui pouquíssimas células.
Disponível em: <http://globoesporte.globo.com>. 
Acesso em: 31 jul. 2017. [Fragmento adaptado]
A baixíssima capacidade de recuperação do tecido em 
questão também está relacionada ao(à)
A. 	 excesso de colágeno.
B. 	 reduzida taxa de água.
C. 	 escassez de condrócitos.
D. 	 baixa de cálcio na matriz.
E. 	 falta de vasos sanguíneos.
Alternativa E
Resolução: O tecido cartilaginoso é formado por 
condroblastos e condrócitos e pela matriz (substância 
intercelular). Ele é desprovido de vasos sanguíneos, de 
vasos linfáticos e de nervos. Os nutrientes necessários 
chegam por meio de difusão dos vasos sanguíneos 
existentes no pericôndrio. Dessa forma, o processo de 
regeneração, recuperação e a passagem de medicamentos 
são dificultados, desfavorecendo a recuperação de lesões. 
7LEW
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) A matriz cartilaginosa é rica em colágeno.
B) A matriz cartilaginosa é altamente hidratada.
C) Os condrócitos são uma das células características da 
cartilagem.
D) A matriz cartilaginosa é rica em colágeno, e o cálcio não 
interfere na recuperação do tecido cartilaginoso.
QUESTÃO 112 
A imagem a seguir mostra o esquema da síntese de 
proteínas: 
Correspondência entre as unidades do DNA e do RNA
e os aminoácidos da proteína a ser sintetizada
Molécula de
DNA
Hélice de DNA
ativa
Transcrição
RNAm
Tradução
Proteína
Aminoácidos
Códon
U
A A AA AC C C C
U U U UG
Trp Phe Gly Ser
G G G
G G T
C C A
Gene 1
Gene 2
Gene 3
Disponível em: <http://www.sobiologia.com.br/conteudos/Citologia2/
AcNucleico6.php>. Acesso em: 22 dez. 2015.
A troca de uma base nitrogenada pode não modificar a 
proteína produzida, pois
A. 	 genes se adaptam às alterações no código genético.
B. 	 códons diferentes codificam um mesmo aminoácido.
C. 	 trincas estão relacionadas a proteínas específicas.
D. 	 aminoácidos diversos correspondem a um só códon.
E. 	 mutações não geram alterações em aminoácidos.
Alternativa B
Resolução: O código genético é universal e degenerado, 
e isso significa que todos os seres apresentam a mesma 
correlação entre as tricas de bases e os aminoácidos; além 
disso, é possível que um mesmo aminoácido seja codificado 
por tricas diferentes. Dessa forma, a alteração de uma base 
pode não alterar o aminoácido formado, e essa mutação é 
classificada como mutação silenciosa. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) Os genes podem sofrer mutações, e o código genético 
é fixo. Assim, uma mudança em um gene pode alterar o 
aminoácido adicionado.
C) Trincas estão relacionadas a aminoácidos, e uma 
sequência de aminoácidos forma uma proteína.
D) Um aminoácido pode corresponder a vários códons.
E) As mutações são as responsáveis por alterar as 
sequências de aminoácidos.
ØPLR
CNAT – PROVA II – PÁGINA 10 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 113 
Um estudo em andamento indica a possibilidade de 
redução nos níveis de óxidos de nitrogênio presentes 
na atmosfera a partir de materiais fotocatalíticos. Países 
como Holanda, Inglaterra, Itália e México já fazem testes 
com o uso desses materiais em superfícies asfálticas e de 
alguns prédios. Trata-se basicamente de uma mistura de 
asfalto, concreto ou tinta com o óxido de titânio (TiO2) que 
absorve os óxidos de nitrogênio com o auxílio da luz solar. 
As equações químicas de formação dos óxidos de nitrogênio 
estão representadas a seguir:
I. O2(g) + N2(g) + eletricidade → 2NO(g)
II. 2NO(g) + O2(g)  2NO2(g)
Considerando as equações químicas de formaçãodesses 
óxidos, a condição de equilíbrio químico é identificada em
A. 	 I, quando a concentração de O2(g) e N2(g) se iguala à 
concentração de NO(g).
B. 	 II, quando a formação e o consumo do NO2(g) ocorrem 
em um processo estático.
C. 	 I, quando a taxa de formação de NO se iguala à taxa de 
consumo das espécies reagentes.
D. 	 II, quando a concentração de NO(g) e O2(g) se iguala à 
concentração de NO2(g) em um processo dinâmico.
E. 	 II, quando a taxa de formação do NO2(g) se iguala à sua 
taxa de consumo em um processo reversível.
Alternativa E
Resolução: Analisando as duas equações químicas 
descritas no texto, verifica-se que apenas em II há uma 
situação de equilíbrio químico, o que torna as alternativas C 
e E incorretas. Esse estado de equilíbrio químico é descrito 
como um processo reversível, em que as velocidades (taxas) 
das reações direta e inversa são iguais, caracterizando um 
processo dinâmico. Além disso, a concentração das espécies 
no estado de equilíbrio químico são constantes, mas não 
necesariamente iguais.
QUESTÃO 114 
Em um experimento, três tubos de ensaio, numerados, 
receberam amostras idênticas de Elodea sp. (planta 
aquática), água e vermelho de cresol, uma solução 
indicadora do pH que, em meio ácido, fica amarela; em meio 
alcalino, arroxeada e, em pH neutro, tem coloração rósea.
Os três tubos foram hermeticamente fechados e 
colocados a diferentes distâncias de uma mesma fonte de 
luz, de modo a expor as plantas a diferentes intensidades 
luminosas, conforme mostra a tabela a seguir:
Tubo Distância da fonte de luz
1 60 cm
2 30 cm
3 15 cm
Após certo tempo de exposição à mesma fonte de luz, 
a solução em cada tubo mostrou uma das três colorações 
resultantes da relação do vermelho de cresol com o pH do meio.
9J2E
1N89
A coloração observada, respectivamente, nos tubos 1, 2 e 
3 foi
A. 	 arroxeada, rósea e amarela.
B. 	 amarela, arroxeada e rósea.
C. 	 rósea, arroxeada e amarela.
D. 	 amarela, rósea e arroxeada.
E. 	 arroxeada, amarela e rósea.
Alternativa D
Resolução: A Elodea sp., assim como as demais plantas, 
realizam a respiração (que produz CO2) e a fotossíntese 
(que consome CO2); logo, é o balanço entre esses dois 
processos que ditará o balanço na produção de gás 
carbônico. Conforme mencionado na questão, o indicador 
de pH utilizado (vermelho de cresol) em meio neutro fica 
com coloração rósea, em meio ácido fica com coloração 
amarela e em meio alcalino, arroxeada. A planta do tubo 1, 
por estar mais longe da fonte de luz, realizará mais respiração, 
produzindo mais gás carbônico que se dissolverá na água, 
deixando o meio ácido. Por isso, a coloração ficará amarela. 
Já a planta no tubo 3, por estar mais perto da fonte de luz, 
realizará mais fotossíntese, consumindo muito gás carbônico e 
tornando o meio básico; assim, o tubo 3 ficará com a coloração 
arroxeada. O tubo 2, por estar em uma distância intermediária 
da fonte de luz, realizará em taxas proporcionais, a fotossíntese 
e a respiração, deixando, assim, o meio neutro e, portanto, de 
coloração rósea. Portanto, a alternativa correta é a D.
QUESTÃO 115 
Um motor a combustão interna recebe uma quantidade de 
ar e combustível em um cilindro, comprime adiabaticamente 
a mistura até uma alta temperatura e realiza a queima 
do combustível por meio de uma faísca, criada por um 
dispositivo conhecido como vela, liberando os gases da 
combustão e também parte do calor para o ambiente.
Sabendo que, durante a queima, o volume do cilindro se 
expande adiabaticamente, que a eficiência de um motor a 
combustão interna é proporcional à variação de volume do 
cilindro e que há um limite de eficiência conhecido como 
postulado de Carnot, para aumentar a eficiência de um motor 
a combustão interna, uma pessoa poderá
A. 	 trocar o combustível por outro de maior poder calorífico, 
aumentando a energia liberada, o trabalho realizado 
pelo sistema e, consequentemente, sua eficiência.
B. 	 trocar o combustível por outro de menor temperatura 
de ignição, aumentando o número de ciclos, o trabalho 
realizado pelo sistema e sua eficiência. 
C. 	 trocar o combustível por outro de maior temperatura 
de ignição, aumentando o calor cedido pelo sistema, 
o trabalho realizado e sua eficiência.
D. 	 comprimir mais a mistura, aumentando o calor cedido 
pelo sistema, o trabalho realizado e, consequentemente, 
aumentando sua eficiência.
E. 	 comprimir menos a mistura, aumentando o calor 
absorvido pelo sistema, o trabalho realizado e, 
consequentemente, sua eficiência.
IZV7
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 11BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa A
Resolução: Analisando cada alternativa separadamente:
A) CORRETO – A energia liberada pelo combustível durante 
a queima será convertida na realização de trabalho 
no decorrer da expansão do cilindro e na variação de 
sua energia interna. Como a eficiência é proporcional 
ao trabalho realizado, um combustível de maior poder 
calorífico liberará mais energia, realizará maior trabalho 
e, portanto, será mais eficiente.
B) INCORRETO – Um combustível de menor temperatura 
de ignição entrará em combustão mais rapidamente, 
ou seja, quando estiver em menor volume. Logo, como para 
estabelecer um ciclo o sistema deverá voltar ao volume 
inicial, o trabalho realizado e a eficiência serão menores.
C) INCORRETO – Ao trocar o combustível por outro de 
maior temperatura de ignição, aumenta-se o calor 
absorvido, e não o calor cedido. 
D) INCORRETO – Por ocorrer transformações adiabáticas, 
aumenta-se a eficiência se comprir mais a mistura, porém 
isso não se deve ao calor cedido, e sim à variação de volume.
E) INCORRETO – A compressão é adiabática, logo o calor 
absorvido pelo sistema não ocorre nessa etapa, e sim 
durante a queima do combustível. 
QUESTÃO 116 
Disponível em: <https://3.bp.blogspot.com>. 
Acesso em: 20 dez. 2016 (Adaptação).
O diálogo entre as personagens da charge evidencia o fato 
de o
A. 	paciente causar múltiplas doenças.
B. 	paciente veicular diferentes patógenos.
C. 	patógeno provocar diferentes sintomas.
D. 	patógeno transmitir várias viroses simultaneamente.
E. 	patógeno sofrer mutações que originam cada doença.
Alternativa B
Resolução: O Aedes aegypti, conhecido popularmente 
como mosquito da dengue, é agente transmissor de algumas 
viroses. Na charge, é evidenciado que o paciente (mosquito) 
pode veicular diferentes patógenos, agindo como vetor das 
viroses dengue, febre amarela, chikungunya e zika. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
96DK
A) O paciente (mosquito) não causa múltiplas doenças, 
ele as transmite. O agente causador (etiológico) são os 
vírus específicos de cada patologia.
C) O patógeno provoca diferentes sintomas nos indivíduos 
doentes. Porém, o patógeno não participa do diálogo.
D) O patógeno não transmite várias viroses simultaneamente. 
O responsável pela transmissão é o mosquito (paciente).
E) O patógeno de cada doença citada é um vírus de uma 
espécie específica.
QUESTÃO 117 
A fenilcetonúria é uma doença metabólica causada pela 
incapacidade do organismo em produzir determinada enzima 
que converte o aminoácido fenilalanina em tirosina (outro 
aminoácido). Como resultado da falta da enzima, ocorre o 
acúmulo da fenilalanina, que inclusive pode causar danos 
aos neurônios.
Disponível em: <http://maxaug.blogspot.com.br/2013/02/os-
aminoacidos-as-proteinas-e-as.html>. Acesso em: 16 mar. 2015.
No teste de intolerância à fenilalanina, dois pacientes, 
A e B, obtiveram os resultados expressos no seguinte gráfico:
Concentração de 
tirosina plasmática
Momento da administração de
fenilalanina aos pacientes
Tempo
Paciente B
Paciente A
Os resultados do teste de intolerância à fenilalanina sugerem 
que o paciente
A. 	 A é incapaz de produzir a enzima que converte 
fenilalanina em tirosina.
B. 	 A pode manifestar a doença e que B é considerado um 
indivíduo normal.
C. 	 A seria positivo para o teste do pezinho, realizado logo 
após seu nascimento.
D. 	 Bdeve apresentar os sintomas graves da doença ao 
longo de sua vida.
E. 	 B deve restringir a ingestão de alimentos ricos em 
fenilalanina de sua dieta.
Alternativa E
Resolução: Por meio da análise do gráfico, é possível 
observar que, após a administração de fenilalanina, houve 
um crescimento na concentração de tirosina no plasma do 
paciente A, indicando que este apresenta a enzima que 
converte fenilalanina em tirosina. Já a curva do paciente B 
não sofreu alteração, o que indica que esse paciente não 
é capaz de produzir a enzima. Pacientes fenilcetonúricos 
devem evitar ao máximo consumir alimentos que contenham 
a fenilalanina. Apenas a deficiência na produção da enzima 
não é capaz de gerar sintomas graves. As manifestações 
clínicas aparecem com o acúmulo do aminoácido no 
organismo. 
H27P
CNAT – PROVA II – PÁGINA 12 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) O gráfico mostra que o paciente A, após a administração de fenilalanina, aumentou a concentração plasmática de tirosina; 
dessa forma, pode-se concluir que esse paciente é capaz de produzir a enzima.
B) A concentração plasmática de tirosina no paciente B não sofre alterações com a administração de fenilalanina, o que 
indica incapacidade do paciente de produzir a enzima; assim, ele pode desenvolver a doença.
C) O teste do pezinho é capaz de identificar diversas alterações, e uma delas é a capacidade do corpo de produzir a enzima 
que converte fenilalanina em tirosina; assim, o resultado do teste do pezinho do indivíduo A é negativo.
D) O paciente B só apresentará sintomas graves se ele consumir alimentos ricos em fenilalanina.
QUESTÃO 118 
“Você já viu ferro enferrujar, oxidar-se, quando combinado ao oxigênio do ar”, meu tio explicou, “mas aqui, com o alumínio, 
é um milhão de vezes mais rápido, pois objetos constituídos desse metal são recobertos por uma fina camada de óxido de 
alumínio, que os protege de mudanças adicionais. Mas quando os friccionamos com mercúrio, destruímos esse revestimento 
da superfície, o alumínio fica sem proteção e se combina com o oxigênio em segundos.”
SACKS, O. Tio Tungstênio: memórias de uma infância química. 
São Paulo: Companhia das Letras, 2011. p. 43. [Fragmento adaptado]
A equação química balanceada que representa a formação do óxido mencionado é:
A. 	 A(s) + O2(g) → AO2(s)
B. 	 2A(s) + O2(g) → 2AO(s)
C. 	 2A(s) + O2(g) → A2O2(s)
D. 	 2A(s) + 3O2(g) → 2AO3(s)
E. 	 4A(s) + 3O2(g) → 2A2O3(s)
Alternativa E
Resolução: O óxido de alumínio formado pelas espécies A3+ e O2– deve ser eletricamente neutro, e, para determinar sua 
fórmula química, é necessário que seja feito um balanceamento de cargas que siga a proporção de 2 átomos de Al para 3 
átomos de O.. Assim, a fórmula química do óxido de alumínio é A2O3, e a equação balanceada que descreve a sua formação 
a partir de Al e O2 é a seguinte: 
4Al(s) + 3O2(g) → 2A2O3(s)
QUESTÃO 119 
Em 1885, o médico alemão Ludwig Brieger identificou dois compostos nitrogenados, a cadaverina e a putrescina, como os 
principais responsáveis pelo cheiro de putrefação e mau odor característico de cadáveres. Esses compostos são produzidos 
por meio da reação de descarboxilação de ácidos aminados em presença de enzimas específicas, conforme representado 
pelas equações químicas a seguir:
H2N H2N
H2N
OH
OH
OLisina Cadaverina
Putrescina
Ornitina O
NH2
NH2
NH2
+ CO2
+ CO2
Disponível em: <http://qnint.sbq.org.br>. Acesso em: 21 jul. 2017. [Fragmento adaptado]
A molécula de putrescina também pode ser identificada como
A. 	 butanamida
B. 	 butanamina
C. 	 pentanamina
D. 	 butanodiamina
E. 	 pentanodiamina
A312
377X
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 13BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa D
Resolução: A estrutura química da ornitina é bastante semelhante à da lisina (diferem em apenas um grupo CH2 na cadeia carbônica 
principal). Como ambas as moléculas de ácidos aminados sofrem a mesma reação química de descarboxilação – remoção do grupo 
carboxila (–COOH), é possível determinar, por analogia, a estrutura química da putrescina. Assim, a fórmula molecular desse composto 
é igual a C4H12N2 e sua fórmula estrutural é a seguinte:
H2N
NH2
Butanodiamina
QUESTÃO 120 
Um pinball, ou flíper, é um tipo de jogo que fez muito sucesso nos anos 1980 e é composto de um plano inclinado, 
com um pequeno túnel por onde passa uma bolinha, que é lançada até atingir o alto do plano, onde existe uma passagem para 
a área de descida, e que começa a descer por fora desse túnel. Na descida, a bolinha bate em obstáculos, o que faz o jogador 
somar pontos. Quando chega ao final do percurso, o jogador deve acertar a bolinha com palhetas que estão sob seu controle.
Uma jogadora pretende lançar a bola no pinball, do ponto P0, com a menor velocidade possível, mas que seja suficiente 
para que alcance o ponto A, a uma elevação de 0,1 m, onde a bolinha passa para a área de descida. 
Sabe-se que a massa da bolinha é de m = 0,1 kg, que a constante elástica da mola de lançamento é de k = 125 N/m, 
que a gravidade é de 10 m/s2 e que não há nenhuma perda de energia significativa no trajeto.
A distância, em centímetros, que a jogadora deve puxar a mola de lançamento é de
A. 	 0,4.
B. 	 0,8.
C. 	 1,6.
D. 	 4,0.
E. 	 8,0.
Alternativa D
Resolução: De acordo com o enunciado, a bolinha deve atingir o ponto A sem nenhuma velocidade, portanto toda a sua energia 
mecânica será equivalente à sua energia potencial gravitacional. Essa energia potencial será atingida por meio da energia 
transmitida a essa bolinha pela mola. Como não há perdas significativas de energia, pode-se dizer que:
E E
kx mgh
x mgh
k
x mgh
k
x m
PE PG=
=
= ⇒ =
=
⋅ ⋅ ⋅
=
2
2
2
2 2
2 0 1 10 0 1
125
0 04, , ,
Como 0,04 m equivale a 4 cm, a alternativa correta é a D.
C1OK
CNAT – PROVA II – PÁGINA 14 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 121 
A água sanitária pode ser utilizada para a desinfecção 
de frutas, legumes e verduras consumidas frias, pois grande 
parte de bactérias presentes nesses vegetais é eliminada. 
A composição química da água sanitária é de 2,0% em 
massa de hipoclorito de sódio (NaCO) e recomenda-se que 
sejam utilizados 20 mL de água sanitária, cuja densidade é 
igual a 1,0 g.mL–1, para cada litro de solução utilizada para 
a desinfecção.
Ao preparar a solução para a desinfecção dos vegetais, 
a solução de água sanitária foi diluída quantas vezes? 
A. 	 5 
B. 	 25 
C. 	 50 
D. 	 100
E. 	 150 
Alternativa C
Resolução: A composição química da água sanitária 
é de 2,0% em massa de hipoclorito de sódio (NaCO), 
o que significa que, em 100 g de solução, há 2 g de soluto. 
Como a densidade da água sanitária é igual a 1,0 g.mL–1, 
a concentração, em g.L–1, da água sanitária pode ser 
calculada utilizando a seguinte regra de três:
2 g de NaCO —— 100 mL (100 g)
x —— 1 000 mL
x = 20 g
C(NaCO) = 20 g.L–1
Para preparar a solução para a desinfecção de vegetais, 
recomenda-se que seja feita uma diluição, na qual deve ser 
utilizada uma alíquota de 20 mL de água sanitária para cada 
litro da solução a ser preparada. A massa de hipoclorito de 
sódio presente em 20 mL de água sanitária é igual a:
1 000 mL —— 20 g
20 mL —— y
y = 0,4 g
Como essa alíquota de 20 mL será utilizada para preparar 
1,0 L de solução, a concentração da solução resultante da 
diluição é igual a 0,4 g.L–1.
Comparando a concentração da água sanitária com a 
solução preparada para a diluição, verifica-se que a água 
sanitária foi diluída 50 vezes, pois a concentração da água 
sanitária é 50 vezes maior.
45UF QUESTÃO 122 
Como funcionam os explosivos?
A história dos explosivos começou na China do ano 
1 000 d.C., com a descoberta da pólvora: um pó preto 
formado pela mistura de carvão, enxofre e salitre (nitrato 
de potássio), utilizado então apenas para fabricar fogos de 
artifícios [...]. Durante 500 anos, esse foio único material 
empregado para detonar canhões, bombas, fuzis e pistolas – 
até que, em 1846, foi descoberta, pelo químico italiano 
Ascanio Sobrero, a nitroglicerina, líquido oleoso formado pela 
reação da glicerina, substância obtida a partir de gordura 
animal, com uma mistura de dois ácidos fortes. 
Disponível em: <http://super.abril.com.br>. 
Acesso em: 26 jun. 2017. [Fragmento adaptado]
A mistura utilizada pelo químico italiano, nessa síntese, 
é constituída pelos seguintes ácidos
A. 	 HC e H3PO4.
B. 	 HNO3 e H2SO4.
C. 	 HCN e H2SO3.
D. 	 HCO e H2S.
E. 	 HNO2 e H2CO3.
Alternativa B
Resolução: A nitroglicerina, composto de fórmula molecular 
C3H5N3O9, é um líquido incolor, oleoso e altamente explosivo. 
Sua síntese foi descoberta a partir da adição de glicerol em 
uma mistura concentrada de ácido nítrico (HNO3) e ácido 
sulfúrico (H2SO4), sendo esse processo muito perigoso na 
época. Atualmente, o processo de produção de nitroglicerina 
é feito em larga escala e de modo mais seguro devido à 
adoção do processo denominado nitração.
QUESTÃO 123 
Considere duas panelas idênticas levadas ao fogo: 
uma com água e outra com leite de vaca. As duas panelas 
possuem a mesma massa e se encontram sob as mesmas 
condições de pressão, temperatura inicial e quantidade de 
calor fornecido por tempo.
Observa-se que a água demora mais tempo para alcançar a 
mesma temperatura que o leite, pois possui maior
 A calor específico.
 B calor latente.
 C capacidade calorífica.
 D coeficiente de dilatação.
 E condutividade térmica.
EZB2
TEBI
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 15BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa A
Resolução: Como há variação de temperatura, ambas as 
panelas recebem a mesma quantidade de calor sensível por 
unidade de tempo. Ou seja:
∆
∆
=
∆
∆
Q
t
mc T
t
Logo, como as massas são iguais, para que a panela com 
água leve mais tempo para alcançar a mesma temperatura 
que o leite, ela deve possuir maior calor específico, c.
QUESTÃO 124 
O desenvolvimento de bactérias e fungos nas axilas 
é favorecido por se tratar de um ambiente quente e úmido. 
Esses micro-organismos podem ser eliminados utilizando-se 
água, sabão, desodorantes e antitranspirantes, que reduzem a 
produção de suor, obstruindo os poros por onde este sai para 
a pele. No entanto, o uso desses cosméticos pode provocar 
efeitos indesejáveis na pele, como irritação e reações alérgicas. 
Assim, uma medida alternativa é o uso de bicarbonato de sódio 
em pó, antes do banho, para eliminar os maus odores.
Considere que as substâncias responsáveis pelo mau odor 
sejam eliminadas por meio de uma reação de neutralização 
com o sal mencionado no texto. Uma dessas substâncias 
poderia ser o(a)
A. 	 acetona.
B. 	 2,2,4-trimetilpentano.
C. 	 etanodiol.
D. 	 ácido 3-metilex-2-enoico.
E. 	 éter dietílico.
Alternativa D
Resolução: Para avaliar o caráter ácido ou básico dos 
compostos orgânicos, é necessário analisar as suas estruturas 
químicas. O bicarbonato de sódio é um sal de caráter básico, 
ou seja, proveniente de uma reação de neutralização entre 
um ácido fraco e uma base forte. Logo, para que ocorra uma 
reação de neutralização entre esse sal e um dos compostos 
responsáveis por causar mau odor nas axilas, é necessário que 
esse composto seja um ácido. O caráter ácido de um composto 
orgânico geralmente é influenciado pela intensidade com que 
o átomo de hidrogênio está ligado a um grupo hidroxila da 
molécula. Os álcoois são substâncias quase neutras (possuem 
Ka menor do que a água), enquanto os ácidos carboxílicos, 
apesar de serem fracos, apresentam caráter ácido. Isso ocorre 
porque a substituição de dois hidrogênios do átomo de carbono 
ligado à hidroxila de um álcool por um átomo de oxigênio 
(formação do ácido carboxílico) provoca um deslocamento 
da nuvem eletrônica da hidroxila em direção à carbonila, 
aumentando a polarização da ligação O—H e tornando mais 
fácil a ionização do hidrogênio nos ácidos.
LIHD
QUESTÃO 125 
No começo do século XX, os primeiros refrigeradores 
passaram a ser vendidos em grande escala e ter aplicações 
domésticas. Eles usavam um sistema de absorção, em que o 
trabalho era o calor da queima de combustíveis fósseis, e os 
fluidos que atravessavam os componentes do sistema eram, 
em grande maioria, amônia ou dióxido de enxofre por serem 
bons condutores térmicos. Por volta da década de 1930, 
os refrigeradores com sistema de compressão, em que o 
aquecimento do fluido – trabalho – é feito por um compressor 
movido a energia elétrica, passaram a ser comercializados.
Sabe-se que os refrigeradores de absorção, que tinham 
coeficientes de performance, eficiência, de até 5,0, tinham de 
compensar 1,6 kW de calor recebido do ambiente externo, 
enquanto os refrigeradores a compressão recebem 1,2 kW, 
ambos de forma espontânea, e que o coeficiente de 
performance deste último é 4% menor do que o primeiro. 
Do ponto de vista energético, a troca de modelo foi vantajosa 
porque os refrigeradores a
A. 	 compressão possuem melhor isolamento térmico, 
diminuindo o gasto energético, apesar da menor eficiência.
B. 	 compressão possuem maior potência, o que corresponde 
a um melhor resfriamento, apesar da menor eficiência.
C. 	 compressão realizam mais trabalho sobre o fluido, 
retirando mais calor da fonte fria, e, por isso, 
é mais eficiente. 
D. 	 absorção possuem maior potência, o que 
corresponde a um maior gasto energético, e, por isso, 
é menos eficiente.
E. 	 absorção rejeitam menos calor para a fonte quente, 
aumentando a temperatura interna, apesar da 
maior eficiência.
Alternativa A
Resolução: Para manter a temperatura no interior do 
refrigerador constante, a mínima energia a ser retirada 
deve ser igual àquela fornecida pelo ambiente externo. 
Logo, a potência na queima de combustíveis fósseis para o 
refrigerador de absorção deverá ser:
β
φ φ
φ
β
A
C A
A
A
A
A
A
A
Q
W
t
P t P
P kW
= =
∆
∆
=
= = =
1 6
5
0 32, ,
Enquanto a potência do refrigerador a compressão, que 
possui eficiência de 96% de βA, será:
β
φ φ
φ
β
C
C C
C
C
C
C
C
C
C
Q
W
t
P t P
P
P kW
= =
∆
∆
=
= = =
⋅
=
=
1 2
96
100
5
120
96 5
1
4
0 25
,
.
,
8Ø4F
CNAT – PROVA II – PÁGINA 16 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Portanto, nota-se que a potência do compressor é menor do que a potência na queima de combustíveis do refrigerador a 
absorção. Isso corresponde a um menor gasto de energia, apesar da menor eficiência do refrigerador a compressão. Portanto, 
a alternativa correta é a A.
QUESTÃO 126 
Disponível em: <http://slideplayer.com.br>. Acesso em: 01 ago. 2017.
A tecnologia apresentada no esquema anterior alimenta um árduo debate, pois, apesar de trazer benefícios, os riscos 
ainda são pouco conhecidos. 
Levando-se em consideração os progressos atuais, a importância dessa inovação tecnológica para a indústria agropecuária 
se deve ao(à) 
A. 	 estocagem de alimentos sem prazo de validade.
B. 	 cura das doenças de natureza genética hereditária.
C. 	 melhoria no conteúdo nutricional dos alimentos orgânicos.
D. 	 extinção das espécies daninhas para a produção agrícola. 
E. 	 desenvolvimento de variedades com as características desejadas.
Alternativa E
Resolução: Atualmente, a tecnologia da transgenia tem sido usada no setor agropecuário para a produção de espécies 
vegetais que apresentam determinadas características desenvolvidas, como resistência a determinada praga, maior valor 
energético e menor tempo de amadurecimento. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) Os alimentos transgênicos apresentam data de validade, assim como os naturais.
B) Os transgênicos ainda não são utilizados para curar doenças hereditárias.
C) Alimentos orgânicos não podem apresentar melhoramento genético.
D) As espécies daninhas podem ser afastadas da lavoura, mas os transgênicos ainda não causaram a extinção dessas 
espécies.
QUESTÃO 127 
Pasteur observou as propriedades ópticasde duas substâncias isoladas do tártaro que se depositava nos barris, no processo 
de envelhecimento do vinho. Uma dessas substâncias, que ficou conhecida como ácido (+)-tartárico, tinha a capacidade, quando 
dissolvida em água, de rodar o plano da luz polarizada para o lado direito. Já a outra substância, conhecida como ácido paratartárico 
ou racêmico, era estruturalmente idêntica ao ácido tartárico, mas não desviava o plano da luz polarizada. Pasteur notou que essa 
substância cristalizava quando reagia com amônia, formando cristais que eram estruturalmente diferentes um do outro. Munido de 
muita paciência, de uma lupa e uma pinça, Pasteur separou os cristais um a um e os agrupou em dois montes (SHELDON, 1993). 
Os cristais de um dos montes eram semelhantes aos cristais do ácido (+)-tartárico, pois desviavam o plano da luz polarizada para 
o lado direito, quando em solução, enquanto os cristais do outro monte desviavam o plano da luz polarizada para o lado esquerdo.
Disponível em: <http://qnesc.sbq.org.br>. Acesso em: 19 jun. 2017. [Fragmento adaptado]
Ø4BA
S8H5
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 17BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Com relação ao comportamento observado quando em solução, 
os cristais separados por Pasteur são classificados como 
A. 	 metâmeros.
B. 	 tautômeros. 
C. 	 mesômeros.
D. 	 enantiômeros. 
E. 	 diasteroisômeros.
Alternativa D
Resolução: O ácido paratartárico é uma mistura racêmica 
equimolar de duas substâncias opticamente ativas e, por isso, 
não apresenta atividade óptica. Isso ocorre porque, nessa mistura 
racêmica, o desvio da luz polarizada provocado pela espécie 
química dextrogira (+) é cancelado pelo desvio provocado pela 
espécie química levógira (–). Dessa forma, ao reagir com amônia, 
são obtidos dois tipos de cristais distintos: o ácido (+)-tartárico, 
composto que desvia o plano da luz polarizada para o lado 
direito; e o ácido (–)-tartárico, composto que desvia o plano da 
luz polarizada para o lado esquerdo. Esses isômeros ópticos, 
denominados enantiômeros, apresentam a mesma composição 
química, mas a distribuição espacial de seus átomos é diferente, 
formando, assim, moléculas com imagens especulares 
assimétricas que não podem ser superpostas entre si, conforme 
representado a seguir:
OH
OH
HOOC
COOH
H
H
OH
OH
HOOC
COOH
H
H
QUESTÃO 128 
ICMBio planta mudas de espécies nativas 
da Mata Atlântica
O Instituto Chico Mendes de Conservação da 
Biodiversidade (ICMBio) plantou, no mês de dezembro, 
20 mil mudas de espécies nativas da Mata Atlântica na 
Estação Ecológica (Esec) da Mata Preta (PR). O projeto 
pretende enriquecer as florestas secundárias, principalmente 
aquelas que estão em propriedades de agricultura familiar. As 
espécies utilizadas abrangem todos os estágios do modelo 
de sucessão ecológica, na proporção de 50% de espécies 
pioneiras, 25% de espécies secundárias iniciais e 25% de 
espécies secundárias tardias e clímax.
Disponível em: <http://www.icmbio.gov.br>. 
Acesso em: 11 jul. 2017 (Adaptação).
As espécies plantadas de forma majoritária, neste caso, 
apresentam características como
A. 	 raízes profundas adaptadas a solos maduros.
B. 	 dispersão de sementes realizada por animais.
C. 	 germinação em ambientes de alta luminosidade.
D. 	 reprodução com baixo número de descendentes.
E. 	 folhas largas com grande quantidade de estômatos.
22YS
Alternativa C
Resolução: Nessa técnica de recuperação de áreas 
degradadas, são plantadas majoritariamente espécies 
pioneiras ou oportunistas. Essas espécies são resistentes a 
fatores abióticos do ambiente (como luminosidade, escassez 
de água e solos rasos). Além de resistentes, elas são 
capazes de alterar o ambiente, fornecendo abrigo e criando 
condições para outras espécies conquistarem o ambiente e 
formarem uma comunidade mais robusta e diversa. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) As espécies pioneiras ajudam na construção do solo, 
portanto são adaptadas a solos rasos.
B) Essas espécies não podem depender de animais 
diretamente, pois, sem a colonização da área, não há 
atração de animais para a região.
D) A colonização deve ser feita por espécies que apresentem 
ciclo de vida rápido e com muitos descendentes.
E) Essas espécies devem ser resistentes e apresentar 
estratégias que evitem a perda de água.
QUESTÃO 129 
Devido ao alto custo do kWh, um cidadão pensa em 
instalar placas de energia solar em sua residência, porém 
o custo mais alto para implantar um sistema de energia 
solar não são os painéis, e sim as baterias. Para diminuir o 
custo, em vez de usar uma bateria específica para sistemas 
fotovoltaicos, ele conecta as placas coletoras a baterias 
de automóvel de 60 Ah – 12 V, que são bem mais baratas, 
durante o dia, e utiliza a energia armazenada nas baterias 
durante a noite para alimentar lâmpadas próprias para 12 V. 
Uma única bateria de 60 Ah – 12 V, completamente 
carregada, pode manter funcionando 
A. 	1 lâmpada de 60 W durante 20 horas.
B. 	2 lâmpadas de 60 W durante 6 horas.
C. 	3 lâmpadas de 60 W durante 8 horas.
D. 	4 lâmpadas de 60 W durante 4 horas.
E. 	6 lâmpadas de 60 W durante 3 horas.
Alternativa B
Resolução: A energia armazenada em uma bateria equivale 
ao produto de sua carga pela tensão em seus terminais, 
no caso:
E = Q ⋅ V = 60 ⋅ 12 = 720 Wh
Sendo assim, quando estiver alimentando um circuito que 
dissipa uma potência constante de 60 W, essa bateria terá 
uma autonomia de:
t E
P
h= = =720
60
12 
Ou seja, se estiver alimentando 1 lâmpada, a bateria durará 
12 h, 2 lâmpadas 6 h, 3 lâmpadas 4h e 6 lâmpadas 2 h.
U64N
CNAT – PROVA II – PÁGINA 18 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 130 
O grafite, muito utilizado na fabricação de lápis e como 
lubrificante, é uma das formas alotrópicas do carbono, 
e a entalpia padrão de formação desse alótropo é, por 
convenção, igual a zero. Outro alótropo do carbono é o 
diamante, que apresenta entalpia padrão de formação igual 
a 2,0 kJ.mol–1 e que é muito utilizado na produção de joias 
e de instrumentos para cortar materiais duros. 
Na combustão completa de um mol de cada um desses dois 
alótropos, que acontece separadamente, ocorrem liberações 
de quantidades diferentes de energia, pois
A. 	a combustão da grafita forma monóxido de carbono.
B. 	a estabilidade dos alótropos é a mesma.
C. 	as massas produzidas de CO2(g) são iguais.
D. 	o produto formado apresenta a mesma estabilidade.
E. 	as massas molares desses alótropos são diferentes. 
Alternativa D 
Resolução: O calor de combustão corresponde à quantidade 
de calor liberada na combustão completa de 1 mol de 
determinada substância, a 25 °C e 1 atm. Ao variarmos 
a forma alotrópica de um reagente ou produto em uma reação, 
estamos alterando seu conteúdo energético, já que existem 
variações alotrópicas mais estáveis (menos energéticas) e 
mais instáveis (mais energéticas). Entre o grafite e o diamante, 
alótropos do carbono, o grafite é mais estável, pois apresenta 
entalpia-padrão de formação igual a zero. Já o diamante 
apresenta entalpia-padrão de formação igual a 2,0 kJ.mol–1. 
Nas combustões completas de um mol de cada um desses 
alótropos, ocorre a formação de 1 mol de dióxido de carbono. 
Assim, como as entalpias-padrão de formação são diferentes e o 
produto da reação de combustão completa apresenta a mesma 
estabilidade, há a liberação de quantidades diferentes de energia 
na reação de combustão completa de cada um dos alótropos. 
O diagrama a seguir ilustra esse fenômeno, em que o calor de 
combustão do grafite (∆H1) é menor que o do diamante (∆H2), 
pois o produto formado é o mesmo e o grafite apresenta menor 
valor de entalpia de formação.
C(diamante) + O2 (g)H
CO2(g)
C(grafite) + O2(g)
∆H1 ∆H2
QUESTÃO 131 
Um relojoeiro pretende consertar seu relógio de pêndulo 
que oscila duas vezes mais rápido do que deveria. Sabe-se 
que o relógio é constituído por uma haste de comprimento L 
e possui uma massa m.
3ZLA
8TYK
Considerandoque seu ângulo de oscilação seja pequeno, 
de tal forma que possa ser considerado um pêndulo simples, 
para consertar o relógio, o relojoeiro deve
A. 	 quadruplicar o comprimento da haste, mas sem alterar 
a massa.
B. 	 quadruplicar a massa da haste e diminuir pela metade 
o seu comprimento.
C. 	 dobrar o comprimento da haste e diminuir quatro vezes 
a sua massa.
D. 	 dobrar a massa da haste, mas sem alterar o seu 
comprimento.
E. 	 manter o comprimento da haste e diminuir pela metade 
a sua massa.
Alternativa A
Resolução: Como o pêndulo está oscilando duas vezes mais 
rápido do que deveria, o relojoeiro deve dobrar seu período. 
Denotando pelo índice 0 as grandezas iniciais do pêndulo e 
considerando-o um pêndulo simples, tem-se:
T T
g g
g g
=
=
=
=
2
2 2 2
2 2 2
4
0
0
0
0
π π
π π
 
 
 
.
.
Logo, como o período de oscilação de um pêndulo simples 
não depende da massa, para dobrar seu período, o relojoeiro 
deve quadruplicar o comprimento da haste. Sendo assim, 
a alternativa correta é a A.
QUESTÃO 132 
Toda pilha funciona basicamente convertendo energia 
química em elétrica. A pilha comum é formada de zinco 
(em seu polo negativo) e carbono (no polo positivo), 
em contato por meio de uma mistura de dióxido de manganês, 
carbono, cloreto de zinco e amônio. Quando os polos positivo 
e negativo são ligados externamente, ocorre uma reação 
química em que o zinco libera elétrons que atravessam o 
circuito externo. “O dióxido de manganês, em contato com o 
carbono, consome elétrons. Essas transformações químicas 
produzem uma diferença de potencial elétrico – a voltagem – 
e, consequentemente, energia elétrica”, afirma o engenheiro 
químico Tibor Rabóczkay, da USP. 
Disponível em: <http://mundoestranho.abril.com.br>. 
Acesso em: 17 ago. 2017. [Fragmento adaptado]
As espécies químicas que correspondem, respectivamente, 
ao agente redutor e ao agente oxidante nessa pilha são
A. 	 MnO2(s) e NH4+(aq).
B. 	 NH4+(aq) e C(grafita).
C. 	 Zn(s) e MnO2(s). 
D. 	 C(grafita) e Zn(s).
E. 	 ZnC2(s) e Mn2O3(s).
O8XØ
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 19BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa C
Resolução: A pilha comum é formada por uma série de 
reações químicas em que as mais importantes e que mais 
contribuem para se determinar o cálculo da diferença de 
potencial são as seguintes:
•	 Reação catódica:
2NH4+(aq) + 2MnO2(s) + 2e– → Mn2O3(s) + 2NH3(aq) + H2O()
•	 Reação anódica:
Zn(s) → Zn2+(aq) + 2e–
•	 Reação global:
2NH4+(aq) + 2MnO2(s) + Zn(s) → Mn2O3(s) + 2NH3(aq) + H2O() + Zn2+(aq)
Analisando essas reações químicas, verifica-se que o manganês 
da espécie MnO2 sofre redução e tem o seu NOx reduzido 
de +4 para +3, enquanto o zinco é oxidado e tem o seu NOx 
aumentado de 0 para +2. O elemento ou espécie que promove a 
redução é nomeado agente redutor, e o que promove a oxidação 
é nomeado agente oxidante. Portanto, nessa reação química, 
o Zn(s) é o agente redutor, e o MnO2(s) é o agente oxidante.
QUESTÃO 133 
Ao atritarmos uma régua no cabelo, é possível, 
em seguida, usá-la para atrair pedacinhos de papel devido 
à ação da força elétrica nas cargas estáticas existentes 
entre eles.
O pedacinho de papel se aproxima da régua, pois a força 
elétrica no papel é maior que a força
 A elétrica na régua.
 B normal na régua.
 C normal no papel.
 D peso na régua.
 E peso no papel.
Alternativa E
Resolução: Para que o papel aproxime-se da régua, 
e estando esta fixa em relação a um observador externo, 
a força elétrica que atua no papel deverá ser maior do que 
a força que atua no sentido oposto, que será a força peso.
QUESTÃO 134 
É comum encontrarmos pessoas preocupadas com a 
qualidade da sua alimentação, que tipo de alimentos estão 
ingerindo, em comer pouca gordura, privilegiar os vegetais 
e outros cuidados. Mas poucas são as pessoas que dão 
a devida atenção à importância da mastigação, que é o 
primeiro passo para uma boa digestão.
Boa parte dos problemas digestivos, como azia, má 
digestão, sonolência após a refeição, podem ter origem em 
uma mastigação insuficiente. Engolir alimentos em pedaços 
grandes faz com que o estômago necessite de maior esforço 
para triturá-los, e isso pode causar esses transtornos 
digestivos tão comuns.
Disponível em: <https://www.uniodontojp.com.br>. 
Acesso em: 31 jul. 2017. [Fragmento]
X1EN
CGE3
O processo evidenciado no texto também é capaz de
A. 	 gerar sensação de saciedade.
B. 	 transformar amido em maltose.
C. 	 quebrar proteínas em aminoácidos.
D. 	 produzir saliva em menor quantidade.
E. 	 alterar o pH da boca para a atuação enzimática.
Alternativa A
Resolução: A mastigação é um mecanismo importante, pois 
a trituração adequada dos alimentos melhora a absorção 
de nutrientes; a digestão torna-se mais eficiente; incentiva 
uma maior produção de suco gástrico, protegendo a mucosa 
estomacal de patógenos; fortalece a mandíbula e os 
músculos da face; colabora com a liberação de serotonina; 
e ainda favorece a sensação de saciedade, uma vez que a 
mastigação adequada envia sinais diretamente para o centro 
da fome no hipotálamo. Dessa forma, é possível moderar a 
quantidade do que se come. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
B) As enzimas presentes na saliva é que são responsáveis 
pela quebra do amido.
C) A quebra de proteínas ocorre no estômago com a ação 
do suco gástrico.
D) O processo de mastigação incentiva as glândulas 
salivares a não produzir maior quantidade de saliva. 
E) A mastigação não é capaz de alterar o pH bucal.
QUESTÃO 135 
Em motores de corrente alternada, o controle da 
velocidade é feito por meio da frequência da tensão 
aplicada, tornando esse controle mais complexo e 
dispendioso. Em motores de corrente contínua, por outro 
lado, a velocidade varia com base na tensão aplicada 
em uma relação aproximadamente linear. O princípio 
de funcionamento desse motor é uma corrente elétrica 
i passando por um rotor, representado por uma bobina, 
imerso em um campo magnético e responsável por girar 
o eixo do motor.
Bobina
i
Sul
Norte
Ímã
Ímã
O
Disponível em: <https://www.citisystems.com.br>. 
Acesso em: 26 jul. 2017. [Fragmento adaptado]
I9RD
CNAT – PROVA II – PÁGINA 20 ENEM – VOL. 8 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Um observador, que está situado em frente ao motor, no ponto O, verá o rotor girar no sentido
A. 	 anti-horário, executando um MHS, de acordo com a Lei de Indução de Faraday.
B. 	 anti-horário, trocando de sentido, de acordo com a força magnética.
C. 	 anti-horário devido ao torque provocado pela força magnética.
D. 	 horário, trocando de sentido, de acordo com a Lei de Indução de Faraday.
E. 	 horário devido à regra da mão direita, que define o sentido da força magnética.
Alternativa C
Resolução: Pela figura e em uma vista superior, percebemos que a corrente percorre a bobina no sentido horário. Sendo 
o campo magnético direcionado do polo norte para o polo sul, surgirá, na bobina, à esquerda do observador, uma força 
magnética vertical para baixo, e, à direita do observador, uma força magnética vertical para cima, de acordo com a regra do 
tapa. Portanto, para um observador em O, o torque devido a essas forças fará com que o rotor gire no sentido anti-horário.
ENEM – VOL. 8 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 21BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
MATEMÁTICA E SUAS TECNOLOGIAS
Questões de 136 a 180
QUESTÃO 136 
O investimento mais conhecido do brasileiro é a 
caderneta de poupança, que é regida a juros compostos, 
rendendo aproximadamente 6% ao ano. Um investidor 
pretende aplicar R$ 2 000,00 e resgatar o dinheiro após este 
ter dobrado de valor.
Qual é o tempo mínimo necessário para que o investidor 
resgate o dinheiro?
Dados: log 2 ≅ 0,3; log 13 ≅ 1,1; log 1,06 ≅ 0,02
A. 	 10 anos
B. 	 15 anos
C. 	 20 anos
D. 	 25 anos
E. 	 30 anos
Alternativa B
Resolução: Como o investidor pretende resgatar o capital 
aplicado após ter dobrado de valor, temos que o montante 
após um tempo t, em anos,