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Química Aula 4: Balanceamento das equações químicas e estequiometria Apresentação Nesta aula, observaremos que uma equação química é a representação escrita de uma reação química. Nela, os reagentes encontram-se dispostos ao lado esquerdo da seta que indica o sentido da reação. Os produtos encontram-se ao lado direito da referida seta. Para que a Lei da Conservação das Massas seja atendida, toda a matéria que se encontra nos reagentes tem que estar presente nos produtos, isto é, na natureza nada se perde, nada se cria, tudo se transforma. A partir do balanceamento das equações químicas, podem ser realizados diversos cálculos estequiométricos. Objetivos Identi�car os aspectos quantitativos que as equações químicas representam; Relacionar as quantidades de uma das espécies químicas participantes da reação, com as quantidades de outra espécie, em termos de massa, número de mol e volume molar; Escrever equilíbrios ou balanceamentos das equações químicas. O mol O termo foi introduzido em meados de 1986 por Wilhelm Ostwald (1853-1932). O físico utilizou uma derivação da palavra mol em latim (moles), que possuía o signi�cado de certa quantidade de algo. Com isso, de�niu-se o mol como uma determinada quantidade de matéria. Como base, essa de�nição utilizou a mesma quantidade de unidades fundamentais contidas em 12g do isótopo do carbono 12. Para sedimentar o conceito, basta compreender que o mol se relaciona sempre ao mesmo número de partículas, independentemente da substância empregada. Exemplo Um mol de zinco terá a mesma quantidade de átomos que um mol de bismuto. Diversos experimentos relacionados ao mol mostraram que o número de partículas associadas a ele é igual a: Esse valor é conhecido como a constante de Avogadro, em homenagem ao físico italiano Amedeo Avogadro que, apesar de conceber a ideia, nunca conseguiu determinar o valor. Existe uma relação muito importante e utilizada na química, entre a massa (m), a quantidade de matéria (n) e a massa molar (M). Tal relação ocorre da seguinte forma: 1 mol = 6,022 x 10 partículas23 m = n x M. Atenção! Aqui existe uma videoaula, acesso pelo conteúdo online Exercício resolvido Clique no botão acima. Exercício resolvido Se você ganhasse 1 mol de dólares na loteria no dia em que nasceu e gastasse 1 bilhão de dólares por segundo durante o resto de sua vida, que percentagem do prêmio restaria, se fosse o caso, quando você decidisse se aposentar aos 90 anos de idade? Se você, que ganhou o prêmio, gasta 1 bilhão de dólares por segundo, ao longo de 90 anos, você gastará: Entretanto, se você recebeu em seu nascimento um mol de dólares, restará, para sua aposentadoria, após 90 anos: Conclui-se, portanto, que sobrará, para a aposentadoria um total de: Solução Inicialmente, deve-se converter 90 anos em segundos: 1 h --- 3600 s 1 dia --- 24h --- 86400 s 1 mês --- 30 dias --- 2592000 s 1 ano --- 12 meses --- 31104000 s 90 anos --- 1080 meses --- 2799360000 s US$ 1000000000 --- 1 s → Em 2799360000 s (90 anos) você gastou US$ 2,80 x 1018 1 mol de dólares = US$ 6,02 x 10 US$ 6,02 x 10 --- 100 % US$ 2,80 x 10 --- X X = 4,65 x 10-14 23 23 18 100 – 4,65 x 10-14 % = 99,99% do prêmio. Fórmulas Qualquer amostra de um composto puro sempre consiste nos mesmos elementos, combinados na mesma proporção em massa. Portanto, a composição molecular pode ser expressa em termos do número de átomos, em termos da massa ou ainda em termos de cada um dos elementos que compõem o composto. Nesse último caso, fala-se da composição percentual. Faz- se referência à porcentagem de cada elemento presente no composto, como mostra a Figura 1. A fórmula percentual (SANTOS; CARVALHO; LIMA, 2015). porcentagem da massa do elemento = × 100massa do elemento na amostra massa total da amostra Atenção! Aqui existe uma videoaula, acesso pelo conteúdo online Balanceamento de equações e cálculos estequiométricos Em uma equação química, as fórmulas dos reagentes encontram-se antes da seta e as fórmulas dos produtos, consequentemente, encontram-se à direita, após a seta. Um exemplo de uma equação química (balanceada) para a produção do cloreto de sódio está descrito a seguir: Para que a Lei de Conservação das Massas (tudo o que há do lado esquerdo da seta reacional tem que existir do lado direito da referida seta) possa ser atendida, antes de qualquer cálculo envolvendo o número de mols, a quantidade de massa, ou outro parâmetro, a equação química deve ser balanceada. Muitas equações químicas podem ser balanceadas por tentativa e erro, mesmo que algumas envolvam mais tentativas que outras. Ao balancear equações químicas há duas coisas importantes: NaOH + HCl → NaCl + H O (s) (l) (s) 2 (aq) 1 Veri�car se as fórmulas químicas dos reagentes e produtos estão corretas pois, caso contrário, a equação não terá sentido. 2 Os índices subscritos não podem ser alterados ao se balancear equações químicas. Tal mudança, consiste na mudança da substância. Por exemplo, a molécula do dióxido de carbono, CO é diferente da molécula de monóxido de carbono, CO. 2 Exercícios resolvidos Clique no botão acima. Exercícios resolvidos 1 - A reação do alumínio com o bromo é mostrada a seguir: Quantos mols de Al Br serão produzidos pelo uso de 0,6 mol de Al? 2 - Escreva a equação balanceada de combustão da amônia (NH ), que forma NO e H O. Após o correto balanceamento das equações químicas, podem ser realizados diversos cálculos que envolvam o número de mols (n) e a massa (m), ambos relacionados à Massa Molar (MM) das substâncias. 2 Al + 3 Br → Al Br (s) 2 (l) 2 6 (s) 2 6 Solução 2 mols de Al produzem 1 mol de Al Br 0,6 mol de Al produzem x mol de Al Br Fazendo uma regra de três simples, obtém-se como resposta 0,3 mol de Al Br . 2 6 2 6 2 6 3 2 Solução 1° passo: Escreva as fórmulas corretas dos reagentes e dos produtos. NH + O → NO + H O 2° passo: Balanceie os átomos de N. 2 NH + O → 2 NO + H O 3° passo: Balanceie os átomos de H. 2 NH + O → 2 NO + 3 H O 4° passo: Balanceie os átomos de O. 2 NH + 5/2 O → 2 NO + 3 H O Como não se deve deixar coe�cientes estequiométricos em equações químicas, deve-se multiplicar todos os coe�cientes estequiométricos por 2 para eliminar a fração. 2 NH + 5/2 O → 2 NO + 3 H O (x2) 4 NH + 5 O → 4 NO + 6 H O 5° passo: Veri�que se tudo que há do lado esquerdo da seta (reagentes), também existe ao lado direito da seta (produtos), pois só assim a equação química estará corretamente balanceada (Lei da Conservação das Massas). 4 NH + 5 O → 4 NO + 6 H O A equação está balanceada! 3 2 2 3 2 2 3 2 2 3 2 2 3 2 2 3 2 2 3 2 2 Isso nada mais é do que a relação que já foi citada anteriormente: Quantos mols há em uma barra de 46 g de alumínio (Al)? Dados: MA Al = 26,9 u n = m MM Solução 1 mol de Al — 26,9 g x mol de Fe — 46,0 g x = 1,71 mols de Al Outro aspecto importante nos cálculos químicos, envolvendo as reações químicas, está relacionado ao reagente que limita a ocorrência da reação por estar em menor quantidade. Trata-se então do reagente limitante. Geralmente, coloca-se um dos reagentes em excesso para garantir que o outro reagente (supondo, é claro, que a reação seja composta por apenas dois reagentes) seja totalmente consumido. O reagente limitante irá determinar, limitar, as quantidades de produtos que serão formados. Um exemplo de uma reação química em que um dos reagentes é limitante, está na reação entre o oxigênio e o monóxido de carbono. A equação química balanceada está representada a seguir: Suponha agora que tenha-se uma mistura de quatro mols de CO e três mols de O . Os quatro mols de CO necessitam de apenas dois mols de O (para produzirem quatro mols de CO ). O oxigênio está em excesso (1 mol em excesso). Portanto, o reagente limitante, nesse caso, é o monóxido de carbono. 2 CO + O → 2 CO (g) 2 (g) 2 (g) 2 2 2 Atenção! Aqui existe uma videoaula, acesso pelo conteúdo online Exercício resolvido Clique no botão acima. Exercício resolvido A primeiraetapa na produção do ácido nítrico é a oxidação da amônia à NO, que é alcançada pelo uso de uma tela metálica de platina. A equação balanceada para esse processo, está representada a seguir: Suponha que massas iguais de ambos os reagentes sejam misturadas (650 g de cada um). Certamente, um desses reagentes encontra-se em excesso e, consequentemente, o outro será o reagente limitante. Então, qual o reagente limitante? Para responder essa pergunta, duas etapas terão que ser executadas. 1ª etapa: Determine a quantia de cada reagente. 2ª etapa: Qual é o reagente limitante? Examine a razão entre as quantidades de reagentes. Para que toda a amônia presente na reação fosse consumida seriam necessários 47,75 mols de O . Como a quantidade de O é menor que essa, o reagente limitante em questão é o oxigênio. 4 NH + 5 O → 4 NO + 6 H2O 3 (g) 2 (g) (g) (l) 650 g x NH x = 38,2 mols de NH disponíveis 650 g x O x = 20,3 mols de NH disponíveis 3 1 mol NH 3 17,03 g NH 3 3 2 1 mol O2 32,00 g O2 3 Razão estequiométrica requerida pela equação balanceada = Razão de reagentes disponíveis de fato = 5 mols O2 4 mols NH3 20,3 mols O2 38,2 mols NH3 2 2 Atividade 1) Determine a massa molar do sulfato de potássio (k (SO )). Dados: O = 16 u; S = 32,1 u e k = 39,1 u. 2 4 2) Quantos mols de oxigênio existem em 3,48 mols de H SO ? Dados: MA H = 1,0 u; O = 16,0 u; S = 32,1 u. 2 4 3) Qual é o adubo mais rico em sódio (Na): o sulfato de sódio (Na SO ) ou o cloreto de sódio (NaCl)? Dados: Na = 23,0 u; S = 32,1 u; Cl = 35,5 u e O = 16 u. 2 4 4) Calcule a fórmula percentual do propano C H . Dados: MA: C = 12 u e H = 1 u. 3 8 5) Faça o balanceamento da equação: Al O + C → CO + Al2 3 2 6) A reação da pirita (FeS ) com o oxigênio do ar, que produz o dióxido de enxofre, está representada segundo a equação química não balanceada: FeS + O → Fe O + SO Dados: Fe = 55,8 g/mol; S = 32,1 g/mol; O = 16 g/mol. Responda: a) Qual a massa de oxigênio gasoso (O ) consumida quando se tem 39,8 g de pirita? b) Qual a massa de SO formada quando são consumidos 44,2 g de O ? 2 2 2 2 3 2 2 2 2 NotasReferências LEWIS, R. Química. 4. ed. Rio de Janeiro: LTC, 2014. NEIL, D. J. Química: a natureza molecular da matéria, v. 1. 7. ed. Rio de Janeiro: LTC, 2017. NEIL, D. J. Química: a natureza molecular da matéria, v 2. 7. ed. Rio de Janeiro: LTC, 2017. SANTOS, C. M. C.; CARVALHO, M. N.; LIMA, N. S. Química geral. 1. ed. Rio de Janeiro: Lexikon, 2015. TRO, N. J. Química uma abordagem molecular. v. 1. 3 ed. Rio de Janeiro: LTC, 2017. Próxima aula In�uência do teor de carbono e de outros elementos de liga nas ligas; Fases e principais tratamentos térmicos dos aços. Explore mais Assista o vídeo Balanceando Equações Químicas | Reações químicas e estequiometria. javascript:void(0);
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