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91 - 92 - 93 - 94 - 95 - 96 - 97 - 98 - 99 - 100 - 101 - 102 - 103 - 104 - 105 - 106 - 107 - 108 - 109 - 110 - 111 - 112 - 113 - 114 - 115 116 - 117 - 118 - 119 - 120 - 121 - 122 - 123 - 124 - 125 - 126 - 127 - 128 - 129 - 130 - 131 - 132 - 133 - 134 - 135 - 136 - 137 - 138 - 139 - 140 - 141 - 142 - 143 - 144 - 145 - 146 - 147 - 148 - 149 - 150 - 151 - 152 - 153 - 154 - 155 - 156 - 157 - 158 - 159 - 160 - 161 - 162 - 163 - 164 - 165 - 166 - 167 - 168 - 169 - 170 - 171 - 172 - 173 - 174 - 175 - 176 - 177 - 178 - 179 - 180 - SIMULADO 8 – ENEM 2020 – PROVA II C IÊ N C IA S D A N A T U R E Z A E S U A S T E C N O LO G IA S M A T E M Á T IC A E S U A S T E C N O LO G IA S CIÊNCIAS DA NATUREZA E SUAS TECNOLOGIAS Questões de 91 a 135 QUESTÃO 91 Na maior parte dos casos de leucemia mieloide crônica, um tipo de câncer sanguíneo, um segmento do cromossomo 9 que contêm o proto-oncogene ABL se funde ao gene BCR no cromossomo 22. O cromossomo 22 derivado, ou der(22), também chamado de cromossomo Filadélfia, contém a fusão BCR-ABL, na qual o poderoso promotor do BCR induz a transcrição gênica do oncogene ABL, levando ao desenvolvimento do câncer. A figura a seguir esquematiza essa mutação cromossômica: 9 ABL BCR der(22) (Cromossomo Filadélfia) der(9) 22 O’CONNOR, C. Fluorescence in situ hybridization (FISH). Nature Education, 2008 (Adaptação). Qual tipo de mutação cromossômica desencadeia o desenvolvimento desse tipo de leucemia? A. Deleção. B. Inversão. C. Numérica. D. Duplicação. E. Translocação. Alternativa E Resolução: O texto relaciona a presença do cromossomo Filadélfia ao desenvolvimento de leucemia mieloide crônica. A formação desse cromossomo decorre de uma translocação cromossômica recíproca, que causa a junção dos genes BCR e ABL. Essa mutação coloca o proto-oncogene ABL em uma região de intensa ativação transcricional. Por ser um oncogene, a expressão do ABL resulta em um produto que promove a divisão celular, levando ao câncer. Logo, a alternativa correta é a E. A alternativa A está incorreta, pois, na deleção, uma região do cromossomo é excluída sem ir para outro. A alternativa B está incorreta, pois, na inversão, duas regiões de um mesmo cromossomo são trocadas de posição. A alternativa C está incorreta, pois a mutação que ocorre no cromossomo Filadélfia é estrutural, não numérica. A alternativa D está incorreta, pois, na duplicação, uma região de um mesmo cromossomo é replicada. QUESTÃO 92 Os especialistas defendem que não há problema em ter a instalação de iluminação e tomadas de uso geral em 110 V e alguns produtos em 220 V, mas é essencial conhecer a tensão de cada parte da casa. Um equipamento 110 V será danificado se ligado em 220 V e queimar. Além disso, de acordo com o engenheiro eletricista Hilton Moreno, o acidente pode causar danos em outros aparelhos e até ocasionar incêndios. Disponível em: <http://programacasasegura.org>. Acesso em: 11 set. 2020 (Adaptação). P9LY BR9Ø Ao conectar um aparelho de 220 V em uma fonte de 110 V, ele A. sofrerá curto-circuito. B. dissipará mais energia. C. terá mau funcionamento. D. diminuirá sua resistência. E. apresentará maior potência. Alternativa C Resolução: Como dito no texto, ao ligar um aparelho de 110 V em uma fonte de 220 V, como essa fornece mais energia do que o necessário ao equipamento, ele estará em sobrecarga e provavelmente queimará. Contudo, na situação inversa, em que um aparelho de 220 V é conectado a uma fonte de 110 V, essa fornece menos energia do que requisitado ao aparelho, de modo que a sua potência de operação será menor e, consequentemente, funcionará abaixo do esperado. Portanto, a alternativa correta é a C. QUESTÃO 93 Desde 2015, pesquisadores da Unicamp, SP, vêm desenvolvendo e obtendo silício “solar” com tecnologia totalmente nacional. Esse elemento é essencial para a fabricação de células solares e o Brasil, apesar de possuir tecnologia para a fabricação dessas células, ainda tem que importar silício purificado, o que encarece o custo dos painéis solares. O silício comercial é obtido a partir do quartzo de alta pureza, pela reação química de redução do dióxido de silício (SiO2) com eletrodos de carbono, em forno de arco elétrico, conforme a equação a seguir: SiO2(s) + 2C(s) → Si(ℓ) + 2CO(g) Uma das maiores dificuldades nesse processo é a grande quantidade de energia elétrica necessária para aquecer os fornos elétricos, já que, para produzir silício de pureza elevada (99,5%), as temperaturas fornecidas devem ser superiores a 1 900 °C. CARVALHO, Pedro. A rota metalúrgica de produção de silício grau solar: uma oportunidade para a indústria brasileira? Disponível em: <http://www.bndes.gov.br/bibliotecadigital/>. Acesso em: 19 mar. 2018 (Adaptação). A grande quantidade de energia elétrica despendida durante o processo de obtenção do silício se deve em função do rompimento de A. ligações metálicas entre o silício. B. ligações iônicas entre o silício e o oxigênio. C. forças de dispersão entre as moléculas de carbono. D. ligações covalentes entre o silício e o oxigênio e entre os átomos de carbono. E. interações do tipo dipolo permanente entre as moléculas de dióxido de silício. Alternativa D Resolução: O processo de obtenção do silício envolve o rompimento de ligações covalentes nos reagentes (Si–O e C–C) para que, em seguida, ocorra rearranjo atômico e formação de novas ligações (Si–Si e C–O) que dão origem aos produtos. As ligações Si–O e C–C apresentam energias de ligação muito altas e, por isso, é necessário que se atinja, no forno, temperaturas elevadas (próximo de 1 900 ºC) para que o processo ocorra. Logo, a alternativa D é a correta. AFC9 ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 1BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 94 Segundo a pesquisadora Dorivalda Neira, do Departamento de Engenharia Mecânica da Universidade Federal do Rio Grande do Norte (UFRN), o uso de materiais compostos por bandejas plásticas para conservar alimentos se mostrou um bom isolante térmico para paredes e tetos. O estudo avaliou o uso de embalagens de poliestireno expandido (EPS) pós-consumo como isolantes. Para testar a eficiência das embalagens, foram realizados testes em duas câmaras. O uso das embalagens recicladas resultou em uma redução média de 5,9 °C no interior do cômodo, em comparação com a câmara sem isolamento. Disponível em: <http://revistapesquisa.fapesp.br>. Acesso em: 25 set. 2018 (Adaptação). A eficiência no uso de embalagens como isolantes térmicos pode ser explicada pelo(a) baixo(a) A. calor latente. B. calor específico. C. emissividade térmica. D. condutividade térmica. E. coeficiente de dilatação. Alternativa D Resolução: Para que as embalagens funcionem como isolantes térmicos, ou seja, diminuam a transferência de energia entre os ambientes interno e externo, a condutividade térmica delas deve ser baixa. Portanto, a alternativa correta é a D. QUESTÃO 95 Um estudo conduzido por uma equipe da Universidade de Adelaide, Austrália, investigou os impactos das alterações climáticas na cadeia alimentar marinha. Os pesquisadores usaram 12 grandes tanques de 1 600 litros onde imitaram as condições de temperatura e acidez elevadas causadas pelo aumento das emissões humanas de gases com efeito de estufa. Nos tanques foram colocadas também espécies variadas, incluindo algas, camarões, esponjas, caracóis e peixes, mantendo-se durante seis meses as condições climáticas, enquanto os pesquisadores avaliavam a sobrevivência, crescimento, biomassa e produtividade de animais e plantas. Segundo Hadayet Ullah, autor principal do estudo, as alterações climáticas levaram ao aumento da produtividade, especialmente devido à expansão das cianobactérias, mas esse aumento não teve reflexos na cadeia alimentar porque os herbívorosnão consomem as cianobactérias. Disponível em: <https://cetesb.sp.gov.br>. Acesso em: 26 mar. 2020 (Adaptação). Esse estudo sugere que as mudanças climáticas podem A. inverter a pirâmide de energia, colocando os produtores no topo. B. aumentar a competição entre herbívoros, reduzindo a produtividade primária. C. potencializar a fotossíntese, revertendo o processo de acidificação dos oceanos. 2BLV CWQZ D. prejudicar a transferência de energia dos produtores aos consumidores, reduzindo sua biomassa. E. alterar os hábitos alimentares dos herbívoros, restringindo sua alimentação à cianobactérias. Alternativa D Resolução: O estudo descrito avaliou parâmetros como sobrevivência, crescimento, biomassa e produtividade de animais e plantas de ecossistemas aquáticos quando submetidos a condições como o aumento da temperatura ou da concentração de CO2, o que afeta o pH da água. Com isso, os pesquisadores tinham a intenção de mimetizar as alterações que os seres humanos têm provocado no mundo, como o aquecimento global e a acidificação dos oceanos, verificando o impacto que essas mudanças podem causar nas cadeias alimentares. Os resultados mostraram que apesar da produtividade primária não ser afetada nessas condições, devido a proliferação de cianobactérias, essa energia não flui dos níveis dos produtores para o dos consumidores, uma vez que eles não consomem cianobactérias. Dessa forma as alterações climáticas reduzem a eficiência de transferência de energia para os níveis tróficos superiores das cadeias alimentares, o que pode resultar na redução da biomassa de herbívoros e de carnívoros. Dessa forma, a alternativa correta é a D. A alternativa A está incorreta, porque os indivíduos que se encontram no topo das pirâmides energéticas são aqueles que recebem por último o fluxo de energia, o que não ocorre com os produtores. A alternativa B está incorreta, porque o texto diz que alterações climáticas levaram a um aumento da produtividade primária, devido a proliferação das cianobactérias. A alternativa C está incorreta, porque o processo de acidificação dos oceanos é consequência das mudanças climáticas que aumentam a dissolução de CO2 nas águas. A alternativa E está incorreta, porque, como é dito no texto, o aumento de produção de energia não é acompanhado nos níveis tróficos superiores, uma vez que herbívoros não se alimentam de cianobactérias. Com isso, infere-se que não há alteração dos hábitos alimentares. QUESTÃO 96 Os vidros são feitos basicamente de sílica (SiO2), que tem a sua origem no quartzo – o mineral mais comum encontrado na natureza. Existe um grupo de seres microscópicos, os radiolários, que utilizam a sílica e o oxigênio para produzirem seu esqueleto, ou seja, eles têm basicamente a mesma composição do vidro. Eles constroem esqueletos incríveis, resistentes e que podem se preservar como fósseis. Soterrados nos sedimentos marinhos dos oceanos, resistem bravamente ao aumento de temperatura e a pressão que ocorre no interior da Terra. Não se deformam e mantêm a estrutura original de seu esqueleto. Disponível em: <http://chc.org.br>. Acesso em: 14 set. 2020 (Adaptação). Considerando as informações, o esqueleto dos radiolários deve ser constituído de ZFE1 CNAT – PROVA II – PÁGINA 2 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO A. moléculas de tamanhos bem-definidos. B. íons ligados por meio de atrações eletrostáticas. C. polímeros que interagem por meio de interações fracas. D. átomos que originam uma macroestrutura de tamanho indeterminado. E. cátions cujos elétrons de valência podem se movimentar livremente no cristal. Alternativa D Resolução: O texto menciona que a sílica (SiO2) é derivada do quartzo, que resiste excepcionalmente a aumentos de temperatura e de pressão. Analisando a fórmula molecular dessa substância, percebe-se que ela é constituída de ligações covalentes, mas que as suas propriedades físicas não coincidem com as dos compostos moleculares – apresentam baixos pontos de fusão e ebulição e, geralmente, se encontram, nas CNTP, no estado líquido ou gasoso. Dessa forma, conclui-se que se trata de uma substância covalente, em que os átomos de silício e oxigênio originam uma macroestrutura de tamanho indeterminado cujas propriedades são bastante específicas. Logo, a alternativa D é a correta. QUESTÃO 97 Brasil dá importante passo para a preservação de seus camarões, lagostas e caranguejos. Entre as cerca de 600 espécies de crustáceos decápodes existentes no litoral brasileiro, mais de 1/3 delas acaba de ter as sequências de seus DNAs incluídas em banco genético mundial de seres vivos (GenBank) com sede nos Estados Unidos. [...] A análise detalhada buscou distinguir espécies muitos similares, que suscitam dúvidas sobre a existência de duas ou mais espécies, quando na verdade trata-se de apenas uma única espécie, com variação de cor e forma. Disponível em: <https://jornal.usp.br>. Acesso em: 9 set. 2020. Conceitualmente, a existência de uma única espécie desse animal com as variações morfológicas descritas poderia ser confirmada observando-se o A. nicho ecológico das populações selvagens. B. potencial biótico das populações estudadas. C. habitat natural das variedades sequenciadas. D. potencial reprodutivo entre esses organismos. E. ritual de acasalamento entre machos e fêmeas. Alternativa D Resolução: O texto aborda uma metodologia para a classificação de espécies baseando-se na compatibilidade genética entre diferentes indivíduos. Antes da disponibilidade dessa metodologia, as classificações taxonômicas eram baseadas em critérios morfológicos e comportamentais. Apesar da dificuldade em conceituar o termo “espécie”, a definição mais aceita estabelece que uma espécie é constituída por indivíduos capazes de se reproduzirem entre si, gerando descendentes férteis, e que sejam reprodutivamente isolados de outros indivíduos. Dessa maneira, o estudo das capacidades reprodutivas entre indivíduos pode ajudar na constatação se dois indivíduos, ainda que apresentem características morfológicas diferentes, pertencem, ou não, à mesma espécie. Portanto, a alternativa correta é a D. RJKW As demais alternativas estão incorretas pois características como nicho ecológico, potencial biótico, habitat e os rituais de acasalamento entre fêmeas e machos da mesma espécie não possuem especificidade suficiente para diferenciar uma espécie de outra. Isso porque diferentes espécies podem compartilhar dessas características. Além disso, essas outras características não são consideradas no conceito de espécie. QUESTÃO 98 Um grupo de estudantes investigou experimentalmente a dissolução do hidróxido de potássio sólido – KOH(s) – em água. Na temperatura ambiente de 25 °C, os estudantes misturaram, em um béquer, cerca de 100 mL de água destilada e uma colher de sobremesa de hidróxido de potássio sólido – KOH(s). A temperatura do sistema foi monitorada durante sete minutos; a cada minuto, um dos estudantes aferia a temperatura da solução e a plotava em um gráfico. Os resultados dessa experiência aparecem no diagrama a seguir: 60 50 40 30 20 10 0 1 2 3 4 5 6 7 Tempo (min) Temperatura (°C) O aumento da temperatura observado no início do experimento ocorre porque a dissolução do hidróxido em água é um processo A. endotérmico, em que a energia potencial média das partículas aumenta graças à diminuição da energia cinética média. B. endotérmico, em que a entalpia da solução é maior que a do KOH(s) e do H2O(ℓ). C. endotérmico, no qual o sistema absorve energia em forma de calor do ambiente. D. exotérmico, em que a energia cinética média das partículas aumenta graças à diminuição da energia potencial média. E. exotérmico, no qual o calor flui do ambiente para o sistema devido ao gradiente de temperatura que existe inicialmente (tempo zero). Alternativa D Resolução: O gráfico representa a dissolução do hidróxidode sódio, NaOH, uma base forte e muito solúvel em água, cuja dissolução libera grande quantidade de calor, motivo pelo qual a temperatura aumenta nos primeiros minutos. Dessa forma, o fenômeno é exotérmico, cuja variação de entalpia é negativa, e a energia cinética média das partículas do sistema aumenta devido à diminuição da energia potencial média. Logo, a alternativa D é a correta. 9K78 ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 3BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 99 A rede elétrica residencial é avaliada entre a saída dos transformadores de distribuição até a entrada de energia elétrica na residência. Os cabos condutores utilizados na conexão entre o poste do transformador e o ramal de entrada são escolhidos de acordo com as características do circuito, como a carga instalada e o tipo de fornecimento. A tensão elétrica residencial é comumente de 127/220 V trifásico, sendo considerada a distribuição balanceada de carga entre as fases. A identificação dos cabos condutores é feito de acordo com o quadro apresentado. Condutor Área nominal (mm2) Resistência em corrente contínua (Ω/km) Capacidade de corrente (A) 1 22,68 3,08 322 2 22,68 3,08 266 3 40,42 1,91 427 4 40,32 1,91 350 5 22,68 3,08 203 MANCUZO, E. Impacto do Gerenciamento pelo Lado da Demanda no Consumo Residencial, 2017. Dissertação (Mestrado em Engenharia Elétrica) – Faculdade de Engenharia de Bauru, Universidade Estadual Paulista, Bauru (Adaptação). Qual é o cabo mais adequado para uma residência de 127 V/45 kW? A. 1 B. 2 C. 3 D. 4 E. 5 Alternativa C Resolução: Uma residência de 127 V e que necessita de 45 kW de potência deverá estar conectada a uma rede elétrica que possibilita uma corrente de i i A � � 45 000 127 354 33, Pela tabela, o único cabo que é capaz de suportar essa corrente elétrica é o 3. Portanto, a alternativa correta é a C. QUESTÃO 100 A legislação brasileira mais recente permite o uso da alegação light para um alimento somente quando o produto apresentar redução de algum nutriente em comparação com um alimento de referência (versão convencional do mesmo alimento). Suco de pêssego Suco de pêssego light Porção de 200 mL (1 copo) Quantidade por porção Valor energético Não contém quantidade significativa de proteínas, gorduras totais, gorduras saturadas e gorduras trans. Não contém quantidade significativa de proteínas, gorduras totais, gorduras saturadas e gorduras trans. (*)% Valores Diários com base em uma dieta de 2 000 kcal ou 8 400 kJ. Seus valores diários podem ser maiores ou menores dependendo de suas necessidades energéticas. Obs: valor de açúcares na pila será 29 g. (*)% Valores Diários com base em uma dieta de 2 000 kcal ou 8 400 kJ. Seus valores diários podem ser maiores ou menores dependendo de suas necessidades energéticas. (**) VD não estabelecido. (***) Os açúcares presentes são provenientes da própria fruta. Carboidratos Fibra alimentar Sódio Vitamina C Valor energético 37 kcal = 156 kJ 9,1 g 2 3 ** 4 0 8,2 g 0,9 g 7,9 mg 123 kcal = 518 kJ 30 g 6 10 5 0 27 1,3 g 7,2 mg 12 mg Carboidratos dos quais Fibra alimentar Açúcares (***) Sódio %VD(*) %VD(*)Quantidade por porção Porção de 200 mL (1 copo) SOS DAS MARIAS. Disponível em: <http://sosdasmarias.blogspot.com.br/2013/05/suco-cha-ou-refrigerante.html>. Acesso em: 25 nov. 2014. Com base nessa premissa e na análise dos rótulos, o suco de pêssego light é, em relação ao convencional, A. mais indicado para pessoas que apresentam histórico de pressão alta e acidentes cardiovasculares. B. mais indicado para pessoas que sofrem de problemas de constipação intestinal ou prisão de ventre. C. mais prejudicial a pessoas que apresentam diabetes mellitus ou restrição a monossacarídeos na dieta. D. menos energético devido à ausência de lipídeos em sua formulação complementar. E. menos rico em carboidratos em sua formulação, o que leva à redução do valor energético por porção. TH7E HMIA CNAT – PROVA II – PÁGINA 4 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO Alternativa E Resolução: Entende-se por alimentos lights aqueles que apresentam teor reduzido de algum nutriente em comparação com sua versão integral. Ao analisar os rótulos dos sucos de pêssego light e o convencional, nota-se que a versão light apresenta menor quantidade de carboidratos, já que não é adicionado açúcar à sua formulação, sendo que o açúcar presente é o da própria fruta. Como o carboidrato é oxidado para a produção de energia, a redução da quantidade de açúcares em um alimento reduz também o seu valor energético. Portanto, a alternativa correta é a E. A alternativa A está incorreta porque a versão light não apresenta teor de sódio reduzido, o que seria recomendável para pessoas com problemas cardíacos. A alternativa B está incorreta porque a versão light apresenta menor teor de fibras, que auxiliam o trânsito e o funcionamento intestinal. A alternativa C está incorreta porque a versão light contém menos açúcares, e, por isso, é mais recomendável para pessoas diabéticas ou em dietas restritivas de açúcares. A alternativa D está incorreta porque em nenhuma das duas versões os sucos de pêssego apresentam lipídeos em suas formulações. QUESTÃO 101 A base do método de preparação industrial do ácido ascórbico (vitamina C) é realizada por meio de uma série de reações cujo reagente de partida é a glicose. O primeiro passo se dá por meio de uma reação de oxidação, que significa acréscimo de oxigênio, ou a remoção de hidrogênios da molécula. O segundo passo envolve uma redução na extremidade da molécula de glicose, oposta à da primeira reação, formando um composto conhecido como ácido gulônico. Já o terceiro passo envolve a formação de uma molécula cíclica ou em anel na forma de uma lactona, e o passo final envolve a formação da ligação dupla e a obtenção da vitamina C. H H H H H HO C C C C C CH2OH CH2OH O OH OH OH H H H H H HO C C C C C COOH O OH OH OH H H H H HO C C C C COOH OH OH OH Glicose enzima oxidante (1° passo) enzima redutora (2° passo) Ácido glucurônico Ácido gulônico CH2OH H H H H HO C C C C COOH OH CH2OH H H H H C OH O OOH OH Ácido gulônico enzima lactonase (3° passo) enzima oxidante Gulonolactona ácido ascórbico (4° passo) CH2OH HO OH C OH O O OOH OHO LE COUTEUR, P.; BURRESON, J. Os Botões de Napoleão: as 14 moléculas que mudaram a história. Editora Zahar (Adaptação). Considerando que o rendimento global da reação de síntese da vitamina C varia entre 40 e 60%, a quantidade mínima de glicose, em quilograma, necessária para preparar 5,28 kg desse composto é de, aproximadamente, Dados: Massas molares em g.mol–1: ácido ascórbico = 176; glicose = 180. A. 2,16. B. 3,24. C. 5,40. D. 9,00. E. 13,50. Alternativa D Resolução: A preparação industrial do ácido ascórbico (vitamina C) é realizada por meio de uma série de reações cujo reagente de partida é a glicose. Conforme visto na sequência de etapas, há uma proporção molar de 1 : 1 entre glicose e ácido ascórbico: 1 mol glicose ––––– 1 mol ácido ascórbico 180 g glicose ––––– 176 g ácido ascórbico x ––––– 5 280 g de ácido ascórbico x = 5 400 g de glicose Como o processo apresenta rendimento inferior a 100%, é necessário considerar que quanto maior é o rendimento, menor será a massa de glicose necessária para produzir a quantidade desejada de vitamina C. Dessa forma, tem-se a seguinte relação proporcional: 5,4 kg de glicose ––––– 60% y ––––– 100% y = 9,0 kg de glicose Logo, a alternativa D é a correta. AQO5 ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 5BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 102 A seda de aranha é um material de alto interesse tecnológico por ser composta de fios extremamente finos, leves e resistentes, tendo assim as características ideais para a produção de paraquedas e coletes à prova de balas. Com o objetivo de obter a constante elástica do fiode seda, foram utilizados uma régua milimétrica, uma câmera e um programa de captura de imagens. Fixando gradativamente massas de prova no fio, tirando as fotos e analisando-as, encontrou-se que a elongação máxima, para uma determinada amostra de fios e ainda no regime elástico, é de 25 mm, equivalendo assim a uma constante de 4,98 N/m. Considere a aceleração da gravidade local como 10 m/s2. Disponível em: <www.fap.if.usp.br>. Acesso em: 11 set. 2020 (Adaptação). Utilizando o fio descrito, uma aranha é capaz de erguer um(a) A. bola. B. celular. C. sapato. D. caneta. E. abacate. Alternativa D Resolução: Pelos valores descritos no texto, a aranha que produz o fio estudado é capaz de erguer, a velocidade constante, uma massa de até mg kx m kx g m kg g � � � � � �25 4 98 10 10 0 01245 12 45 3. , . , , Entre as alternativas, o objeto que tem uma massa mais próxima do valor encontrado é uma caneta. Portanto, a alternativa correta é a D. QUESTÃO 103 Você pode achar difícil imaginar que algo tão simples como uma única mudança de base possa levar a cegueira. No entanto, em certos casos de cegueira congênita é exatamente isso que acontece. À primeira vista, parece tentadoramente simples consertar distúrbios causados por mutações em um único gene: terapia gênica. No entanto, esse campo é muito mais complicado do que parece. Um grande obstáculo enfrentado pela terapia gênica eficaz envolve encontrar a melhor maneira de entregar genes terapêuticos às células-alvo do corpo. O método mais comum emprega vírus. Os vírus são parasitas intracelulares obrigatórios, projetados ao longo da evolução para infectar células. Quando se trata de terapia gênica, os cientistas podem tirar proveito desse processo removendo as partes do genoma viral que causam doenças e adicionando um gene terapêutico. O genoma projetado é então reembalado no revestimento da proteína viral e permite infectar a célula-alvo adequada. Agora, em vez de produzir toxinas virais e causar doenças, a célula infectada por esse vírus é capaz de produzir a proteína ou enzima que falta. Disponível em: <www.nature.com/>. Acesso em: 11 set. 2020 (Adaptação). JJ5T 52TV Nessa técnica, os vírus realizam a função de A. produzir a proteína afetada pela alteração na sequência de bases nitrogenadas. B. prevenir a ocorrência da mutação pontual associada à manifestação da doença. C. transferir cópias funcionais do gene afetado para o genoma de pessoas doentes. D. reverter a troca da base no gene original responsável pela perda de função proteica. E. replicar a sequência gênica de interesse em larga escala antes da infecção celular. Alternativa C Resolução: O texto aborda a técnica de terapia gênica. Essa ferramenta biotecnológica é relativamente recente e ainda tem muitas limitações para utilização em seres humanos. Uma delas é que ela só é usada, atualmente, para correção de distúrbios genéticos ocasionados por mutações em um único gene. Muitas doenças genéticas são mais complexas, envolvendo diversos genes para a manifestação fenotípica. Outra dificuldade é a forma de entregar os genes saudáveis para todas as células da pessoa doente. Uma das técnicas utiliza os vírus. Como é dito no texto, esses seres são evolutivamente programados para infecção celular, sendo ótimos vetores. O material genético viral é completamente manipulado pelos cientistas, retirando a capacidade patogênica do vírus e incluindo versões não mutadas do gene associado à doença. Dessa forma, quando o vírus infecta e integra o seu material genético na célula hospedeira , ele está, na verdade, dando a ela a informação para a síntese do produto gênico que foi prejudicada pela mutação. Portanto, a alternativa correta é C. A alternativa A está incorreta, pois o vírus não produz a proteína afetada pela mutação, uma vez que é desprovido da maquinaria celular necessária para essa função. A alternativa B está incorreta, pois as mutações são eventos aleatórios. Além disso, os vírus são administrados em pessoas que já apresentam as mutações. A alternativa D está incorreta, pois o vírus não funciona como uma ferramenta de edição gênica pontual. Ele não vai no gene mutado e troca a base incorreta pela certa. Ele transfere uma cópia do gene funcional, previamente sintetizado em laboratório, para as células, onde as enzimas celulares irão ler essa informação e produzir a proteína de interesse. A alternativa E está incorreta, pois antes da infecção celular, o vírus não seria capaz nem de participar no processo de multiplicação desse gene. Ele depende do metabolismo celular. QUESTÃO 104 Após a Segunda Guerra Mundial, com o domínio da técnica de produzir energia a partir de reações em cadeia em núcleos de átomos, a Ford desenvolveu um projeto de carro movido a energia nuclear, o Ford Nucleon. No entanto, o modelo não passou da fase de maquete na época, devido aos limites tecnológicos dos anos 1950. Entretanto, a ideia era bem simples e ousada: acoplar o veículo a um pequeno reator nuclear na traseira, para produzir energia elétrica por meio de uma turbina. Disponível em: <https://revistaautoesporte.globo.com>. Acesso em: 16 set. 2020 (Adaptação). Y6ZQ CNAT – PROVA II – PÁGINA 6 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO A energia liberada seria proveniente do processo denominado A. fusão nuclear. B. fissão nuclear. C. transmutação nuclear. D. emissão de partículas alfa. E. emissão de partículas beta. Alternativa B Resolução: Segundo o texto, a montadora de carros desenvolveu, após a Segunda Guerra Mundial, um protótipo de carro que tinha como base o uso de reações em cadeia em núcleos de átomos para produzir energia. Essa reação é denominada fissão nuclear e consiste na fragmentação de um núcleo atômico a partir de sua colisão com uma partícula como o nêutron, formando núcleos menores e produzindo uma enorme quantidade de energia. Logo, a alternativa B é a correta. QUESTÃO 105 Um experimento simples, no qual pode-se estudar o movimento de uma gota de água no óleo de uma proveta, pode ser realizado utilizando-se uma proveta, um recipiente com água, um conta-gotas, uma régua milimétrica, um marcador permanente, uma calculadora e óleo de soja. Após serem feitas marcações igualmente espaçadas na proveta, foram registrados os tempos de passagem da gota de água por todas as marcações com o uso de um cronômetro, registrando esses valores em uma planilha eletrônica. O gráfico apresenta a posição da gota na proveta pelo tempo de seu movimento. 16 14 12 10 8 6 4 2 0 0 0,2 0,4 0,6 0,8 1,0 1,2 1,4 1,6 1,8 2,0 Tempo (s) Po si çã o (c m ) BOTAN, E. Ensino de Física Para Surdos: Três Estudos de Caso da Implementação de Uma Ferramenta Didática Para o Ensino de Cinemática, 2012. Dissertação (Mestrado em Ensino de Ciências) – Instituto de Física, Universidade Federal de Mato Grosso, Cuiabá (Adaptação). A velocidade da gota de água no experimento, é mais próxima de A. 8 cm/s. B. 12 cm/s. C. 15 cm/s. D. 17 cm/s. E. 18 cm/s. Alternativa A Resolução: Pelo gráfico, percebe-se que a velocidade da gota é uniforme, uma vez que a inclinação da curva é constante. IA6H v x t � � � Sendo o deslocamento, variação da posição, e o intervalo de tempo aproximadamente iguais a 15 cm e 1,8 s, respectivamente, conclui-se que v v c m s ≈ ≈ 15 1 8 8 3 , , Portanto, a alternativa correta é a A. QUESTÃO 106 Sarah Smith, de 42 anos, sofria com dores de cabeça e má digestão. Tanto o médico quanto o nutricionista indicaram o consumo de três litros de água por dia para que o corpo funcionasse melhor. Decidiu apostar na ideia e registrou as mudanças. Quatro semanas depois, estava se sentindo melhor, e o marido e amigos disseram que ela parece 10 anos mais jovem, com menos manchas e marcas de expressão no rosto. Disponível em: <https://saude.terra.com.br>. Acesso em: 21 out. 2016. [Fragmento adaptado] A melhora nofuncionamento do organismo da mulher evidencia que essa substância é fundamental para o(a) A. rigidez das estruturas esqueléticas. B. constituição de moléculas proteicas. C. manutenção de reações metabólicas. D. orientação dos impulsos nervosos. E. anabolismo de substâncias tóxicas. Alternativa C Resolução: O texto-base relata o caso de uma mulher que apresentava sinais de desequilíbrio no seu organismo. Após orientações médicas, ela começou a ingerir 3 litros de água por dia, o que contribuiu para a redução dos sintomas. Em cerca de um mês, foram observadas alterações físicas na pele da mulher. A água é fundamental para a manutenção de reações metabólicas do organismo humano, contribuindo para a homeostase corporal. Dessa forma, a alternativa correta é a C. A alternativa A está incorreta, pois as mudanças nas expressões do rosto da mulher não estão relacionadas à rigidez das estruturas esqueléticas, mas sim à criação, pela água, de condições favoráveis para a manutenção das estruturas corporais. A alternativa B está incorreta, pois a água não faz parte da constituição das moléculas de proteínas. A alternativa D está incorreta, pois a transmissão dos impulsos nervosos ocorre por meio de neurotransmissores localizados dentro de vesículas. A orientação desse processo não depende diretamente da água. A alternativa E está incorreta, pois o anabolismo consiste em reações metabólicas de biossíntese de substâncias. A água não atua no anabolismo de substâncias tóxicas, mas pode favorecer as reações de catabolismo destas. R4N5 ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 7BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 107 A cárie é uma doença decorrente da atividade bacteriana localizada cujo tratamento restaurador é responsável por substituir a estrutura dentária perdida. Os cimentos de ionômero de vidro (CIV) têm sido largamente utilizados com essa finalidade restauradora, devido a suas propriedades, tais como: adesão à estrutura dentária, estética razoável, biocompatibilidade e liberação de flúor. Os CIV estão disponíveis no mercado em versões diferentes. O CIV convencional é utilizado na forma de pó e líquido. O pó contém sílica (SiO2), alumina (Aℓ2O3) e fluoreto de cálcio (CaF2), e o líquido possui um ácido policarboxílico, representado a seguir: HO OH OH OH O O Quando misturados, pó e líquido formam um sal hidratado, que atua na ligação entre as partículas de vidro. STORGATTO, G. A.; BRAIBANTE, M. E. F.; BRAIBANTE, H. T. S. A Química na Odontologia. Revista Química Nova na Escola, v. 39, n. 1, 2017 (Adaptação). A nomenclatura IUPAC da substância que corresponde ao líquido presente no CIV convencional é A. ácido butanoico. B. ácido butano-2,3-dióico. C. ácido 2,3-dihidroxidietanóico. D. ácido 2,3-dihidroxibutanodióico. E. ácido 1,2,3,4-tetrahidroxibutanóico. Alternativa D Resolução: Inicialmente, para nomear o ácido policarboxílico mencionado é necessário identificar os grupos funcionais presentes na estrutura dele. A seguir estão identificados os dois grupos funcionais: carboxila e hidroxila, caracterizando, respectivamente, as funções: ácido carboxílico e álcool. HO OH OH OH O O Carboxila Carboxila Hidroxila Hidroxila Quando uma estrutura química apresenta mais de uma função, é necessário considerar a ordem de prioridade delas antes de numerar a cadeia principal, o que, nesse caso, não faz diferença na numeração. Observe: HO OH 1 2 3 4 OH OH O O O grupo hidroxila será tratado como um substituinte na cadeia e, como tal, tem as suas posições (2 e 3), e o nome (hidroxi) indicados antes do nome da cadeia principal que tem a função ácido carboxílico como prioritária. K8UØ A nomenclatura da cadeia principal deve indicar a quantidade de átomos que ela possui, ou seja, quatro (but); já o infixo indica que não há insaturação entre átomos de carbono (an); enquanto o sufixo indica a terminação funcional dos ácidos carboxílicos com sua multiplicidade (dióico). Logo, a nomenclatura desse composto é ácido 2,3-dihidroxibutanodióico e a alternativa D é a correta. QUESTÃO 108 O uso de mantas térmicas nos pneus dos veículos de competições automobilísticas está relacionado a importância da temperatura no desempenho dos pneus. Para baixas temperaturas, o desempenho do pneu será pior, já que ele não resistirá às tensões do movimento contra a pista, originando o esfarelamento (graining), isto é, a liberação de pequenos pedaços da borracha do pneu, semelhante ao que ocorre quando atritamos uma borracha escolar a um papel. Por analogia, é possível observar que se a borracha escolar for mais mole ou estiver a uma temperatura mais elevada, liberará uma quantidade menor desses pedaços ou farelos, assim como o pneu quando está na temperatura adequada. Portanto, o uso de mantas ou cobertores térmicos propicia um pré-aquecimento dos pneus, para que eles atinjam mais rapidamente a temperatura ideal de uso, evitando um desgaste desnecessário por esfarelamento. WELANG, R. B.; SILVEIRA, F. L. A Física dos Pneumáticos. Caderno Brasileiro de Ensino de Física, v. 30, n. 3, p. 614-627, 2013 (Adaptação). Qual força é alterada quando não se usa a manta térmica? A. Peso. B. Normal. C. De atrito. D. Centrípeta. E. Gravitacional. Alternativa C Resolução: Pelo texto, percebe-se que quando se usa a manta térmica, a temperatura do pneu fica mais próxima da temperatura de uso e, consequentemente, minimiza-se o esfarelamento. Essa situação, da liberação de pedaços de borracha pelo pneu, leva ao chamado “pneu careca”, ou seja, sua superfície se torna lisa. Nesse contexto, o pneu não tem a mesma aderência com a pista e, portanto, a força de atrito é alterada. Assim, a alternativa correta é a C. QUESTÃO 109 Um cão foi levado ao veterinário para examinar uma ferida que apareceu recentemente na pata dele. Para o exame, o veterinário faz um raspado com o auxílio de um bisturi, coletando células do tecido epitelial e conjuntivo da lesão. Depois, essas células são colocadas em uma lâmina, coradas e observadas ao microscópio óptico. Ao analisar a lâmina, o veterinário observou o seguinte campo, no qual a seta indica um macrófago infectado por amastigotas do parasito. T1BN L5HI CNAT – PROVA II – PÁGINA 8 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO SARTORETTO, M. C. et al. Detecção parasitológica de... Anais da X mostra científica FAMEZ / UFMS, Campo Grande, 2017. Qual diagnóstico o resultado obtido confirma? A. Sarna. B. Toxoplasmose. C. Doença de Chagas. D. Leishmaniose visceral. E. Leishmaniose tegumentar. Alternativa E Resolução: No texto, é descrita uma situação hipotética na qual um cachorro é levado ao veterinário para análise de uma ferida cutânea. O veterinário coleta amostras para analisar o tecido da lesão ao microscópio, no qual observa o campo mostrado na figura. Como é informado no texto, a imagem mostra um macrófago infectado pelas formas intracelulares do parasito, chamadas de amastigotas. Das opções apresentadas pelas alternativas, três doenças são causadas por dois gêneros de protozoários que assumem a forma de amastigotas no interior das células, a doença de Chagas, e as leishmanioses visceral e tegumentar. Por isso, as alternativas A e B estão incorretas. Na doença de Chagas, o Trypanosoma cruzi é encontrado no interior de células musculares e nervosas do hospedeiro vertebrado. Por isso, a alternativa C está incorreta. Os sintomas descritos no texto são compatíveis com a leishmaniose tegumentar, causando lesões cutâneas. A leishmaniose visceral afeta órgãos como baço e fígado, causando espleno e hepatomegalia, e a medula óssea, levando a menor produção das células sanguíneas. Portanto, a alternativa D está incorreta e a E está correta. QUESTÃO 110 A queima de combustíveis que contêm enxofre libera, juntamente com outros gases, dióxido de enxofre, SO2(g), contribuindo, assim, para a ocorrência da chuvaácida. Uma alternativa para diminuir esse impacto ambiental, consiste em reagir esse gás com uma solução básica, como o hidróxido de sódio (NaOH), conforme representado na equação balanceada a seguir: SO2(g) + 2NaOH(aq) → Na2SO3(aq) + H2O(ℓ) CARDOSO, A. A.; FRANCO, A. Algumas reações do enxofre de importância ambiental. Revista Química Nova na Escola, n. 15, 2002 (Adaptação). Considere uma indústria que libera 5 m3 de resíduos gasosos por hora, dos quais 5% correspondem ao SO2. A massa de NaOH, em quilograma, que deve ser utilizada para neutralizar as emissões diárias desse gás é de, aproximadamente, DANC Dados: Massas molares em g.mol–1: H = 1; O = 16; Na = 23. Volume molar nas condições da exaustão: 30 L/mol. A. 0,3. B. 0,7. C. 8,0. D. 8,3. E. 16,0. Alternativa E Resolução: Inicialmente, é necessário determinar o volume de SO2 produzido, em litro. Para isso, é necessário fazer a conversão de m3 para litro e, em seguida, calcular o volume de SO2. 1 m3 ––––– 1 000 L 5 m3 ––––– x x = 5 000 L 5 000 L de SO2 ––––– 100% y ––––– 5% y = 250 L de SO2 De posse desse valor e sabendo o valor do volume molar nas condições da exaustão, obtém-se a quantidade de matéria de SO2 que reage com o NaOH. 30 L ––––– 1 mol de SO2 250 L ––––– y y = 8,33 mol de SO2 Como a massa molar do NaOH é igual a 40 g e a proporção estequiométrica da neutralização é de 1 mol de SO2 para 2 mol de NaOH, tem-se: (2 . 8,33) mol de NaOH . 40 g/mol = 666,4 g de NaOH ≅ 0,67 kg Esse valor, no entanto, corresponde à massa de NaOH necessária para neutralizar o processo por apenas 1 hora. Como um dia tem 24 horas, basta multiplicar: mNaOH = 0,67 kg . 24 = 16,08 kg ≈ 16 kg Logo, a alternativa correta é a E. QUESTÃO 111 O terrômetro é um instrumento usado para medir a resistência elétrica RT do aterramento. Esse instrumento possui duas hastes de referência, que servem como um divisor de tensão. O instrumento possui uma bateria interna de modo a gerar uma corrente elétrica no circuito e, com isso, queda de tensão no resistor RF formado pelas hastes de referência. Por meio de um amperímetro e um voltímetro, mede-se a corrente do circuito e a queda de tensão em um determinado segmento, como ilustrado. Considere que as hastes tenham contatos elétricos apenas em suas extremidades e que os instrumentos de medida sejam ideais. Haste de aterramento Hastes de referências Solo R = 500 ΩF 100 Ω 5,0 V RT 5 mA 2,5 V ØSBF ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 9BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO A resistência de aterramento, em ohm, medida por esse dispositivo é A. 140. B. 260. C. 400. D. 500. E. 760. Alternativa C Resolução: Pela figura, pode-se representar o circuito da seguinte maneira: 5,0 V 5 mA 2,5 V RT RF = 500 Ω 100 Ω Sendo o voltímetro ideal, não há fluxo de carga por ele. Logo, todos os elementos resistivos estão associados em série e, assim, pelos valores medidos pelos instrumentos, tem-se que a resistência de aterramento é R R T T � � � � 100 25 10 5 1000 500 400 � Portanto, a alternativa correta é a C. QUESTÃO 112 Em determinada espécie de abóbora, a coloração do fruto pode ser amarela, alaranjada ou verde-escura. A realização de autocruzamentos na F1 resultavam, na geração F2, em uma proporção fenotípica de 12 amarelos : 3 alaranjados : 1 verde-escuro. Esse resultado indica a participação de dois genes com distribuição independente. A relação entre os genótipos que determinam a coloração nessas plantas é mostrada na tabela a seguir: Controle genético das cores do fruto da abóbora P Genótipos: AAbb x aaBB Fenótipos: Alaranjada Amarela F1 Genótipos: AaBb x AaBb Fenótipos: Amarela Amarela F2 Genótipos: A_B_, aaB_ A_bb aabb Fenótipos: Amarela Alaranjada Verde-escuro RAMALHO et al. Interação alélicas e não alélicas. Genética na Agropecuária. UFLA, 2012 (Adaptação). Com base nos dados da tabela anterior, a coloração das abóboras é determinada por A. codominância. B. epistasia recessiva. C. epistasia dominante. D. herança quantitativa. E. dominância incompleta. SWHA CNAT – PROVA II – PÁGINA 10 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO Alternativa C Resolução: Como é informado no texto, essa espécie de abóboras pode apresentar três cores diferentes, determinadas pela interação entre dois pares de genes que se segregam independentes, ou seja, que estão localizados em cromossomos diferentes. A tabela relaciona diferentes genótipos com seus respectivos fenótipos. A partir dessas informações, é possível observar um padrão de manifestação fenotípica. Toda vez que o alelo B dominante aparece, a abóbora produz frutos de cor amarela. Quando as plantas possuem genótipos em que há duas cópias recessivas do gene b, a cor depende dos alelos do gene A. Nesse caso, se há pelo menos uma cópia do gene A dominante, a planta produz abóboras laranjas. Já se as duas cópias do gene a é recessiva, a planta produzirá abóboras de cor verde-escura. Assim, é possível perceber que o gene B exerce uma relação epistásica sobre o gene A. Essa epistasia é do tipo dominante, pois é necessário o alelo dominante do gene B para que haja influência na manifestação do gene A. Portanto, a alternativa correta é a C. A alternativa A está incorreta, pois a codominância é estabelecida entre dois genes alelos. Além disso, na codominância, em heterozigotos, ambos os genes são expressos, apresentando fenótipos mesclados. A alternativa B está incorreta, pois no caso apresentado, o alelo que exerce a epistasia sobre o outro par gênico é dominante, não recessivo. Quando há duas cópias recessivas do gene b no genótipo da planta, as cores determinadas pelos genes A e a podem se manifestar. A alternativa D está incorreta, pois a herança quantitativa é poligênica, em que cada gene efetivo acrescenta de forma linear a determinada característica. A alternativa E está incorreta, pois a dominância incompleta é estabelecida entre dois genes alelos, resultando, em heterozigotos, um fenótipo intermediário daquele apresentado pelos homozigotos recessivo e dominante. QUESTÃO 113 O minério de ferro é encontrado na natureza, principalmente, na forma de hematita (Fe2O3) e magnetita (Fe3O4), dois óxidos. Assim, para que o ferro metálico (Fe) seja obtido industrialmente, é necessário reduzir essas substâncias na presença de carvão em um equipamento conhecido como alto forno. A equação a seguir representa o processo global descrito: 2Fe2O3(s) + 6C(s) + 3O2(g) → 4Fe(s) + 6CO2(g) Considere as equações seguintes e as suas respectivas variações de entalpia (∆H), em kJ.mol–1: C(s) + 1/2O2(g) → CO(g) ∆H = –110 kJ.mol–1 3Fe2O3(s) + CO(g) → 2Fe3O4(s) + CO2(g) ∆H = –52,5 kJ.mol–1 Fe3O4(s) + CO(g) → 3FeO(s) + CO2(g) ∆H = +36 kJ.mol–1 FeO(s) + CO(g) → Fe(s) + CO2(g) ∆H = –18 kJ.mol–1 A variação de energia envolvida na produção industrial do ferro metálico é de A. –145 kJ/mol. B. –174 kJ/mol. C. –180 kJ/mol. D. –695 kJ/mol. E. –719 kJ/mol. Alternativa C Resolução: Para determinar a energia envolvida na produção do ferro é necessário utilizar a Lei de Hess, que consiste em somar equações das etapas intermediárias ajustando os respectivos coeficientes estequiométricos delas, conforme a conveniência. Dessa forma, deve-se multiplicar cada uma das equações fornecidas pelos valores indicados: (I . 6): C(s) + 3O2(g) → 6CO(g) ∆H = 6 . –110 kJ.mol–1 (II . 2/3): 2FeO3(s) + 2/3CO(g) → 4/3Fe3O4(s) + 2/3CO2(g) ∆H = 2/3 . –52,5 kJ.mol–1 (III . 4/3): 4/3Fe3O4(s) + 4/3CO(g) → 4FeO(s) + 4/3CO2(g) ∆H = 4/3 . +36 kJ.mol–1 (IV . 4): 4FeO(s) + 4CO(g) → 4Fe(s) + 4CO2(g) ∆H = 4 . –18 kJ.mol–1 Em seguida, por meio da soma dessas equações, é possível obter a equação global e o respectivo valor de ∆H dela: � � � �6 3 62C O COs g g( ) ( ) ( ) �H = 6 . 110 kJ.mol 2Fe O + 2/3CO -1 2 3(s) (g) �� � 4/3Fe O + 2/3CO H = . kJ.mol 4/3Fe O 3 4(s) 2(g) -1 4(s) � 2 3 52 5 3 / , ++ 4/3CO 4FeO + 4/3CO H = . kJ.mol 4FeO (g) (s) 2(g) -1(s) � � 4 3 36/ ++ 4CO 4Fe + 4CO H = kJ.mol(g) (s) 2(g) -1� � � � � � � � � � � � � � � � � 4 18. �� � � � __________________________________________________________________ . ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 6 3 4 6 6 11 2 3 2 2Fe O C O Fe CO H s s g s g� � � � � �� 00 2 3 52 5 4 181 1 1kJmol kJmol kJmol. / . , . . .� � �� � � � + 4 . 36 kJ.mol �HH kJmol� � �719 1. 1QYX ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 11BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO No entanto, o valor encontrado é para a formação de 4 mol de ferro. Logo, basta dividir por quatro para obter o valor desejado, em kJ/mol: 719 kJ.mol–1/4 = 180 kJ.mol–1 Logo, a alternativa C é a correta. QUESTÃO 114 Em um laboratório de Física, foram empregados grafites como elementos resistivos em um circuito, medindo os valores de tensão e corrente elétrica, com o objetivo de demonstrar experimentalmente o efeito Joule. A tensão elétrica à qual o grafite foi submetido foi aumentada gradativamente em 5 V e, quando a corrente elétrica chegou a 15 A, ele se tornou incandescente, semelhante à luz emitida por um filamento de tungstênio. BORGES, J. C.; LIMA, M. P.; BRAGA, C. A lei de Ohm na ponta do lápis. Ciência em Tela, Rio de Janeiro, v. 2, n. 2, 2009 (Adaptação). A propriedade do grafite que justifica o comportamento descrito é a A. densidade. B. ductilidade. C. porosidade. D. condutividade. E. maleabilidade. Alternativa D Resolução: Pelo texto e imagens percebe-se que, com o aumento da diferença de potencial à qual o grafite está submetido, seu brilho aumenta, ou seja, mais energia elétrica está sendo transformada em energia térmica, aquecendo o grafite, que, por atingir temperaturas muito altas, passa a emitir luz, evidenciando assim o efeito Joule. Para que o efeito Joule seja intensificado, deve-se aumentar a intensidade da corrente elétrica sobre o elemento resistivo, nesse caso o grafite. Para isso, o grafite deve ser um bom condutor de eletricidade. Portanto, a alternativa correta é a D. QUESTÃO 115 Imagine a cena. Na hora do almoço, há diversas opções de alimentos naquele restaurante self-service. E, para montar um prato saudável e saboroso, você decide incluir um pouco de cada um deles. Folhas verdes, legumes, peixes, produtos integrais e, claro, frutas para a sobremesa. Afinal, o organismo se encarrega de absorver todos os nutrientes, certo? É aqui que está o X da questão. “Eles passam por várias interações durante a digestão que influenciam de maneira positiva ou negativa na sua absorção”, diz a nutricionista Ana Paula Gines Geraldo. Disponível em: <http://revistavivasaude.uol.com.br/saude-nutricao/73/artigo132160-1.asp>. Acesso em: 04 dez. 2012 (Adaptação). A combinação de alimentos mencionada anteriormente pode influenciar de forma positiva na absorção de nutrientes, pois A. vitamina C dos vegetais melhora a absorção de ferro. B. fibras alimentares aumentam a absorção de cálcio. C. cálcio dos peixes aumenta a produção de vitamina D. D. iodo dos frutos do mar favorece a produção de T3 e T4. E. sódio dos legumes eleva a pressão nos vasos sanguíneos. Alternativa A Resolução: Para uma alimentação adequada, é necessário um consumo equilibrado dos macro e micronutrientes, de acordo com a sua demanda biológica. Isso pode ser alcançado por meio de uma alimentação balanceada e variada. Além disso, a combinação de determinados tipos de alimentos pode potencializar a absorção dos nutrientes. Um exemplo clássico é a combinação de alimentos ricos em ferro com aqueles que são ricos em vitamina C. Isso decorre da biodisponibilidade desse mineral, que é maior para a sua versão heme em relação à sua versão não heme. O ácido ascórbico mantém o ferro no seu estado ferroso, forma utilizada na sintese da molécula heme, que participa no transporte de oxigênio no sangue. Além disso, a vitamina ajuda a absorção do ferro pois forma um quelato ferro- -ascorbato que é mais solúvel e, portanto, pronto para ser absorvido no intestino. Dessa forma, a alternativa correta é a A. UU4S 3NLF CNAT – PROVA II – PÁGINA 12 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO A alternativa B está incorreta, pois as fibras alimentares não auxiliam na absorção do cálcio dos alimentos. Elas contribuem para manutenção da saúde intestinal, formando o bolo fecal. A alternativa C está incorreta, pois o cálcio não aumenta a produção de vitamina D, e sim a vitamina D que melhora a sedimentação do cálcio nos ossos. A alternativa D está incorreta, pois, apesar de a ingestão de iodo favorecer a síntese dos hormônios tireoidianos, a questão pergunta de que forma a combinação de alimentos potencializa a absorção de nutrientes presentes neles, e não aqueles que influenciam na produção de hormônios. A alternativa E está incorreta, pois os legumes não ricos em sódio. Além disso, a alterntiva não apresenta uma forma de potencializar a absorção de um nutriente por meio da ingestão de outro. QUESTÃO 116 O famoso experimento realizado por Rutherford, que consistiu em bombardear uma fina lâmina de ouro (Au) com partículas alfa, fez com que algumas dessas partículas sofressem grandes desvios em suas trajetórias, pois elas eram repelidas pelo núcleo positivo dos átomos desse elemento. O ouro foi escolhido por conta da sua inusual ductibilidade, permitindo que a folha utilizada tivesse espessura de apenas 400 nm. No entanto, caso a ductibilidade dos metais fosse a mesma, ele poderia ter utilizado no experimento outros materiais metálicos para o mesmo fim, como a platina, o magnésio, o níquel, o ferro e o cobre. RUTHERFORD, E. The discovery of radioactivity. Disponível em: <http://chemed.chem.purdue.edu>. Acesso em: 16 jun. 2020 (Adaptação). Considere que Rutherford tivesse como objetivo atingir o maior número de átomos em uma folha metálica de mesma espessura da utilizada no experimento original, bombardeando-a com um único feixe de partículas. Nesse caso, o metal mais adequado seria o(a) Dados: Raios atômicos em nm: Au = 144; Pt = 138; Mg = 160; Ni = 125; Fe = 124; Cu = 128. A. platina (Pt). B. magnésio (Mg). C. níquel (Ni). D. ferro (Fe). E. cobre (Cu). Alternativa D Resolução: Segundo o texto, Rutherford utilizou o ouro no experimento devido à sua inusual ductibilidade, permitindo que ele fosse transformado em lâminas muito finas de 400 nm de espessura. No entanto, caso a ductibilidade de todos os metais fosse a mesma, Rutherford poderia ter utilizado outros metais com a mesma finalidade. Considerando que o objetivo dele fosse atingir o maior número de átomos na lâmina metálica, bombardeando-a com um único feixe de partículas, ele deveria escolher o metal de menor raio atômico, já ela que apresentaria maior número de átomos distribuídos. Entre os elementos apresentados, o ferro é o que apresenta o menor raio atômico e, portanto, a alternativa D é a correta. VRRA QUESTÃO 117 Um carro de corrida sem ruído de motor, emissão de poluentes e que pode chegar a até 320 km/h está quase pronto para participar da primeira competição de carros elétricos, promovida pela Federação Internacional de Automobilismo (FIA). O protótipo reúne tecnologias avançadas como grupos de baterias de lítio produzidas com células de partículas de nanofosfato, muito menores do que as existentes nas baterias usuais dos veículos. O carro também terá um material composto de fibras de carbono e polímeros, que faz parte da carroceria, capaz de estocar e fornecer energia sem elevar a massa do veículo, que é de 1 000 kg. O abastecimento de eletricidade poderá ser feito durante a corrida com carregamento indutivo sem fios, com sensores nos carros e transmissores ao longo da pista. Disponível em: <https://revistapesquisa.fapesp.br>. Acesso em: 9 set. 2020 (Adaptação). A mínima energia que as baterias devem fornecer ao carro, para ele atingir a velocidade máxima a uma aceleração constante, deve ser mais próxima de A. 44 kJ. B. 160 kJ. C. 3 950 kJ. D. 7 901 kJ. E. 51200 kJ. Alternativa C Resolução: Considerando que o veículo está inicialmente em repouso, a mínima energia a ser fornecida pelas baterias é aquela em que não há nenhum tipo de perda. Ou seja, na situação em que toda energia proporcionada pelas baterias é convertida no movimento do veículo. W F x ma x I� � � �� � Pela equação de Torricelli: v a x a x v 2 2 2 2 � � � � Usando essa igualdade em I: W mv= 2 2 Logo, convertendo o valor de velocidade para metros por segundo, tem-se que v km h m km h s v m s W � � � � � � � � � � � � � � � 320 1000 1 1 3 600 800 9 1 2 1000 8 10 2 . . . 99 64 10 10 2 81 64 10 162 3 950 6 10 3 950 2 3 4 7 3 � � � � � � � � � � . . . . , .W J W kJ Portanto, a alternativa correta é a C. OVX5 ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 13BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 118 O objetivo da mitose é produzir células-filhas que são geneticamente idênticas às suas mães, com nenhum cromossomo a mais ou a menos. A meiose, por outro lado, é utilizada apenas para um propósito no corpo humano: a produção de gametas. Seu objetivo é fazer células-filhas com exatamente metade dos cromossomos da célula inicial. Esse objetivo é alcançado na meiose através de um processo de divisão em duas etapas. Uma subetapa desse processo é mostrado na figura a seguir: Disponível em: <https://pt.khanacademy.org/>. Acesso em: 10 set. 2020 (Adaptação). Em qual fase da divisão celular a célula mostrada na figura se encontra? A. Prófase I. B. Metáfase I. C. Telófase I. D. Prófase II. E. Telófase II. Alternativa A Resolução: Como informado no texto, a figura mostra uma das etapas da meiose, processo responsável pela formação dos gametas. A meiose ocorre em duas divisões, divisão I e II. A divisão I é um processo reducional, ou seja, gera células-filhas haploides. Já a divisão II é um processo equacional, se assemelhando à mitose. A ilustração mostra o início da condensação dos cromossomos; os cromossomos homólogos estão pareados; é possível notar uma região de quiasma no par de cromossomos menores, indicando a ocorrência de crossing-over; os centríolos ainda não foram para polos opostos da célula. Essas características indicam que a célula se encontra em prófase I. Portanto, a alternativa correta é a A. A alternativa B está incorreta, pois os cromossomos não estão no plano equatorial, os centríolos não estão em polos opostos da célula e a imagem ainda mostra resquícios de carioteca. A alternativa C está incorreta, pois na telófase I ocorre a citocinese, que é a separação da célula em duas. A alternativa D está incorreta, pois na prófase II não se observa o pareamento de pares de cromossomos homólogos. A alternativa E está incorreta, pois não há ocorrência de citocinese. XPES QUESTÃO 119 Uma das áreas de interesse para as agências espaciais é o comportamento de animais e plantas no espaço. Considerando que os projetos mais ambiciosos de viagens espaciais tripuladas incluem a construção de bases em outros objetos celestes, como Marte, a Lua e satélites de outros planetas, é de fundamental importância saber qual a influência de ambientes de gravidade reduzida sobre os diferentes tipos de organismos vivos. Apesar disso, nem todos os experimentos precisam ser conduzidos no espaço. Há equipamentos e técnicas usados no treinamento de astronautas, como os voos parabólicos, que são capazes de reproduzir a sensação de ausência de peso. REIS, N. T. Animais e plantas no espaço (Adaptação). No experimento descrito, plantas e animais estão em situação de A. queda livre. B. gravidade nula. C. ponderabilidade. D. equilíbrio mecânico. E. ausência de forças externas. Alternativa A Resolução: Como descrito no texto, nesse experimento, ocorre a sensação de ausência de peso. Tal situação, no estudo de Física, é denominada imponderabilidade, que é caracterizada pela ausência da força normal, ou seja, os objetos se encontram em queda livre. Portanto, a alternativa correta é a A. QUESTÃO 120 Os supercondutores são materiais que, quando resfriados a temperaturas muito baixas, adquirem capacidade de conduzir corrente elétrica praticamente sem resistência ou perdas. Um dos alótropos do carbono pode se tornar supercondutor quando as suas moléculas, compostas por hexágonos e pentágonos que apresentam átomos de carbono nos vértices de cada polígono, são intercaladas com átomos de metais alcalinos. Nessa situação, os metais alcalinos cedem um elétron para essas estruturas moleculares e criam uma rede em que os elétrons se movem como em metais. Considere as estruturas dos alótropos do carbono representadas a seguir: PTLN VF4X CNAT – PROVA II – PÁGINA 14 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO Segundo o texto, o alótropo do carbono capaz de se tornar um supercondutor é o(a) A. grafita. B. grafeno. C. fulereno. D. diamante. E. nanotubo de carbono. Alternativa C Resolução: Segundo o texto, o alótropo que pode se tornar supercondutor em condições muito baixas de temperatura é o que apresenta estrutura molecular, ou seja, constituída de agregados de átomos em um número limitado, finito. Analisando as estruturas apresentadas, o único que apresenta essa característica é o fulereno (C60), já que as demais estruturas são covalentes, ou seja, constituídas de uma rede infinita de átomos de carbono. Logo, a alternativa C é a correta. QUESTÃO 121 As baleias dependem de cardumes de pequenos camarões chamados “krill” para se alimentarem. Vivendo de fitoplâncton em águas férteis, o krill se desenvolve em enormes quantidades. [...] Devido aos muitos anos de caça indiscriminada, é possível que haja apenas um décimo da população original de baleias hoje em dia, e algumas espécies estão correndo perigo de extinção. Disponível em: <https://www.unicamp.br>. Acesso em: 30 ago. 2020. Na cadeia alimentar descrita, a caça indiscriminada de baleias promoveria o aumento populacional do A. produtor. B. decompositor. C. consumidor primário. D. consumidor terciário. E. consumidor secundário. Alternativa C Resolução: Os crustáceos citados no texto são os pequenos camarões chamados “krill”. De acordo com o texto, ele se alimenta do fitoplâncton e é predado pelas baleias. Dessa forma, o krill constitui a cadeia alimentar fitoplâncton – camarão – baleia. Nessa cadeia alimentar, o primeiro nível trófico é ocupado pelo fitoplâncton como produtor, o segundo é ocupado pelo krill, como consumidor primário, e o terceiro é ocupado pelas baleias, como consumidor secundário. A caça das baleias reduz a predação sobre o krill, favorecendo a proliferação desse crustáceo. Portanto, a alternativa correta é a C. As demais alternativas estão incorretas, pois, como descrito anteriormente, descrevem erroneamente a posição do krill nessa cadeia alimentar. QUESTÃO 122 Em noites chuvosas, o asfalto de uma estrada sem iluminação, que está à frente de um carro com o farol aceso, parece estar mais escuro do que em noites de clima seco. IYRZ A2YU A justificativa para tal fenômeno é que, em noites secas, um maior número de raios luminosos é refletido pelo asfalto de volta aos olhos do motorista. A explicação para essa diferença de observação se dá pela A. absorção intensificada da luz pela água sobre o asfalto. B. dispersão acentuada da luz pelas gotas da chuva. C. reflexão mais especular em noites de clima seco. D. reflexão menos difusa em noites chuvosas. E. reflexão menos regular em noites chuvosas. Alternativa D Resolução: Como descrito no texto, em noites secas, há mais reflexão dos feixes de luz do farol sob o asfalto de volta ao motorista do que em noites chuvosas. A razão para isso é que, em noites chuvosas, forma-se uma película de água sobre o asfalto, de forma que a reflexão que ocorre é especular, ou seja, a luz refletida não retorna ao observador, de modo que o asfalto aparenta uma coloração mais escura.Portanto, a alternativa correta é a D. QUESTÃO 123 Em átomos polieletrônicos, a interação entre os elétrons impossibilita a separação de variáveis e, consequentemente, a solução exata das equações de Schrödinger. Na teoria de Hartree-Fock, o elétron não “sente” a repulsão dos outros elétrons de forma explícita, mas sim como uma nuvem de elétrons, fazendo uma blindagem (S) de parte da carga nuclear (Z). A carga nuclear efetiva (Zef) é calculada pela seguinte equação: Zef = Z – S Já a blindagem (PB), em percentual, é obtida por meio da seguinte expressão: PB S Z = . %100 DUARTE, H. A. Carga nuclear efetiva e a sua consequência para a compreensão da estrutura eletrônica dos átomos. Revista Química Nova na Escola, n. 17, 2003 (Adaptação). A tabela a seguir apresenta os valores de percentual de blindagem de alguns elementos do segundo período da tabela periódica. Elemento Número atômico Blindagem (%) Li 3 56,7 B 5 48,0 C 6 45,8 F 9 43,2 Ne 10 41,5 Considerando as informações, o elemento que apresenta átomos de maior carga nuclear efetiva é o A. Li. B. B. C. C. D. F. E. Ne. JVFH ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 15BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO Alternativa E Resolução: Para determinar o elemento que apresenta a maior carga nuclear efetiva (Zef), é necessário utilizar as equações fornecidas no texto, fazendo as substituições necessárias para obter o valor de blindagem (S) em função do número atômico (Z), conforme a seguir: PB S Z S PB Z = = . . 100 100 Substituindo S na equação da carga nuclear efetiva: Z Z S Z Z PB Z ef ef � � � � 100 . Ao colocar Z em evidência: Z Z PBef � � � � � � � �� 1 100 Analisando a expressão obtida, percebe-se que, à medida que o número atômico aumenta e o percentual de blindagem diminui, a carga nuclear efetiva aumenta. Logo, entre as alternativas, o neônio é o que apresenta a maior carga nuclear efetiva e a alternativa correta é a E. QUESTÃO 124 A páprica é um condimento de cor vermelha intensa preparado a partir do pimentão vermelho seco e moído, sendo utilizada tanto na culinária como na agroindústria. Os principais pigmentos isolados da páprica são o β-caroteno, que expressa a coloração alaranjada, e a capsantina, que expressa a coloração vermelha. Os pigmentos estão subdivididos em classes de acordo com suas estruturas: os carotenoides hidrocarbonetos e as xantofilas, estas caracterizadas pela presença de oxigênio em sua estrutura. O β-caroteno pertence à classe dos carotenoides hidrocarbonetos, enquanto a capsantina, principal pigmento do pimentão vermelho, pertence às xantofilas. SILVA, L. B. et. al. Produtos naturais no ensino de Química: experimentação para o isolamento dos pigmentos do extrato de páprica. Química Nova na Escola, n. 23, p. 53, maio 2006 (Adaptação). O pigmento isolado da páprica que expressa a coloração alaranjada é representado pela estrutura: A. CH CH3 CH3 CH3 CH2CH3 CHCH C B. CH2 CH3 CHNHH3C C. O OH D. E. CH3H3C CH3 H3C H3C HO UXND Alternativa D Resolução: O pigmento isolado da páprica que expressa a coloração alaranjada é o β-caroteno, que pertence à classe dos carotenoides hidrocarbonetos. Os hidrocarbonetos são compostos orgânicos constituídos exclusivamente de carbono e de hidrogênio. Portanto, a estrutura que representa esse pigmento é a da alternativa D; a única que apresenta apenas os referidos elementos químicos. QUESTÃO 125 A adesina Tp0751 foi associada à disseminação da Treponema pallidum pela corrente sanguínea. Essa proteína está presente na superfície da bactéria, o que facilita sua interação direta com os componentes da matriz extracelular, como o fibrinogênio. O gráfico a seguir demonstra os resultados da imunização direcionada para essa adesina. ImunizadoControle Le sõ es p os iti va s pa ra T. p al lid um (% ) 100 80 60 40 20 0 LITHGOW, K. C. et al. Disponível em: <https://doi.org/10.1038/ ncomms14273>. Acesso em: 10 set. 2020 (Adaptação). Os resultados apresentados no gráfico anterior demonstram o potencial desse candidato vacinal para controle da A. sífilis. B. tracoma. C. gonorreia. D. hanseníase. E. leptospirose. Alternativa A Resolução: A sífilis é uma doença causada pela infecção com a bactéria espiroqueta Treponema pall idum. O desenvolvimento de uma vacina contra a sífilis precisa se voltar para a natureza altamente invasiva da bactéria, capaz de se disseminar pela corrente sanguínea para diversos órgãos e tecidos. Nos estágios iniciais da doença a bactéria causa lesões epiteliais. Caso não haja tratamento adequado, os estágios mais tardios da infecção podem atingir órgãos internos, causando lesões teciduais. O gráfico demonstra o sucesso da vacina em reduzir a presença da bactéria nas lesões epiteliais, e, por isso, esse candidato vacinal apresenta potencial para controle da sífilis. Portanto, a alternativa correta é a A. As demais alternativas descrevem doenças que não são causadas pela bactéria Treponema pallidum. YI8E CNAT – PROVA II – PÁGINA 16 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 126 A cerca elétrica pode ser dividida em quatro partes. O energizador, que é um equipamento que tem a função de transferir a energia proveniente da rede elétrica ou de baterias para o arame da cerca, o arame, que é isolado do solo (terra) pelos isoladores plásticos fixados aos mourões, e o terminal terra do energizador, que é, de modo geral, implementado com a associação de hastes de aço cobreado ou aço galvanizado. Quando o animal toca a cerca, a tensão reduz-se significativamente para minimizar a sensação de dor e apenas condicionar o animal para que ele se mantenha afastado. i i i i Isoladores Energizador Hastes de aterramento i i i ii i i i + MARTINO, M. et al. Energizador de cerca elétrica rural: Estudo, projeto e implementação. Eletrônica de Potência, v. 11, n. 3, p. 199-206, 2006 (Adaptação). No processo ilustrado, quando o animal toca a cerca ele A. fecha o circuito elétrico. B. provoca um curto circuito. C. divide a potência dissipada. D. causa fuga de corrente elétrica. E. estimula uma descarga elétrica. Alternativa A Resolução: Pelo texto e figura, percebe-se que, quando o animal toca a cerca, ele possibilita um novo caminho para o fluxo de cargas. Ou seja, ele fecha o circuito elétrico. Portanto, a alternativa correta é a A. A alternativa B está incorreta, pois, como a resistência elétrica do animal não é desprezível, há uma parcela da energia que é dissipada, de modo que o circuito não entra em curto. A alternativa C está incorreta, pois, além de no instante anterior ao animal encostar no arame nenhuma potência estar sendo dissipada, quando ele o faz, o animal é o único elemento resistivo no circuito, de modo que toda a energia dissipada se encontra nele. A alternativa D está incorreta, pois, percebe-se pela figura que não há fuga de corrente elétrica para outro caminho. O fluxo de cargas que passa pelo corpo do animal vai para terra e, como representado, retorna ao circuito pelas hastes aterradas. A alternativa E está incorreta, pois, como o animal toca a cerca, não há uma descarga elétrica, e sim um novo caminho para condução. Para haver descarga, a rigidez dielétrica do ar teria que ser rompida, o que torna necessário uma tensão elétrica elevadíssima, incompatível com o propósito do equipamento descrito. DX8U QUESTÃO 127 Os coronavírus são um grande grupo de vírus que vêm causando surtos de pneumonia severa em seres humanos desde o começo do século XXI. No fim de 2019, a COVID-19 (SARS-CoV-2) se alastrou pelo mundo, se tornando uma pandemia. Pesquisadores descobriram que o início da infecção por esse vírus se inicia através da ligação entre glicoproteínas presentes no envelope do vírus e a membrana extracelular, e que essa ligação é mediada por moléculas de ácido siálico (9-O-Ac-Sia) presentes nas células humanas.A estrutura dessa substância está representada a seguir: O OH OH OHNH CH3 O OH OH OH O H TORTORICI, M. A. et al. Structural basis for human coronavirus attachment to sialic acid receptors. Nature structural & molecular biology, v. 26, 2019 (Adaptação). O grupo funcional que confere características de um ácido a esse composto é denominado A. oxi. B. carboxi. C. hidroxila. D. carbonila. E. carboxila. Alternativa E Resolução: A estrutura do ácido siálico apresenta as seguintes funções orgânicas oxigenadas: álcool – possui como grupo funcional a hidroxila (—OH) ligada diretamente a carbono saturado; éter – possui o oxigênio ligado a dois carbonos da cadeia (—O—) como grupamento funcional; e ácido carboxílico – possui como grupo funcional a carbonila (C=O), ligada a uma hidroxila (—OH), e que se denomina grupo carboxila, conferindo características de um ácido a esse composto. O OH OH OHNH CH3 O OH OH O Carboxila H O H Logo, a alternativa correta é a E. 61EP ENEM – VOL. 8 – 2020 CNAT – PROVA II – PÁGINA 17BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 128 A síndrome de microftalmia com defeitos lineares da pele (MLS) é uma doença genética que afeta principalmente mulheres e caracteriza-se por olhos pequenos ou mal desenvolvidos (microftalmia). A síndrome MLS é mais comumente causada por alterações que envolvem o gene HCCS, que carrega a informação para a produção de uma enzima presente nas mitocôndrias. Esta condição é herdada em um padrão ligado ao X. Nas mulheres, a mutação em uma das duas cópias do gene em células somáticas é suficiente para causar o distúrbio. Algumas células produzem uma quantidade normal da enzima e outras células não produzem nenhuma. A redução geral na quantidade dessa enzima leva aos sinais da síndrome. Nos homens, a mutação resulta na perda total da enzima. A falta dessa enzima é letal no início do desenvolvimento embrionário, então quase nenhum homem nasce com MLS, apenas alguns indivíduos afetados com aparência masculina, mas que têm dois cromossomos X. Disponível em: <https://ghr.nlm.nih.gov/>. Acesso em: 9 set. 2020 (Adaptação). Um casal constituído por uma mulher heterozigota e um homem não afetado tem dois filhos, um do sexo masculino de visão normal e uma do sexo feminino diagnosticada com microftalmia. Desconsiderando-se mutações cromossômicas, no caso de uma terceira gestação desse casal, qual é a probabilidade de nascimento de uma criança portadora do cromossomo afetado? A. 0 B. 0,25 C. 0,33 D. 0,50 E. 0,66 Alternativa C Resolução: O texto informa sobre a síndrome de microftalmia com defeitos lineares da pele (MLS), trazendo informações importantes sobre a genética desse distúrbio. Essa doença é causada por mutações no gene HCCS, que codifica uma enzima presente nas mitocôndrias. Nas mulheres heterozigotas, metade das células irão produzir a enzima e a outra não, de acordo com o cromossomo X que foi inativado. Essa redução parcial da enzima já é suficiente para causar a doença. Assim, é possível inferir que essa mutação apresenta um padrão de herança do tipo dominante ligada ao X. Como os homens apresentam apenas um cromossomo X, essa mutação é incompatível com a vida, na ausência de mutações cromossômicas que levem esse individuo a ter um cromossomo X extra, com a cópia saudável do gene. Com base nessas informações, é possível analisar a situação hipotética apresentada. Um casal é formado por uma mulher heterozigota (XAXa) e um homem não afetado (XaY). Eles têm um filho não afetado (XaY) e uma filha afetada (XAXa). No caso de uma terceira gestação, desconsiderando a ocorrência de mutações cromossômicas, tem-se que as probabilidades genotípicas pode ser obtida pela combinação gamética a seguir: SK2R XA Xa Xa XAXa XaXa Y XAY XaY Como o genótipo XAY é incompatível com a vida, as chances de nasciemento de uma criança portadora da mutação é de 1/3, ou seja, aproximadamente 0,33. Portanto, a alternativa correta é a C. QUESTÃO 129 Apesar de um pequeno descolamento de placenta no começo da gestação, a segunda gravidez de uma agricultora seguia sem complicações. A gestante tem sangue Rh negativo o marido dela tem Rh positivo. Depois da chegada do primeiro filho do casal, a agricultora tomou a “vacina” necessária para que não houvesse complicação por incompatibilidade sanguínea em uma futura gravidez. Disponível em: <https://federacaors.org.br>. Acesso em: 12 jun. 2020 (Adaptação). Essa “vacina” aplicada na agricultora evita que A. infecções viróticas alcancem a circulação fetal. B. reações alérgicas causem má-formação do feto. C. aglutinogênios da mãe lisem as hemácias fetais. D. células fagocitárias reconheçam o feto como um parasito. E. imunoglobulinas anti-Rh sejam formadas no corpo da mãe. Alternativa E Resolução: No contexto descrito, o que é popularmente chamado de “vacina” é, na verdade, um soro, contento imunoglobulinas anti-D. Esse soro atua combatendo as células do filho que entraram na corrente sanguínea materna. Se aplicada no momento adequado (até 72 horas após o parto do primeiro filho) a mulher não produz anticorpos anti-Rh, deixando as gestações futuras com riscos menores. Dessa forma, a alternativa correta é E. A alternativa A está incorreta, pois esse soro não protege a criança contra infecções viróticas, já que é direcionado a antígenos eritrocitários e não de vírus patogênicos. A alternativa B está incorreta, pois o quadro de eritroblastose fetal, que decorre da incompatibilidade sanguínea entre mãe e feto, não é uma reação alérgica. As reações alérgicas são respostas imunes exacerbadas contra antígenos para os quais deveria haver tolerância, como acontece com os diversos estímulos que recebemos continuamente. A alternativa C está incorreta, pois os aglutinogênios são os antígenos eritrocitários. Eles não lisam as hemácias fetais, e sim as aglutininas anti-Rh. A alternativa D está incorreta, pois as hemácias fetais que entram na circulação materna estimulam a produção de anticorpos, que são produzidos por plasmócitos, que não são células fagocitárias. KO8M CNAT – PROVA II – PÁGINA 18 ENEM – VOL. 8 – 2020 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO QUESTÃO 130 Uma pessoa, que passeava em um parque de diversões, ficou impressionada ao ver sua própria imagem em um espelho da Casa dos Espelhos. Suas pernas estavam compridas e seu tronco estava encolhido. De acordo com o texto e a imagem, o perfil do espelho observado pela pessoa é: A. B. C. D. E. Z53B Alternativa C Resolução: As pernas da pessoa se tornaram mais compridas, logo o espelho ampliou a imagem dessa parte do corpo. Para que o espelho forme uma imagem ampliada e direta, ele deve ser necessariamente côncavo. Na parte de cima do espelho, o tronco da pessoa ficou menor. O espelho que forma imagens menores e diretas é o convexo. Portanto, a parte superior do espelho é convexo e a parte inferior, côncavo, como representado na alternativa C. QUESTÃO 131 Em 1895, Fischer e Speier constataram que era possível obter ésteres por meio do aquecimento de um ácido carboxílico e um álcool na presença de catalisador ácido. Essa reação ficou conhecida como esterificação, sendo um dos principais métodos utilizados na produção de ésteres. Em geral, os ésteres, principalmente os de baixa massa molar, apresentam aromas agradáveis, estando presentes em frutas e flores. A tabela a seguir apresenta a estrutura de alguns dos ésteres mais utilizados na indústria de alimentos e o aroma a eles associado. Éster Aroma O O Maçã O O Laranja O O Abacaxi O O Banana COSTA, T. S. et al. Confirmando a esterificação de Fischer por meio dos aromas. Revista Química Nova na Escola, n. 19, 2004 (Adaptação). A nomenclatura IUPAC do álcool e do ácido carboxílico utilizados na preparação do éster que apresenta aroma de laranja é A. etanol e ácido nonanóico. B. metanol e ácido octanóico. C. octan-1-ol e ácido
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