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Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios (Cap. 10 e 11, NISE) Problema 10.10 (pag. 482) Usando o critério de Nyquist, determine a faixa de valores de K para a estabilidade do sistema abaixo, onde: Como Z=P-N→ Z=0-0=0 - Se 0<K<720 o sistema é Estável - Se K>720 o sistema é Instável ( ) ( )( ) ( ) ( )( )75 1 e 31 ++ = ++ = ss sH ss K sG Diagrama de Nyquist para K=1: Margem de Ganho deste sistema (para K=1): 20.log (720) = 57,15 [dB] Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Para o sistema abaixo encontre a Margem de Ganho e a Margem de Fase se o valor de K for: a) K=500 b) K=600 c) K=10 Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios K= 500: A resposta de fase é 180º em 3,32 rad/s. A resposta de magnitude é −57,2 dB nessa freqüência. Para K=500, a curva de magnitude é deslocada de 54 dB para cima, resultando − 3,2 dB em 3,32 rad/s. Dessa forma, a Margem de Ganho é +3,2 dB. Margem de fase: Deslocando a curva de magnitude de 54 dB, resulta 0 dB em 2,715 rad/s, onde a curva de fase é − 161,63°. Portanto, a Margem de Fase é 180° −161,63° = 18,37°°°°. K =600: A resposta de fase é 180º em 3,32 rad/s. A resposta de magnitude é − 57,2 dB nessa freqüência. Para K =600, a curva de magnitude é deslocada de 55,6 dB para cima, resultando − 1,6 dB em 3,32 rad/s. Dessa forma, a Margem de Ganho é +1,6 dB. Margem de fase: Deslocando a curva de magnitude de 55,6 dB, resulta 0 dB em 3,01 rad/s, onde a curva de fase é − 171,03°. Portanto, a Margem de Fase é 180° − 171,03° = 8,97°°°°. K =10: A resposta de fase é 180° em 3,32 rad/s. A resposta de magnitude é − 57,2 dB nessa freqüência. Para K = 10, a curva de magnitude é deslocada de 20 dB para cima, resultando − 37,2 dB em 3,32 rad/s. Dessa forma, a Margem de Ganho é +37,2 dB. Margem de fase: Deslocando a curva de magnitude de 20 dB, não há cruzamento com a linha de 0 dB. Portanto, a Margem de Fase não pode ser calculada → Nenhum deslocamento de fase causará instabilidade. Problema 10.11 (Pág. 483) ( ) ( )( ) ( ) ( )( )75 1 e 31 ++ = ++ = ss sH ss K sG Diagramas de Bode para K=1: Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Usando os Digramas de Bode, estimar a resposta transitória dos sistemas abaixo: Sistema 1: - Usando os diagramas de resposta em freqüência, o cruzamento de 0 [dB] se dá em 9,7 rad/s, com uma fase de 163,2°→ Margem de Fase é 180°°°°-163,3°°°° = 16,7°°°°. - |G(jw)| está abaixo de −7[dB] em 14,7 rad/s → Banda Passante vale 14,7 rad/s → ζζζζ=0,15→ %UP=62,09%→ TS=2,76[s] e TP=0,329[s]. Problema 10.23 (Pág. 483) Sistema 1 Sistema 2 Bode Diagram Frequency (rad/sec) -40 -20 0 20 40 60 80 System: G Frequency (rad/sec): 14.7 Magnitude (dB): -6.97 M a g n i t u d e ( d B ) 10-2 10-1 100 101 102 -180 -150 -120 -90 System: G Phase Margin (deg): 16.7 Delay Margin (sec): 0.03 At frequency (rad/sec): 9.69 Closed Loop Stable? Yes System: G Frequency (rad/sec): 14.7 Phase (deg): -169 P h a s e ( d e g ) 42 1 412 2 ξξ ξφ ++− = −tgM 100% 21/ ×= −− ζζpi eUP ( ) ( ) 24421 1 244214 242 2 242 +−+− − = +−+−= ξξξξ pi ω ξξξξω p BW s BW T T ]/[7,14 7,16 0 sradBW M = = ω φ Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Usando os Digramas de Bode, estimar a resposta transitória dos sistemas abaixo: Sistema 2: - Usando os diagramas de resposta em freqüência, o cruzamento de 0[dB] se dá em 6,44 rad/s, com uma fase de 150,73°→ Margem de Fase é180º -150,7º = 29,3°°°°. - |G(jw)| está abaixo de -7[dB] em 10,1rad/s → Banda Passante vale 10,1 rad/s → ζ=ζ=ζ=ζ=0,262→ %UP= 42,62%→ TS=2,23[s] e TP=0,476[s]. Problema 10.23 (Pág. 483) Sistema 2 Sistema 2 ( )( ) )6(42 )5)(3(50 +++ ++ ssss ss Bode Diagram Frequency (rad/sec) -50 -40 -30 -20 -10 0 10 20 30 40 50 System: G Frequency (rad/sec): 10.1 Magnitude (dB): -6.97 M a g n i t u d e ( d B ) 10-1 100 101 102 -180 -150 -120 -90 System: G Phase Margin (deg): 29.3 Delay Margin (sec): 0.0794 At frequency (rad/sec): 6.44 Closed Loop Stable? Yes System: G Frequency (rad/sec): 10.1 Phase (deg): -159 P h a s e ( d e g ) 42 1 412 2 ξξ ξφ ++− = −tgM 100% 21/ ×= −− ζζpi eUP ( ) ( ) 24421 1 244214 242 2 242 +−+− − = +−+−= ξξξξ pi ω ξξξξω p BW s BW T T ]/[1,10 3,29 0 sradBW M = = ω φ Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Atraso de Fase - Permite melhorar o Erro de Regime Estacionário sem modificar consideravelmente as características de resposta transitória; - Sua principal característica é que ele fornece uma atenuação nas altas frequências, o que permite fornecer uma margem de fase adequada ao sistema. Procedimento de Projeto 1 – Ajustar o ganho, K, ao valor que satisfaça à especificação de Erro de Regime Estacionário e traçar os Diagramas de Bode de Magnitude e de Fase para este valor de ganho; 2 – Determinar a frequência onde a Margem de Fase seja 5º a 12º maior do que a Margem de Fase que conduz à resposta transiente desejada. Esta etapa compensa o fato de que a fase do compensador por atraso de fase pode contribuir em algum lugar com uma fase de -5º a -12º na frequência da margem de fase; 3 – Selecionar um Compensador por Atraso de Fase cuja resposta em magnitude conduza a um diagrama de magnitude de Bode composto que cruze a linha de 0[dB] na frequência obtida na Etapa 2. Procedimento: - desenhar assíntota de altas frequências do compensador para fornecer 0[dB] para o sistema compensado na frequência encontrada na Etapa 2; - se o ganho na frequência encontrada na Etapa 2 for de 20.log(KPM), então a assíntota de alta frequência do compensador será ajustada em PMKlog20− Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Atraso de Fase - Permite melhorar o Erro de Regime Estacionário sem modificar consideravelmente as características de resposta transitória; - Sua principal característica é que ele fornece uma atenuação nas altas frequências, o que permite fornecer uma margem de fase adequada ao sistema. Procedimento de Projeto 3 – ... - selecionar a frequência de corte superior uma década abaixo da frequência encontrada na Etapa 2; - selecionar a assíntota de baixas frequências em 0[dB]; - conectar as assíntotas de altas e baixas frequências do compensador a uma reta de -20dB/década para posicionar a frequência de corte inferior; 4 – Restabelecer o ganho do sistema, K, para compensar alguma atenuação da estrutura de atraso de fase, mantendo a constante de erro de regime estacionário com o mesmo valor obtido na Etapa 1. – Calculado o local do Zero, é possível determinar o local do Pólo (onde αααα = KPM): – E também pode-se calcular o ganho do compensador para manter o erro de regime estacionário como desejado. – A função de transferência do Compensador por Atraso de Fase fica: T 1 =ω Tα 1 ( ) 1; 1 1 1 > + + = α α α T s T s sGc (Zero do Compensador) (Pólo do Compensador) α 1 (Ganho do Compensador) Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Atraso de Fase – Problema 11.06 (Nise, 5ª Ed., pág. 506) Considere o sistema com realimentação unitária mostrado abaixo. Use os métodos de resposta em frequência para projetar um Compensador por Atraso de Fase que leva a um KV=1.000 e a uma resposta ao degrau com 15% de ultrapassagem percentual. Faça as aproximações de segunda ordem necessárias. Onde: Para Kv=1.000, K =1.473. Traçando os diagramas de Bode para este valor de K: Uma ultrapassagem percentualde 15% é equivalente a ζζζζ=0,517 → φφφφM=53,17o. Usando, como segurança, uma fase extra de 10o, a Margem de Fase Desejada fica 63,17o. A freqüência que garante a margem de fase desejada vale 1,21[rad/s]. Nesta freqüência, a magnitude vale 57,55[dB] � αααα = 754,2. Portanto, o ganho do Compensador por Atraso de Fase vale 1/αααα = 1/754,2 = 0,001326. Seguindo os passos 3 e 4 do procedimento de projeto do Compensador por Atraso de Fase dos slides anteriores: ( ) ( )( ) ( ) ( ) ( ) 000.1)9(63 )11()10( 1 e )9(63 )11)(10( = ×× ×× == +++ ++ = KKsH ssss ssK sG V 121,01 == T ω 0001604,0121,0001326,0 1 =×= Tα 0001604,0 121,0001326,0)( + + = s s sGatraso Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase - Este compensador permite um aumento da Banda Passante mantendo-se uma Margem de Fase adequada de modo que o sistema consegue manter o mesmo Percentual de Ultrapassagem, com Tempos de Pico e de Assentamento menores. Procedimento de Projeto 1 – Determinar a banda passante para atender os requisitos de Tempo de Assentamento (TS) e de Tempo de Pico (TP): 2 – Calcular o valor do ganho, K, para que o sistema atenda os requisitos de erro de regime estacionário; 3 – Traçar o Diagrama de Bode de Módulo e de Fase para este ganho e determinar a Margem de Fase do sistema nesta situação; 4 – Determinar a Margem de Fase necessária para atender os requisitos de Ultrapassagem Percentual e acrescentar de 5o a 12o nesta margem de fase, necessária para compensar o fato de que o Compensador de Avanço de Fase desloca a frequência de cruzamento de ganho 0[dB] um pouco para a direita, diminuindo um pouco a margem de fase do sistema compensado; 5 – O fator de atenuação é dado pela expressão abaixo, onde φmax representa a máxima defasagem do compensador: ( ) ( ) 24421 1 244214 242 2 242 +−+− − = +−+−= ξξξξ pi ω ξξξξω p BW s BW T T max1 1 φβ β sen= + − Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase - Este compensador permite um aumento da Banda Passante mantendo-se uma Margem de Fase adequada de modo que o sistema consegue manter o mesmo Percentual de Ultrapassagem com Tempos de Pico e de Estabilização menores. Procedimento de Projeto 6 – Calcula-se o valor máximo da magnitude do compensador, através de: 7 – O que permite calcular no diagrama de magnitude do sistema não compensado onde vai ser a nova frequência de Margem de Fase (ωmax ), que é a frequência onde o gráfico de magnitude seja igual ao negativo da magnitude do compensador calculado acima, para fornecer exatamente o ponto de 0[dB]; 8 – Com o valor de ωmax pode-se calcular a posição do Zero e do Pólo do compensador, que valem: 9 – A Função de Transferência do compensador por Avanço de fase fica: 10 – Verificar a Banda Passante para se certificar de que o requisito de velocidade da Etapa 1 foi atendido; 11 – Realizar uma simulação para se certificar de que todos os requisitos foram atendidos; 12 – Se necessário, refazer o projeto para atender aos requisitos. ( ) βω 1 max =jGc βω T 1 max = ( ) 10; 1 1 1 << + + = β β β T s T s sGc r)compensado do (Pólo 1 e r)compensado do (Zero 1 TT β Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 (Nise, 5ª Ed., pág. 496) - Para um sistema com com realimentação unitária e Função de Transferência de Malha Aberta como mostrada abaixo, projete um Compensador por Avanço de Fase para que a Ultrapassagem Percentual seja de 20%, a constante de erro de velocidade seja KV= 40 e o Tempo de Pico seja TP=0,1[s]. Utilize a técnica de resposta em frequência, - Para %U.P.=20% tem-se: - Para TP=0,1[s] e ζ=0,456, tem-se -Para KV= 40, tem-se: ( ) ( )( )10036 100 ++ = sss K sG 456,0 2,0ln 2,0ln 22 = + − = pi ξ ( )( ) 440.1,40 600.3 100 40 10036 100lim 0 == = ++ = → KK sss K sK s v ( ) 24421 1 242 2 +−+− − = ξξξξ pi ω p BW T ]/[6,46 sradBW =ω (Banda Passante do sistema compensado) Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 - Diagrama de Bode para: - Cuja margem de fase vale: - Margem de Fase do sistema compensado é dada por: - Precisa-se, então, de: ( ) ( )( )10036 000.144 ++ = sss sG 000 34146180 =− 42 1 412 2 ξξ ξφ ++− = −tgM 01,48=Mφ 0000 1,2410341,48 =+− (Contribuição do compensador) (Margem de Fase Banda Passante do sistema compensado) Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 - Assim, Portanto, - Escolhe-se, então, no diagrama de Bode de Magnitude, o ponto onde o gráfico vale -3,77[dB] para determinar onde será a nova frequência de Margem de Fase. 42,0 4083,01,24 1 1 1 1 0 max = == + − = + − β β β φβ β sen sen ( ) ( ) ( ) ][77,3 )543,1log(.20 : 543,1 42,0 1 1 max max max dBdBemou jG jG jG c c c = = = = ω ω βω Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa ( ) ( )( )( )2,6010036 )3,25(720.342 +++ + = ssss s sG Portanto, G(s) fica: Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 - ( ) ( )2,60 3,2538,2 2,601 3,251 42,0 139 1 ]/[39 max max + + = = = = = = s sG T T T T srad c β βω ω Função de Transferência do Compensador ( ) 10; 1 1 1 << + + = β β β T s T s sGc (Zero) (Pólo) Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Conferir através de simulação: Banda Passante necessária: ωBW = 46,6 rad/s Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 Diagrama de Bode da F.T.M.F. para o sistema compensado Conclusão: Como a Banda Passante do sistema (68,8 rad/s) excede o requisito (ωBW=46,6rad/s), admite- se que a especificação de tempo de pico seja atendida. Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Conferir através de simulação: TP exigido: 0,1 [s] %UP exigida: 20% Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Compensação Por Avanço de Fase – Exemplo 11.3 Resposta ao degrau da F.T.M.F. para o sistema compensado Conclusão: Se o desempenho do sistema não for aceitável, torna-se necessário um novo projeto. Sistemas de Controle 2010-1 Prof. Dr. Marcos Antônio de Sousa Resposta em Frequência – Parte III - Exercícios Atividades para os Alunos: Exemplos: 11.1, 11.2 e 11.3 Exercícios de Avaliação: 11.1, 11.2 e 11.3
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