AP3_Genetica 2017_1_Gabarito

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Fundação CECIERJ – Vice Presidência de Educação Superior a Distância 
 
Curso de Licenciatura em Ciências Biológicas 
 
3a. Avaliação Presencial – 2017/2 
Disciplina: Genética Básica 
 
 
Nome: ________________________________________________________________ 
Pólo: _________________________________________________________________ 
 
GABARITO 
 
Destaque esta folha e anexe ao seu caderno de respostas. 
 
O valor total da avaliação é 10,0 pontos. 
 
Cada questão deve ser resolvida, a caneta, no caderno de respostas que deverá ser 
identificado com o nome do aluno. 
 
Está autorizado o uso de calculadora. 
 
 
 
Questão Valor Nota 
1ª 2,0 
2ª 2,0 
3ª 2,0 
4ª 2,0 
5a 2,0 
 
 
 
 
 
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QUESTÃO 1. (2,0) 
 
- Metáfase I 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
- Anáfase II. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
E 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
a a 
 
A A 
 
B B 
 
b b 
 
 
 
 
B 
 
B 
 
 
 
b 
 
b 
 
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Ou 
 
-Metáfase I 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
- Anáfase II. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
E 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
A 
 
a a 
 
B B 
 
b b 
A 
 
 
 
 
 
B 
 
B 
 
b 
 
b 
 
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Quatro gametas possíveis: 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
QUESTÃO 2. (2,0) 
 
O gene está ligado a um cromossomo autossômico. 
Se fosse ligado ao X dominante, todo as filhas do indivíduo II.5 (afetado) seriam 
também afetadas, porque todas herdariam o único X dominante do pai, apresentando 
assim a doença. Da mesma forma, se fosse ligado dominante e ligado ao cromossomo 
Y, todos os filhos do indivíduo II.5 seriam afetados, pois todos herdariam o Y do pai. 
 
 
 
 
 
 
A 
 
b 
 
A 
 
 
 
b 
 
a 
 
a 
 
 
B 
 
B 
 
 
 
 
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QUESTÃO 3. (2,0): 
Fenótipo Genótipo Freqüência 
Gene A Gene B Gene D 
 ABD / abd 6 Dup. Rec. 
 ABd / abd 343 Parental 
 Abd / abd 109 Recomb 
 aBd / abd 70 Recomb. 
 AbD / abd 50 Recomb. 
 aBD / abd 119 Recomb. 
 abD / abd 292 Parental. 
 abd / abd 11 Dup. Rec. 
 
a) (1,5) 
Dist. A-B (Recombinates: aB e Ab): (109 + 70 + 50 + 119) / 1000 = 0,348.: 34,8cM ou 
34,8u.m 
Dist. B-D (Recombinates: BD e bd): (6 + 109 +119 +11) / 1000 = 0,245.: 24,5cM ou 
24,5u.m 
Dist. A-D (Recombinates: AD e ad): (6 + 70 + 50 + 11) / 1000 = 0,137.: 13,7cM ou 
13,7u.m 
 
b) (0,5) 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
QUESTÃO 4. (2,0) 
a) (1,0) 
As pétalas destas plantas terão cor branca. O genótipo será aaBB, portanto ela 
apresenta o gene “A” em homozigose recessiva e portanto não produzirá a 
Enzima A funcional, permanecendo com o pigmento branco. 
b) (1,0) 
As pétalas destas plantas terão cor púrpura. O genótipo será AaBb, portanto ela 
apresenta os genes “A” e “B” em heterozigose e portanto é capaz de produzir 
tanto a Enzima A quanto a B funcionais, transformando o pigmento na cor 
púrpura. 
A B d 
13,7cM 24,5cM 
Dist. corrigida= 13,7+24,5 = 38,2 
a b D 
13,7cM 24,5cM 
Dist. corrigida= 13,7+24,5 = 38,2 
 
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QUESTÃO 5. (2,0) 
 
Esse fato pode ser explicado por uma não-disjunção cromossômica ocorrida na Meiose 
paterna OU materna envolvendo o cromossomo 21. A não-disjunção pode ter ocorrido 
tanto na Meiose 1 quanto na Meiose 2, já ambas as etapas, aos sofrerem uma disjunção, 
podem gerar gametas com uma cópia extra do cromossomo 21 (portanto duas cópias) 
que, ao encontrarem outro gameta normal, isto é, carregando apenas uma cópia do 
cromossomo 21, irão gerar uma criança com trissomia do 21.