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UNIVERSIDADE FEDERAL DO PARANÁ — UFPR CAMPUS AVANÇADO EM JANDAIA DO SUL LICENCIATURA EM CIÊNCIAS EXATAS Disciplina: JCE023 — Matemática I Professor: Carlos Galvão Nota: Aluno: GRR 3ª Prova — 02/06/2016 — Pontos: 100 — Peso 06 — GABARITO Devem estar bem identificadas e justificadas todas as respostas Em caso de erros de resolução neste Gabarito, por gentileza, informar. 1. (05 cada item) Calcular: (a) f (x) = x2 2 − 2x − 6 = 0 R. : Duas formas com a fórmula quadrática: Resolvendo diretamente temos x = −(−2)± √ (−2)2 − 4 · 1 2 · (−6) 2 · 1 2 = 2± √ 4 + 12 1 = 2± √ 16 = 2± 4 = 6 ou − 2 Pode-se multiplicar tudo por 2 para obter as raízes, fazendo x2 − 4x − 12 = 0 e x = −(−4)± √ (−4)2 − 4 · 1 · (−12) 2 · 1 = 4± √ 16 + 48 2 = 4± √ 64 2 = 4± 8 2 = 12 2 = 6 ou −4 2 = −2 � (b) 3x−1 + 3x+1 + 3x+2 = 3x + 918 R. : Temos 3x · 3−1 + 3x · 31 + 3x · 32 = 3x + 918. Chamando 3x = t temos t · 3−1 + t · 31 + t · 32 = t + 918 ⇒ 34 3 t = 918 ⇒ t 3 + 3t + 9t − t = 918 ⇒ t = 918 · 3 34 = 27 · 3 = 81. ⇒ t ( 1 3 + 3 + 9− 1 ) = 918 Portanto, 3x = 81 = 34 ⇒ x = 4 � (c) log4 9 · log5 2 · log8 125 · log27(0,125) R. : Mudamos todos para uma base comum. Usando base 2 log4 9 · log5 2 · log8 125 · log27(0,125) = log2 9 log2 4 · log2 2 log2 5 · log2 125 log2 8 · log2(0,125) log2 27 = log2 3 2 2 · 1 log2 5 · log2 5 3 3 · log2 ( 125/100 ) log2 33 = 2 log2 3 2 · 1 log2 5 · 3 log2 5 3 · log2 ( 1/8 ) 3 log2 3 = log2 3 · 1 log2 5 · log2 5 · log2 2 −3 3 log2 3 = log2 3 · −3 3 log2 3 = log2 3 · −1 log2 3 = −1 Usando base 10 log4 9 · log5 2 · log8 125 · log27(0,125) = log 9 log 4 · log 2 log 5 · log 125 log 8 · log(0,125) log 27 = log 32 log 22 · log 2 log 5 · log 5 3 log 23 · log ( 125/100 ) log 33 = 2 log 3 2 log 2 · log 2 log 5 · 3 log 5 3 log 2 · log ( 1/8 ) 3 log 3 = log 3 log 2 · log 2 log 5 · log 5 log 2 · log 2 −3 3 log 3 = log 3 log 2 · (−3) log 2 3 log 3 = −3 3 = −1 1 � (d) Sendo tan x = sen x cos x , calcule tan 105°, deixando raízes indicadas R. : Precisamos de sen 105° e cos 105°. Pelo seno da soma sen 105° = sen (60° + 45°) = sen 60° cos 45° + sen 45° cos 60° = √ 3 2 √ 2 2 + √ 2 2 1 2 = √ 3 √ 2 4 + √ 2 4 = √ 3 √ 2 + √ 2 4 Pelo cosseno da soma cos 105° = cos(60° + 45°) = cos 60° cos 45°− sen 45°sen 60° = 1 2 √ 2 2 − √ 2 2 √ 3 2 = √ 2 4 − √ 3 √ 2 4 = √ 2− √ 3 √ 2 4 Com isso tan 105° = sen 105° cos 105° = √ 3 √ 2 + √ 2 4√ 2− √ 3 √ 2 4 = √ 3 √ 2 + √ 2√ 2− √ 3 √ 2 = √ 2 + √ 6√ 2− √ 6 = 1 + √ 3 1− √ 3 � 2. Um jogador de beisebol rebate uma bola para o alto, sendo a altura (dada em pés) pela equação h(t) = −16t2 + 64t + 3, com t em segundos. Calcule (a) (05) Altura máxima (em pés) R. : É o yV = −∆ 4a = 4ac − b2 4a = c − b 2 4a = 3− 64 2 4 · (−16) = 3 + 64 = 67 pés. � (b) (10) Tempo de queda R. : Quadrática: x = −(64)± √ (64)2 − 4 · (−16) · 3 2 · (−16) = −64± √ 4096 + 192 −32 = −64± 65,5 −32 = −1,5 32 = −0,0468 ou 129, 5 32 = 4,0468 � 3. (15) Um campo é delimitado no formato de um retângulo, no qual um lado é formado por um rio de margem retilínea. Se temos disponível 100m de tela para fazer um cercado, quais serão as dimensões dos lados para cercar a máxima área deste terreno? R. : O retângulo tem lados m e n, sendo cercado 2m + n = 100⇒ n = 100− 2m. A área será m · n = m(100 − 2m) = 100m − 2m2. A área máxima terá como lado m = xV e a área será o yV . xV = −b 2a = − 100 2(−2) = 100 4 = 25m. O outro lado será n = 100− 2 · 25 = 100− 50 = 50m e a área 25 · 50 = 1250m2. � 4. (20) A meia-vida de um isótopo radioativo é o tempo em que uma certa quantidade deste isótopo decai até sua metade. Sendo T a meia-vida, o decaimento ao longo do tempo t de uma quantidade inicial Q0 é dado pela fórmula Q(t) = Q0 · 2 −t T . A meia vida do Carbono-14 é de aproximadamente 5730 anos. Em quantos anos 100g de Carbono-14 serão reduzidas a 0,78125g? R. : 0,78125 = 100 · 2 −t 5730 ⇒ 2−7 = 2 −t 5730 ⇒ 78125 100000 · 1 100 = 2 −t 5730 ⇒ −7 = −t 5730 ⇒ 5 7 107 = 2 −t 5730 ⇒ t = 7 · 5730 = 40110 2 � 5. (20) As populações de duas cidades A e B crescem segundo as equações PA = 50000(1,035)t e PB = 250000(1,016)t , com t dado em anos. Em quanto tempo as cidades terão a mesma população? Usar: log 1,035 = 0,01494, log 1,016 = 0,00689 e log 2 = 0,30103. R. : Queremos PA = PB. 50000(1,035)t = 250000(1,016)t Dividindo por 50000 1,035t = 5(1,016)t Aplicando log log 1,035t = log ( 5(1,016)t ) Propriedades de log t · log 1,035 = log ( 10 2 ) + t · log 1,016 Subtraindo t · log 1,016 t · log 1,035− t · log 1,016 = log 10− log 2 Colocando t em evidência t · (log 1,035− log 1,016) = 1− log 2 Substituindo valores t · (0,01494− 0,00689) = 1− 0,30103 t · 0,00805 = 0,69897 Dividindo por 0,00805 t = 0,69897 0,00805 ≈ 86,82857 Portanto, em cerca de 87 anos as populações serão iguais. � 6. (20) É dada a barragem da figura abaixo. Sabendo que sen 20° = 0,342 e sen 40° = 0,643, calcule x . (Obs. A altura é perpendicular à horizontal e forma 2 triângulos retângulos) R. : A altura h do triângulo é cateto oposto em relação aos dois ângulos, sendo um triângulo de hipotenusa 100 e ângulo 20° e o outro de hipotenusa x e ângulo 40°. Temos sen 20° = h 100 ⇒ h = sen 20° · 100 = 34,2. Aplicando no segundo triângulo, sen 40° = h x ⇒ x = 34,2 0,643 ≈ 53, 188m � 7. (10) Mostre que, para qualquer ângulo sen (90°− x) = cos x . R. : sen (90°− x) = sen 90° cos x + sen x cos 90° = 1 · cos x + sen x · 0 cos x . � 3
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