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an( p q ) n + an−1( p q ) n−1 · · · + a1( pq ) + a0 = 0. Multiplicando-se os dois membros por qn, obtemos an pn + an−1qpn−1 + · · · + a1 pqn−1 + a0qn = 0. Isolando-se an pn no primeiro membro e, depois, isolando-se também a0qn, obtemos: • a0qn = −an pn − an−1qpn−1 − · · · − a1 pqn−1︸ ︷︷ ︸ múltiplo de p ⇒ p | a0qn. Como mdc(p, q) = 1, temos p | a0 • an pn = −an−1qpn−1 − · · · − a1 pqn−1 − a0qn︸ ︷︷ ︸ múltiplo de q ⇒ q | an pn. Como mdc(p, q) = 1, temos q | an B4) Onde está o erro? Seja x uma raiz da equação x2 + x + 1 = 0. Então, x , 0 e, por isso, podemos dividir os dois membros da equação por x e obtemos x+1+ 1x = 0. Da equação inicial temos x+ 1 = −x2 o que implica −x2 + 1x = 0, ou seja, x2 = 1 x que é equivalente a x3 = 1. A partir daı́, obtemos x = 1. Substituindo essa solução na equação x2 + x + 1 = 0 original, obtemos 3 = 0. Como a conclusão não está correta, onde foi cometido um erro? Solução: Foi mostrado no enunciado que toda raiz da equação x2 + x + 1 = 0 também é raiz de x3 = 1. No entanto, a recı́proca não é verdadeira: nem toda raiz de x3 = 1 é raiz de x2 + x + 1 = 0. As raı́zes de x2 + x + 1 = 0 são r1 e r2 e as raı́zes de x3 = 1 são 1, r1 e r2. O erro no enunciado está na afirmação de que a raiz x = 1 da equação x3 = 1 também é raiz de x2 + x + 1. C1) Considere f (x) = anxn + · · · + a1x + a0 ∈ �[x]. Mostre que se existir um inteiro primo p tal que • p | a0, p | a1, · · · , p | an−1, • p - an, • p2 - a0, então f (x) é irredutı́vel sobre �. Solução: Suponhamos f (x) redutı́vel. Então existem polinômios g(x), h(x) per- tencentes a �[x] tais que f (x) = g(x) · h(x) e 1 ≤ ∂g < n, 1 ≤ ∂h < n. Sejam g(x) = brxr + · · ·+ b1x+ b0 ∈ �[x] e h(x) = csxs+ · · ·+ c1x+ c0 ∈ �[x], onde r = ∂g, s = ∂h e r + s = n. Como a0 = b0c0 e p | a0, temos que p é um divisor de b0 ou de c0, mas não pode 89
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