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HIDRÁULICA APLICADA Capítulo 3: PERDAS DE CARGA LOCALIZADASPERDAS DE CARGA LOCALIZADASPERDAS DE CARGA LOCALIZADASPERDAS DE CARGA LOCALIZADAS Prof. Dr. John Kenedy de Araújo Introdução Observações • Como ocorre as perdas localizadas; • Trata-se de um campo experimental, pois a avaliação de tais perdas depende de fatores diversos e de difícil quantificação; • Provoca descontinuidade da LE e LP Expressão geral Em que K é um coeficiente adimensional que depende da geometria da conexão, do número de Reynolds, da rugosidade da parede e, em alguns casos, das condições do escoamento, como a distribuição de vazão em uma g VKh 2 2 =∆ casos, das condições do escoamento, como a distribuição de vazão em uma ramificação. Expressão geral Em geral o coeficiente K determinado experimentalmente para valores do número de Reynolds suficientemente elevados, maiores que 105, torna-se independente deste. Valores do coeficiente K • Alargamentos Aplica-se o teorema de Bernoulli e a quantidade de movimento Valores do coeficiente K Para o volume de controle escolhido, a aplicação do teorema da quantidade de movimento, no regime permanente e uniforme, leva a ( ) ( ) ( )2 1x d mV dV V VF m m Q V Vdt dt t tρ ρ ∆ ∆ = = = = ∀ = − ∆ ∆∑ Valores do coeficiente K ( )*1 1 2 1F p A A= − F1 F2 F*1 1 1 1F p A= 2 2 2F p A= Calculando o somatório das forças e desprezando o atrito entre o fluido e a parede da tubulação * 1 2 1xF F F F= − +∑ ( )1 1 2 1F p A A= − ( ) ( ) ( )1 2 2 1 2 então: 1Qp p V V A ρ − = − L ( )1 1 2 2 1 2 1 1 2 1 2p A p A p A p A A p p→ − + − = − Valores do coeficiente K Aplicando a equação de Bernoulli 2 2 1 1 2 2 2 2 p V p V h g gγ γ + = + + ∆ Eliminando a diferença de pressão: ( ) ( ) 2 2 2 1 1 2 22 V Vp p h g γ −− = + ∆ L Valores do coeficiente K Igualando as equações (1) e (2): ( ) 2 2 2 1 2 1 2 2 V VQ V V h A g ρ γ −− = + ∆ ( ) ( ) 2 2 2 2 2 1 2 1 2 2 A V V VV V h A g ρ γ ⋅ − − = + ∆ Valores do coeficiente K Portanto: ( ) ( )2 2 2 2 22 12 2 1 2 1 2 2 12 2 2 2 2 2 V VV V V V VV V Vh g g g − − − − +∆ = − = ( ) 22 2 21 2 1 1 1 2 1 2 2 2 V V V A Vh K g g A g − ∆ = = − = Valores do coeficiente K • Estreitamentos Valores do coeficiente K • Estreitamentos Valores do coeficiente K • Estreitamentos Valores do coeficiente K • Cotovelos e curvas 3,5 0,13 0,16 (curvas) 180 rK D α − = + o ( )2,17667, 6 10 (cotovelos)K α−= × Valores do coeficiente K • Registro de gaveta Valores do coeficiente K • Válvula de Borboleta Valores do coeficiente K • Valores diversos do Coeficiente de Perda de Carga Análise de Tubulações Influência Relativa das Perdas de Carga Localizadas Influência Relativa das Perdas de Carga Localizadas 2 0, 025 a g z V L D ∆ = 2 0, 025 1, 7 g z V L D ∆ = + Método dos Comprimentos Equivalentes eq KDL f= Método dos Comprimentos Equivalentes Problema 3.1 A instalação mostrada na Figura 3.17 tem diâmetro de 50 mm em ferro fundido com leve oxidação. Os coeficientes de perdas de carga localizadas são: entrada e saída da tubulação K = 1,0, cotovelo 90º K = 0,9, curvas de 45º K = 0,2 e registro de ângulo, aberto, K = 5,0. Determine, usando a equação de Darcy-Weisbach: (a) a vazão transportada; (b) querendo-se reduzir a vazão para 1,96 L/s, pelo fechamento parcial do registro, calcule qual deve ser a perda de carga localizada no registro e seu comprimento equivalente.equivalente. Problema 3.1 1 2 2 2 1 1 2 2 1 2 Bernoulli entre e : 2 2 R R p V p V z z H g gγ γ + + = + + + ∆ 0 0 1 2 1 2 0 0 p p V V = = = = 0 0 1 2 50,0 45,0 5,0H z z m∆ = − = − = Problema 3.1 Mas: C LH H H∆ = ∆ + ∆ 2 2C L VH f D g ∆ = 2 2L VH K g ∆ =∑ 2 2 V LH f K g D ∆ = + ∑ Problema 3.1 ( )1 ( )2 ( )3 ( )4 ( )5 ( )6 1 6 2 3 4 5 Coeficientes de perdas locais: 1,0; 0,9; 0, 2 e 5,0 8,3 K K K K K K K = = = = = = → =∑ ( )4 ( ) ( ) 2 45 98,18,3 5,0 2 9,81 0,05 900 8,3 V f V f + = → = ⋅ + Problema 3.1 ( ) 98,1Considere: 0,020 1,93 900 0,02 8,3 mf V s = → = = ⋅ + 6 1,93 0,05 0,3Re 96500 e 0,006 10 50 VD mm D mm ε υ − ⋅ = = = = = Problema 3.1 ' 2 2 0,9 0,9 ' 0,25 0,25 então: 5,74 0,006 5,74log log 3,7 Re 3,7 96500 0,0332 f D f ε = = + + = Problema 3.1 ' 0,02 0,0332 Erro relativo: 100 100 0,02 66% f f ER f ER − − = ⋅ = ⋅ = continuar com a iteração Problema 3.1 ( ) ' 98,1Considere: 0,0332 1,60 900 0,0332 8,3 mf V s = → = = ⋅ + 6 1,60 0,05 0,3Re 80000 e 0,006 10 50 VD mm D mm ε υ − ⋅ = = = = = Problema 3.1 '' 2 0,9 0,25 então: 0,0334 0,006 5,74log 3,7 80000 f = = + 0,0332 0,0334 100 0,6% 0,0332 ER − = ⋅ = 5%ER OK< → Problema 3.1 2 30,05 então: 1,60 1,60 0,00314 4 m mV Q s s pi ⋅ = → = ⋅ = 3,14LQ s = Problema 3.1 5b) para 1,96 ?LQ Ks= → = 3 2 2 4 4 1,96 10 1,0 0,05 Q Q mV V sA Dpi pi − ⋅ ⋅ = = = → = ⋅ Problema 3.1 2 2 53,32 2 V L V LH f K f K g D g D ∆ = + = + + ∑ 6 1,0 0,05Re 50000 10 VD υ − ⋅ = = = 0,0341f = Problema 3.1 2 5 1,0 45 então: 5,0 0,0341 3,3 2 9,81 0,05 K = + + ⋅ 5 64,1K = 2 21,0 a perda de carga será: 64,1 2 2 9,81R VH K g ∆ = = ⋅ 64,1 0,05 c) 0,0341 KDLe f ⋅ = = 94 Le m= 2 2 9,81g ⋅ 3,27 RH m∆ =
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