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Gabarito da Primeira Avaliac¸a˜o de GAAV Professor: Daniel Leite 1. Encontre a soluc¸a˜o geral do sistema linear pelo me´todo de escalonamento de Gauss ou Gauss-Jordan. 3z − 9w = 6 5x + 15y − 10z + 40w = −45 4x + 12y − 2z + 14w = −24 x + 3y − z +5w = −7 soluc¸a˜o: Matriz aumentada [A|B] = 0 0 3 −9 | 6 5 15 −10 40 | −45 4 12 −2 14 | −24 1 3 −1 5 | −7 Escalonamento: [A|B] = 0 0 3 −9 | 6 5 15 −10 40 | −45 4 12 −2 14 | −24 1 3 −1 5 | −7 L1 ↔ L4 1 3 −1 5 | −7 5 15 −10 40 | −45 4 12 −2 14 | −24 0 0 3 −9 | 6 L2 → L2 − 5L1 L3 → L3 − 4L1 1 3 −1 5 | −7 0 0 −5 15 | −10 0 0 2 −6 | 4 0 0 3 −9 | 6 L1 ↔ L4 L2 → −15L2 1 3 −1 5 | −7 0 0 1 −3 | 2 0 0 2 −6 | 4 0 0 3 −9 | 6 L3 → L3 − 2L2L4 → L4 − 3L2 1 3 −1 5 | −7 0 0 1 −3 | 2 0 0 0 0 | 0 0 0 0 0 | 0 A u´ltima matriz esta´ na forma escalonada reduzida (forma de Gauss-Jordan). Enta˜o, o sistema inicial e´ equivalente ao sistema:{ x + 3y − z + 5w = −7 z − 3w = 2 1 Como as colunas 2 e 4 na˜o teˆm pivoˆs, as varia´veis y e w sa˜o livres. Enta˜o, na segunda equac¸a˜o temos z = 2 + 3w e na primeira x = −7− 3y+ z− 5w = 5− 3y − 2w. Portanto, a soluc¸a˜o geral e´ S = {(x, y, z, w); z = 2 + 3w e x = 5− 3y − 2w} = = {(5− 3y − 2w, y, 2 + 3w,w); y, w ∈ R} ou na forma de matrizes S = 5− 3y − 2w y 2 + 3w w ; y, w ∈ R 2. Considere a matriz A = 1 1 −1−3 x x 1 0 −1 (b) Encontre os valores da inco´gnita x para os quais a matriz A seja invers´ıvel. (c) Substitua x = 2 na matriz A e calcule A−1, caso exista. Soluc¸a˜o: (a) A matriz A e´ invers´ıvel se, e somente se, det(A) 6= 0. det(A) = det 1 1 −1−3 x x 1 0 −1 = x− 3 Logo, det(A) 6= 0 se, e somente se, x 6= 3. (b) Se x = 2, enta˜o A = 1 1 −1−3 2 2 1 0 −1 Ca´lculo da inversa de A: [A|I4] = 1 1 −1 | 1 0 0−3 2 2 | 0 1 0 1 0 −1 | 0 0 1 L2 → L2 + 3L1 L3 → L3 − L1 1 1 −1 | 1 0 00 5 −1 | 3 1 0 0 −1 0 | −1 0 1 L2 ↔ L3 2 1 1 −1 | 1 0 00 −1 0 | −1 0 1 0 5 −1 | 3 1 0 L2 → (−1)L2 1 1 −1 | 1 0 00 1 0 | 1 0 −1 0 5 −1 | 3 1 0 L1 → L1 − L2 L3 → L3 − 5L2 1 0 −1 | 0 0 10 1 0 | 1 0 −1 0 0 −1 | −2 1 5 L3 → (−1)L3 1 0 −1 | 0 0 10 1 0 | 1 0 −1 0 0 1 | 2 −1 −5 L1 → L1 + L3 1 0 0 | 2 −1 −40 1 0 | 1 0 −1 0 0 1 | 2 −1 −5 Portanto, A−1 = 2 −1 −41 0 −1 2 −1 −5 . 3. Sem fazer a expansa˜o em cofatores, calcule o determinante da matriz us- ando as propriedades vistas em nossas aulas. Soluc¸a˜o: 1 1 1 1 1 1 + a 1 1 1 1 1 + b 1 1 1 1 1 + c L2 → L2 − L1L3 → L3 − L1 L4 → L4 − L1 1 1 1 1 0 a 0 0 0 0 b 0 0 0 0 c . Enta˜o, det 1 1 1 1 1 1 + a 1 1 1 1 1 + b 1 1 1 1 1 + c = det 1 1 1 1 0 a 0 0 0 0 b 0 0 0 0 c = abc. 4. Responda com falso ou verdadeiro, justificando com as propriedades es- tudadas ou dando contraexemplo. Sejam A, B e P matrizes quadradas de ordem n que se relacionam pela equac¸a˜o A = PBP−1. Enta˜o, (a) det(A) = det(B). (b) det(A− αIn) = det(B − αIn), para qualquer nu´mero real α. (c) At = A, se P t = P−1. 3 Soluc¸a˜o: (a) Verdadeiro det(A) = det(PBP−1) = det(P )det(B)det(P−1) = det(P )det(P )−1det(B) = det(B). (b) Verdadeiro det(A−αIn) = det(PBP−1−αIn) = det(PBP−1−αPP−1) = det(P (BP−1− αP−1)) = det(P )det(BP−1−αP−1) = det(P )det((B−αIn)P−1) = det(P )det(B− αIn)det(P −1) = det(P )det(P−1)det(B − αIn) = det(B − αIn). (c) Falso Se A = B = [ 1 1 0 1 ] e P = I2 = [ 1 0 0 1 ] , enta˜o At = [ 1 0 1 1 ] 6= A. 4
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