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Questão 1: a) (1,5 pt) Uma espira circular de raio R possui corrente elétrica i, conforme mostra a figura ao lado. Calcule o campo magnético (módulo, direção e sentido) em um ponto P sobre o eixo de simetria da espira (considere a espira no plano z = 0, com seu eixo de simetria ao longo do eixo z); b) (1,5 pt) Um solenóide ideal (de comprimento muito maior do que o diâmetro das espiras) possui comprimento h e N espiras. Cada espira é percorrida por uma corrente i. Determine o campo magnético no interior do solenóide. Questão 2: Um cabo coaxial é formado por dois cilindros concêntricos de paredes finas de raios r1 e r2 e comprimento h (h >> r2), conforme mostra a figura ao lado. O cilindro interno, que tem raio r1, conduz uma corrente i(t) = 10t2 - 2t + 30, e o cilindro externo, que tem raio r2, constitui o retorno da mesma corrente. A corrente cria um campo entre os dois cilindros. a) (2,0 pt) Calcule o fluxo magnético entre os dois cilindros e a partir dele a força eletromotriz induzida – (diga o sentido dessa força eletromotriz justificando sua resposta); b) (0,5 pt) calcule a indutância por unidade de comprimento h do cabo; c) (0,5 pt) Determine a densidade de energia magnética armazenada para pontos entre os dois cilindros; d) (1,0 pt) utilizando o resultado do item “c” calcule a energia magnética e a partir dela a indutância do cabo. Compare com o resultado obtido na letra “b” e comente. Questão 3: A figura mostra um gerador de corrente alternada ligado aos terminais de um circuito desconhecido, que pode ser composto por diversas combinações de resistores, capacitores e indutores. Medidas realizadas nos terminais do gerador revelam que a força eletromotriz e a corrente variam no tempo de acordo com as seguintes expressões: a) (1,0 pt) Determine o fator de potência e se a corrente está adiantada ou atrasada em relação à força eletromotriz; b) (0,5 pt) O circuito no interior da caixa está sendo excitado na sua freqüência de ressonância? Justifique; c) (0,5 pt) Calcule a potência média fornecida ao circuito pelo gerador?; d) (1,0 pt) Justifique se dentre os elementos que compõem o circuito desconhecido é preciso haver pelo menos um capacitor e um resistor. Universidade Federal de PernambucoDepartamento de Física Física Geral 3 -‐ Terceiro Exercício Escolar -‐ 1/12/2010 ! E(t) = (12V)sen(ωdt− π/8) i(t) = (1A)sen(ωdt+ π/8) h Gabarito da 3a. prova de Física Geral 3 (1/12/2010) Questão 1: a) A figura ao lado mostra uma vista de perfil de uma espira circular de raio R. Utilizando a lei de Biot-Savart, verificamos que o elemento de campo induzido pelo elemento de corrente que deixa o plano do papel tem a direção e sentido indicados. Dada a simetria do problema, tem-se que as componentes horizontais irão se cancelar, resultando apenas a componente vertical para o campo total. Pelo uso da regra da mão direita, verificamos então que o campo ao longo do eixo tem sentido oposto ao do eixo z. Deste modo temos que b) Dada a simetria do problema, convém calcular o campo magnético induzido pela corrente i no solenóide através da lei de Ampère. Para um solenóide ideal e muito longo, o campo magnético deve ser uniforme no seu interior e nulo para pontos do lado de fora. Utilizando o loop amperiano desenhado na figura ao lado, tem-se que Questão 2: a) Dada a simetria do problema (cilíndrica), convém utilizarmos a lei de Ampère para calcular o campo magnético induzido por cada fio. O campo total será a superposição dos campos induzidos pelos cilindros de raio r1 e r2, respectivamente. Da lei de Ampère podemos verificar que o cilindro de raio r2 não induz campo no seu interior. Deste modo, o campo magnético entre os dois cilindros é devido apenas ao cilindro de raio r1. Deste modo tem-se que: . Utilizando o loop amperiano mostrado abaixo, obtemos o campo magnético como dado por (assumindo que a corrente está entrando no plano do papel, pela regra da mão direita, verificamos que o campo rotaciona no sentido horário) O campo magnético atravessa um elemento de área dado pelo retângulo (h dr). Assim Verificamos, então, que o fluxo magnético através da superfície (r2 - r1)h aumenta para t > 0.1s e diminui para t < 0.1s. Pela lei de Lenz, uma FEM será induzida de tal modo que o fluxo induzido por ela irá se opor a esta variação. Deste modo, temos que a FEM induzida terá os seguintes sentidos: Para t < 0.1s: a FEM induzida terá o mesmo sentido da corrente em cada cilindro; Para t > 0.1s: a FEM induzida terá o sentido oposto ao a corrente em cada cilindro; Para t = 0.1s: a FEM é nula. b) c) �B = � d �B = −kˆ � dB|| = −kˆ � cosαdB dB = µ0 4π ids senπ/2 r2 (Biot− Savart) �B = −kˆ µ0i 4π � � R√ z2 +R2 � ds (z2 +R2) = −kˆ µ0i 4π R (z2 +R2)3/2 � ds = −kˆ µ0iR 2 2(z2 +R2)3/2 cosα = R√ z2 +R2 r = � z2 +R2 � �B · d�s = � b a �B · d�s+ � c b �B · d�s+ � d c �B · d�s+ � a d �B · d�s = � b a �B · d�s = Bh� �B · d�s = µ0ienv = µ0iN = µ0iN h h = µ0inh⇒ Bh = µ0inh⇒ B = µ0in �Btotal = �Br1 + �Br2 = �Br1 � �B · d�s = � Bds = B � ds = (2πr)B ⇒ � �B · d�s = µ0ienv ⇒ B = µ0i 2πr ΦB = � �B · d�a = � Bda = � B(hdr) = µ0i(t)h 2π � r2 r1 dr r = µ0i(t)h 2π ln � r2 r1 � ΦB = Li⇒ L = ΦB i = µ0h 2π ln � r2 r1 � ⇒ L h = µ0 2π ln � r2 r1 � r Loop amperiano X E = −dΦB dt = −µ0h 2π ln � r2 r1 � di dt = −µ0h 2π ln � r2 r1 � (20t− 2) uB = B2 2µ0 = µ0 2 � i(t) 2πr �2 d) A energia magnética armazenada entre os cilindros é dada pela integral de volume da densidade de energia obtida na letra anterior. Assim Como a energia armazenada em um indutor é dada por: , obtemos que a indutância calculada através da energia potencial armazenada será dada por Como esperado, este é o mesmo resultado obtido na letra b. Questão 3: a) O fator de potência é dado pelo coseno da constante de fase que difere os argumentos da função seno da força eletromotriz e a corrente. Para as expressões fornecidas, obtemos que a constante de fase é dada por Como a diferença de fase entre os argumentos da FEM e da corrente é negativa, tem-se que a corrente encontra-se adiantada em relação à FEM. b) Se o circuito estivesse sendo excitado na sua freqüência de ressonância, a corrente e a FEM estariam em fase, i. e., a constante de fase ϕ seria nula. Deste modo, concluímos que o circuito não está sendo excitado na sua freqüência de ressonância. c) A potência média fornecida pelo gerador pode ser determinada através do valor médio quadrático da corrente e da FEM, e o fator de potência d) Da letra “a” obtemos que a tangente da constante de fase é igual a -1. Escrevendo a tangente em termos da resistência e das reatâncias capacitiva e indutiva do circuito, tem-se que Deste modo concluímos que, como a tangente da constante de fase é finita e tem sinal negativo, a resistência e a capacitância associadas ao cirtuito devem ser diferentes de zero. Portanto, o circuito deve conter ao menos um resistor e um capacitor, não sendo necessário a ter a presença de indutores. φ = (ωdt− π/8)− (ωdt+ π/8) = −π/4⇒ cosφ = √ 2/2 tanφ = XL −XC R ⇒ XL −XC R = −1; onde XL = Lωd;XC = 1 Cωd UB = � dτuB = µ0 2 � i(t) 2π �2 � dτ r2 = µ0 2 � i(t) 2π �2 � 2πrhdr r2 = µ0hi(t)2 4π � r2 r1 dr r = µ0hi(t)2 4π ln � r2 r1 � UB = Li2 2 L = µ0h 2π ln � r2 r1 � Pmed = ErmsIrms cosφ = Em√ 2 I√ 2 cosφ = 12√ 2 1√ 2 cosπ/4= 3 √ 2W
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