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9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_1_E.pdf SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 1 1-15 (a) Esboce a curva utilizando as equações paramétricas para traçar os pontos. Indique com uma seta a direção na qual a curva é traçada conforme t aumenta. (b) Elimine o parâmetro para encontrar a equação cartesiana da curva. 1. , y t 1x 2t 4 = −+= 2. , , 1 t 4y 2t 3x 3 t= − = − − ≤ ≤ 3. 0 t 3y t 2 4x 1 2t ≤ ≤, ,= = +− 4. , y 6 3tx t 2 == − 5. , y 2 3tx 1 t= =− + 6. , , 3 t 3y 2 tx 2t 1 ≤ ≤= =− − − 7. , , 0 t 2y 2 5tx 3t 2 ≤ ≤== + 8. , y t 2 1x 2t 1= =− − 9. , , 0 2y 2 sen x 3 cos ≤ ≤== pi 10. , y sen x cos2= = 11. , , 0 t 1y tx e t ≤ ≤== 12. , y e tx e t= = 13. , y cos4tx cos2t == 14. , y 2t 1 t 2 x 1 t 2 1 t 2 = = − + + 15. , , 0 t 1y t 2x 1 t 1 t ≤ ≤== − + 16-19 (a) Elimine o parâmetro para encontrar a equação cartesiana da curva. (b) Esboce a curva e indique com uma seta a direção na qual a curva é traçada conforme o parâmetro aumenta. 16. , , 0 2y 12 sen x 2 cos ≤ ≤ pi= = 17. , y sen2x 2 cos == 18. , 2 2y tg sec ,x tg sec pi pi− −= = 19. , y cos 2tx cos t == 20-23 Descreva o movimento de uma partícula com posição (x, y) conforme t varia no intervalo fornecido. 20. , , 0 t 2y 2t 5x 4 4t ≤ ≤= =− + 21. , 6 t 3y cotg tx tg t ≤ ≤ pipi,== 22. , , 0 t 1y 2 tx 8t 3 ≤ ≤= =− − 23. 6 t 1y cossec tx sen t ≤ ≤pi, ,== 24-26 Esboce x e y como funções de t e observe como x e y crescem ou decrescem conforme t cresce. Utilize estas observações para fazer um rascunho a mão da curva paramétrica. E então utilize um dispositivo gráfico para fazer seu esboço. 24. , y t 3 3tx 3 t 2 3 == − − 25. , y tg 1tx cos t= = − 26. , y t 3 1x t 4 1 +== − 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_1_R.pdf 2 SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 1. (a) (b) y 12 x 3 = =−− − −= 2. (a) (b) y 3 2x = = − − − −= 3. (a) (b) y 14 (x 1) 2 4 = − = = − + 4. (a) (b) x 19 (y 6) 2 −= − = = − 5. (a) (b) y 5 3x= − 6. (a) (b) x 2y 3, −7 ≤ x ≤ 5 =+ − − 7. (a) (b) x 325 (y 2) 2 , 2 ≤ y ≤ 12 = − 8. (a) (b) y + 1 = 14 (x + 1) 2 − −− 9. (a) (b) 19 x 2 1 4 y 2 1=+ = pi 10. (a) (b) x + y2 = 1, −1 ≤ y ≤ 1 − 11. (a) (b) x = e y 2 , 0 ≤ y ≤ 1 Ou: y = ln x , 1 ≤ x ≤ e 12. (a) 0 (b) y = x , x > 0 13. (a) x0 (1, 1) (b) y = x 2 , 0 ≤ x ≤ 1 14. (a) x0 t = 1 1 (b) x 2 + y2 = 1, x = −1 t = 0 t = − 1 15. (a) x (1, 0) (0, 1) 0 (b) x = 1 − y 1+ y , 0 ≤ y ≤ 1 Ou: y = 1 − x 1+ x 2 , 0 ≤ x ≤ 1 16. (a) x 2 22 + y2 (1/ 2)2 = 1 (b) = = pi pi − 17. (a) y = 1 − x 2 4 , −2 ≤ x ≤ 2 (b) − 18. (a) y = −1/x , x > 0 (b) 19. (a) y + 1 = 2 x 2 , −1 ≤ x ≤ 1 (b) − − 10.1 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 3 20. Move-se sobre y = − 12 x + 7 de (4, 5) para (−4, 9) 21. Move-se pela ramificação do primeiro quadrante de y = 1/x, de 1 3 , 3 para 3, 1 3 22. Move-se sobre x + 8y = 13 de (−3, 2) para (5, 1) 23. Move-se para baixo da ramificação do primeiro quadrante de xy = 1 de 12 , 2 para (sen 1, cossec 1) 24. − − − − 7,5 7,5 , , 25. − − − − 1,5 1,5 1,5 , 1,5 , 26. ,,− − − − 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_1_S.pdf 4 SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 1. (a) x = 2t + 4, y = t − 1 t −3 −2 −1 0 1 2 x −2 0 2 4 6 8 y −4 −3 −2 −1 0 1 (b) x = 2 t + 4, y = t − 1 ⇒ x = 2 (y + 1) + 4 = 2y + 6 ou y = 12 x − 3 = = − − − 2. (a) x = 3 − t , y = 2t − 3, −1 ≤ t ≤ 4 t −1 0 1 2 3 4 x 4 3 2 1 0 −1 y −5 −3 −1 1 3 5 (b) x = 3 − t ⇒ t = 3 − x ⇒ y = 2t − 3 = 2 (3 − x ) − 3 ⇒ y = 3 − 2x − = =− − 3. (a) x = 1 − 2t , y = t2 + 4, 0 ≤ t ≤ 3 t 0 1 2 3 x 1 −1 −3 −5 y 4 5 8 13 (b) x = 1 − 2t ⇒ 2t = 1 − x ⇒ t = 1 − x 2 ⇒ y = t2 + 4 = 1 − x 2 2 + 4 = 14 (x − 1) 2 + 4 ou y = 14 x 2 − 12 x + 17 4 = = − 4. (a) x = t2 , y = 6 − 3t t −3 −2 −1 0 1 2 3 x 9 4 1 0 1 4 9 y 15 12 9 6 3 0 −3 (b) y = 6 − 3t ⇒ 3t = 6 − y ⇒ t = 6 − y 3 ⇒ x = t2 = 6 − y 3 2 = 19 (y − 6) 2 =− = − 5. (a) (b) x = 1 − t , y = 2 + 3t ⇒ y = 2 + 3 (1 − x ) = 5 − 3x , assim 3x + y = 5 6. (a) t −3 −2 1 0 1 2 x −7 −5 −3 −1 1 3 y 5 4 3 2 1 0 (b) x = 2 t − 1, y = 2 − t , −3 ≤ t ≤ 3 ⇒ x = 2 (2 − y) − 1 = 3 − 2y , logo x + 2y = 3, com −7 ≤ x ≤ 5 − − 7. (a) (b) x = 3 t2 , y = 2 + 5t , 0 ≤ t ≤ 2 ⇒ x = 3 y − 2 5 2 = 325 (y − 2) 2 , 2 ≤ y ≤ 12 10.1 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 5 8. (a) (b) x = 2t − 1, y = t2 − 1 ⇒ y = x + 1 2 2 − 1, logo y + 1 = 14 (x + 1) 2 − − − 9. (a) (b) x = 3 cos θ, y = 2 sen θ, 0 ≤ θ ≤ 2pi ⇒ x 3 2 + y 2 2 = cos2 θ + sen2 θ = 1, ou 1 9 x 2 + 14 y 2 = 1 pi= 10. (a) (b) x = cos2 θ, y = sen θ ⇒ x + y2 = cos2 θ + sen2 θ = 1, −1 ≤ y ≤ 1 − 11. (a) (b) x = et , y = t ⇒ x = ey 2 , 0 ≤ y ≤ 1 Ou: y = ln x , 1 ≤ x ≤ e 12. (a) y 0 (b) x = et , y = et ⇒ y = x , x > 0 13. (a) x y 0 (1, 1) (b) x = cos2 t , y = cos4 t ⇒ y = x 2 , 0 ≤ x ≤ 1 14. (a) x y 0 t = 1 1 (b) x = 1 − t 2 1+ t2 , y = 2t 1+ t2 ⇒ x 2 + y2 = 1, x = −1 t = −1 t = 0 15. (a) (1, 0) (0, 1) 0 (b) x = 1 − t 1 + t , y = t2 , 0 ≤ t ≤ 1 ⇒ x = 1 − y 1 + y , 0 ≤ y ≤ 1 Ou: y = 1 − x 1 + x 2 , 0 ≤ x ≤ 1 y x 16. (a) x = 2 cos θ, y = 12 sen θ, 0 ≤ θ ≤ 2 . 1 = cos2 θ + sen2 θ = x 2 2 + y 1/ 2 2 , logo x 2 22 + y2 (1/ 2)2 = 1. (b) pi = = − pi pi 17. (a) x = 2 cos θ, y = sen2 θ. 1 = cos2 θ + sen2 θ = x 2 2 + y , assim y = 1 − x 2 4 , −2 ≤ x ≤ 2. A curva está em (2, 0) sempre que θ = 2pin . (b) − 18. (a) x = tg θ + sec θ, y = tg θ − sec θ, − pi2 < θ < pi 2 . xy = tg2 θ − sec2 θ = −1 ⇒ y = −1/x , x > 0. (b) 6 SEÇÃO 10.1 CURVAS DEFINIDAS POR EQUAÇÕES PARAMÉTRICAS 19. (a) x = cos t, y = cos 2t . y = cos 2t = 2 cos2 t − 1 = 2x 2 − 1, logo y + 1 = 2x 2, −1 ≤ x ≤ 1. (b) − − 20. x = 4 − 4t , y = 2 t + 5, 0 ≤ t ≤ 2. x = 4 − 2 (2t) = 4 − 2 (y − 5) = −2y + 14, então a partícula move-se sobre a curva y = − 12 x + 7 de (4, 5) para (−4, 9). 21. x = tg t , y = cotg t , pi6 ≤ t ≤ pi 3 . y = 1 /x para 1 3 ≤ x ≤ 3. A partícula move-se pela ramificação do primeiro quadrante da hipérbole y = 1/x de 1 3 , 3 para 3, 13 . 22. x = 8 t − 3, y = 2 − t , 0 ≤ t ≤ 1 ⇒ x = 8 (2 − y) − 3 = 13 − 8y , então a partícula move-se pela reta x + 8y = 13 de (−3, 2) para (5 , 1). 23. y = cossec t = 1/ sen t = 1/x. A partícula desliza para baixo da ramificação do primeiro quadrante da hipérbole xy = 1 de 1 2 , 2 para (sen 1, cossec 1) ≈ (0,84147, 1,1884) conforme t vai de pi6 para 1. 24. A partir dos gráficos, parece que t → −∞, x → ∞ e y → −∞. Então, o ponto (x (t), y (t)) se moverá para longe do quarto quadrante conforme t aumenta. Em t = − 3, tanto x quanto y são 0, logo o gráfico passa pela origem. Depois de o gráfico passar pelo segundo quadrante (x é negativo, y é positivo), então intersecta o eixo x em x = −9 quando t = 0. Depois disto, o gráfico passa pelo terceiro quadrante, indo para a origem novamente em t = 3 e então quando t → ∞, e x → ∞ e y → ∞. Observe que para todos os pontos (x (t), y (t)) = (3 (t 2 − 3), t 3 − 3t), podemos substituir −t para chegar ao ponto correspondente (x (−t) , y (−t)) = 3 (−t)2 − 3 , (−t)3 − 3 (−t) = (x (t) , −y (t)) e então o gráfico é simétrico com respeito ao eixo x. A primeira figura é obtida usando x1 = t, y1 = 3 (t 2 − 3); x2 = t, y2 = t 3 − 3t; e −2p ≤ t ≤ 2p. − − − − , , , , 25. Conforme t → −∞, y → − pi2 e x oscila entre 1 e −1. Então, conforme t aumenta através de 0, y aumenta enquanto x continua a oscilar e o gráfico passa através da origem. Então, quando t →∞, y → pi2 conforme x oscila. − − − − 1,5 1,5 1,5 1,5 1,251,25 26. Como t → −∞, x → ∞ e y → −∞. O gráfico passa através da origem em t = −1 e então passa para o segundo quadrante (x negativo, y positivo), passando pelo ponto (−1, 1) em t = 0. Conforme t aumenta, o gráfico passa pelo ponto (0, 2) em t = 1 e então quando t → ∞, tanto x quanto y se aproximam de ∞. A primeira figura é obtida usando x1 = t, y1 = t 4 − 1; x2 = t, y2 = t 3 + 1; e −2pi ≤ t ≤ 2pi. − − − − 1,751,75 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_2_E.pdf SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 1 1-2 Encontre dy/dx. 1. , y t 3 tx t t −= − = 2. , y sen2tx t ln t= = 3-6 Encontre uma equação da tangente à curva no ponto correspondente aos valores dados do parâmetro. 3. , ; t 0y t 2 tx t 2 t= = =− 4. ty t cos tx t sen t,= = = pi 5. , ; t 4y tx t 2 t= + = = 6. , ; 4y 3 cos x 2 sen = = = pi 7-10 Encontre uma equação da tangente à curva no ponto fornecido utilizando dois métodos: (a) sem eliminar o parâmetro e (b) eliminando primeiramente o parâmetro. 7. , ; 5, 3y t 2 2tx 2t 3= + = + 8. = =, ; 3, 4y 5 sen tx 5 cos t 9. , ; 1, 1y 1 t 2x 1 t= − = − 10. , ; 1, 1y t 2x t 3= = 11-18 Encontre dy/dx e d 2y/dx2 11. , y t 2 1x t 2 t= + = + 12. , y sen (2t)x t 2 cos (t) += = 13. , y t t 2x t 4 1= − = − 14. , y 1 t 2x t 3 t 2 1= + + = − 15. , y cos tx sen t= =pi pi 16. , y cos 2tx 1 tg t= + = 17. , y te 2 tx e t= =− 18. , y t ln tx 1 t 2= + = 19. Estime a área da região delimitada por cada laço da curva y 1 sen t cos tx sen t 2 cos t= − = + 20-23 Defina, mas não avalie, uma integral que representa o comprimento da curva. 20. , , 0 t 1y t 4x t 3= = ≤ ≤ 21. , , 0 t 2y 1 4tx t 2 ≤ ≤= = + 22. , , 0 t 2y t cos tx t sen t ≤ ≤= = pi 23. , , 1 t 1y te 2tx e t ≤ ≤= = −− 24-29 Encontre o comprimento da curva. 24. , , 0 t 4y t 2x t 3 ≤ ≤= = 25. , , 0 t 2y 3t 2x 3t t 3 ≤ ≤= =− 26. , , 0 2y cos 2x 2 3 sen 2 ≤ ≤= − = pi 27. , , 0 t 1y 3 2 cos tx 1 2 sen t ≤ ≤= + = −pi pi 28. , , 0 t 2y 4 3t 2x 5t 2 1 ≤ ≤= + = − 29. , , 0 ty e t sen tx e t cos t ≤ ≤= = pi 30. Esboce a curva ty t sen t cos tx t cos t sen t= + = − − ≤ ≤pi pi E então utilize o SCA ou uma tabela de integrais para encontrar o comprimento exato da curva. 31. Utilize a Regra de Simpson com n = 10 para estimar o comprimento da curva x = ln t, y = e−t, 1 ≤ t ≤ 2. 32. Defina, mas não calcule, uma integral que representa a área da superfície obtida pela rotação da curva x = t 3, y = t 4, 0 ≤ t ≤ 1 em torno do eixo x. 33-35 Encontre a área da superfície obtida pela rotação da curva fornecida em torno do eixo x. 33. , , 1 t 9y 8 tx t 2 2 t= =+ ≤ ≤ 34. , , 0 t 2y e t sen tx e t cos t ≤ ≤ pi= = 35. , y 2 sen sen 2x 2 cos cos 2= − = − 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_2_R.pdf 2 SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 1. 3t2 − 1 2 t 1 − 2 t 2. 2 sen t cos t 1 + ln t 3. y = −x 4. y = 1pi x − pi 5. y = 1 36 x + 13 9 6. y = − 3 2 x + 3 2 7. y = 2x − 7 8. − 34 x + 25 4y = 9. y = 1 10. y = 23 x + 1 3 11. 1 − 1 2t + 1 , 2 (2t + 1)3 12. 2 cos 2t 1− 2 sen t , 4 (cos t − sen2t + sen t sen 2t) (1 − 2 sen t)3 13. 14 t − 3 − 12 t − 2 , −3+ 4t 16t7 14. − 2 3t + 2 , 6 t (3t + 2)3 15. − tg pit , − sec3 pit 16. −4 sen t cos3 t , 4 cos4 t 3 sen 2 t − cos2 t 17. − (2t + 1) e3 t , (6t + 5) e4 t 18. 1+ ln t 2t , − ln t 4t3 19. 2 55 20. 10 t 2 9+ 16t2 dt 21. 2 20 t2 + 4 dt 22. pi/20 1+ t2 dt 23. 1− 1 e− 2 t + e4 t (1 +2 t) 2 dt 24. 827 37 3/2 − 1 25. 14 26. 13 27. 2p 28. 4 34 29. 2 (epi − 1) 30. pi pi2 + 4 + 4 ln pi + pi2 + 4 − 4 ln 2 31. 0,7314 32. 10 2pit 6 9 +16t2 dt 33. 47 10415 pi 34. 2 2pi5 (2e pi − 1) 35. 128 pi5 10.2 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_2_S.pdf SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 3 1. x = t − t, y = t3 − t ⇒ dydt = 3 t2 − 1, dx dt = 1 2 t − 1, e dy dx = dy /dt dx/dt = 3t2 − 1 1/ 2 t − 1 = 3t2 − 1 2 t 1 − 2 t 2. x = t ln t , y = sen2 t ⇒ dy dt = 2 sen t cos t, dx dt = t 1 t + (ln t) · 1 = 1+ ln t , e dy dx = dy /dt dx/dt = 2 sen t cos t 1+ ln t 3. x = t2 + t , y = t2 − t ; t = 0. dy dt = 2t − 1, dx dt = 2t + 1, logo dy dx = dy /dt dx/dt = 2t − 1 2t + 1 . Quando t = 0, x = y = 0 e dy dx = −1. Uma equação da tangente é y − 0 = (−1) (x − 0) ou y = −x . 4. x = t sen t, y = t cos t ; t = pi. dy dt = cos t − t sen t, dx dt = sen t + t cos t , e dy dx = dy/dt dx/dt = cos t − t sen t sen t + t cos t . Quando t = pi, (x, y) = (0, −pi) e dy dx = −1 −pi = 1 pi , então a equação da tangente é y + pi = 1pi (x − 0) ou y = 1pi x − pi. 5. x = t2 + t , y = t ; t = 4. dy dt = 1 2 t , dx dt = 2t + 1, logo dy dx = dy/dt dx/dt = 1 2 t (2t + 1) . Quando t = 4, (x, y) = (20, 2) e dy dx = 1 36 , então a equação da tangente é y − 2 = 136 (x − 20) ou y = 1 36 x + 13 9 . 6. x = 2 sen θ, y = 3 cos θ; θ = pi4 . dx dθ = 2 cos θ, dy dθ = −3 sen θ, dy dx = dy /dθ dx/dθ = − 32 tg θ. Quando θ = pi 4 , (x, y) = 2, 3 22 , e dy /dx = − 3 2 , então a equação da tangente é y − 3 22 = − 3 2 x − 2 ou y = − 3 2 x + 3 2. 7. (a) x = 2t + 3, y = t2 + 2t ; (5 , 3). dy dt = 2t + 2, dx dt = 2, e dy dx = dy /dt dx/dt = t + 1. Em (5 , 3), t = 1 e dy dx = 2, então a tangente y − 3 = 2 (x − 5) ou y = 2x − 7. (b) y = t2 + 2t = x − 3 2 2 + 2 x − 3 2 = (x − 3)2 4 + x − 3 logo dy dx = x − 3 2 + 1. Quando x = 5, dy dx = 2, então a equação da tangente é y = 2x − 7, como anteriormente. 8. (a) x = 5 cos t , y = 5 sen t ; (3 , 4). dy dt = 5 cos t , dx dt = −5 sen t , dy dx = dy /dt dx/dt = − cotg t. Em (3, 4), t = tg− 1 y x = tg− 1 43 , logo dy dx = − 3 4 , então a equação da tangente é y − 4 = − 34 (x − 3) ou y = − 3 4 x + 25 4 . (b) x 2 + y2 = 25, logo 2x + 2y dy dx = 0, ou dy dx = − x y . Em (3, 4), dy dx = − 3 4 , e como na parte (a), uma equação da tangente é y = − 34 x + 25 4 . 9. (a) x = 1.− t , y = 1 − t2 ; (1 , 1). dy dt = −2t , dx dt = −1, dy dx = dy /dt dx/dt = 2t . Em (1 , 1), t = 0, logo dy dx = 0, e a tangente é y − 1 = 0 (x − 1) ou y = 1. (b) y = 1 − t2 = 1 − 1 − x 2 = 2x − x 2 , logo [dy /dx]x = 1 = [2 − 2x ]x − 1 = 0, e como na parte (a) a tangente é y = 1. 10. (a) x = t3 , y = t2 ; (1 , 1). dy dt = 2t , dx dt = 3t2 , e dy dx = dy /dt dx/dt = 2t 3t2 = 2 3t (para t = 0). Em (1 , 1), temos t = 1 e dy /dx = 23 , então a equação da tangente é y − 1 = 23 (x − 1) ou y = 2 3 x + 1 3 . (b) y = x 2/3, logo dy/dx = 23 x −1/3. Quando x = 1, dy /dx = 23 , então a tangente é y = 2 3 x + 1 3 como anteriormente. 11. x = t2 + t , y = t2 + 1. dy dx = dy /dt dx/dt = 2t 2t + 1 = 1 − 1 2t + 1 ; d dt dy dx = 2 (2t + 1)2 ; d2y dx 2 = d dx dy dx = d (dy /dx) /dt dx/dt = 2 (2t + 1)3 10.2 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 12. x = t + 2 cos t , y = sen 2t . dy dx = dy /dt dx/dt = 2 cos 2t 1 − 2 sen t ; d dt dy dx = (1 − 2 sen t) ( −4 sen 2t) − 2 cos 2t (−2 cos t) (1 − 2 sen t)2 = 4 (cos t − sen 2 t + sen t sen 2t) (1 − 2 sen t)2 ; d2y dx 2 = d (dy /dx ) /dt dx/dt = 4 (cos t − sen 2t + sen t sen 2t) (1 − 2 sen t)3 13. x = t4 − 1, y = t − t2 ⇒ dy dt = 1 − 2t , dx dt = 4t3 , dy dx = dy /dt dx/dt = 1 − 2t 4t3 = 14 t − 3 − 12 t − 2 ; d dt dy dx = − 34 t − 4 + t− 3 , d2y dx 2 = d (dy /dx) /dt dx/dt = − 34 t − 4 + t− 3 4t3 · 4t4 4t4 = −3+ 4t 16t7 . 14. x = t3 + t2 + 1, y = 1 − t2 . dy dt = −2t , dx dt = 3t2 + 2t ; dy dx = dy /dt dx/dt = −2t 3t2 + 2t = − 2 3t + 2 ; d dt dy dx = 6 (3t + 2)2 ; d2y dx 2 = d (dy /dx) /dt dx/dt = 6 t (3t + 2)3 . 15. x = sen pit , y = cos pit . dy dx = dy /dt dx/dt = −pi sen pit pi cos pit = − tg pit ; d2y dx 2 = d dx dy dx = d (dy /dx) /dt dx/dt = −pi sec2 pit pi cos pit = − sec3 pit . 16. x = 1 + tg t , y = cos 2t ⇒ dy dt = −2 sen 2t , dx dt = sec2 t , dy dx = dy /dt dx/dt = −2 sen 2t sec2 t = −4 sen t cos t · cos2 t = −4 sen t cos3 t ; d dt dy dx = −4 sen t 3 cos2 t (−sen t) − 4 cos4 t = 12 sen2 t cos2 t − 4 cos4 t , d2y dx 2 = d (dy /dx ) /dt dx/dt = 4 cos2 t 3 sen2 t − cos2 t sec2 t = 4 cos4 t 3 sen2 t − cos2 t . 17. x = e− t , y = te 2 t . dy dx = dy /dt dx/dt = (2t + 1) e2 t −e− t = − (2t + 1) e3 t ; d dt dy dx = −3 (2t +1 ) e3 t − 2e3 t = − (6t + 5) e3 t ; d 2y dx 2 = d dx dy dx = d (dy /dx ) /dt dx/dt = − (6t + 5) e3 t −e− t = (6t + 5) e4 t . 18. x = 1 + t2 , y = t ln t . dy dx = dy/dt dx/dt = 1 + ln t 2t ; d dt dy dx = 2t (1/t ) − (1 + ln t) 2 (2t)2 = − ln t 2t2 ; d 2y dx 2 = d (dy /dx ) /dt dx/dt = − ln t 4t3 . 19. = − +tg pi − − O gráfico de x = sen t − 2 cos t, y = 1 + sen t cos t é simétrico em torno do eixo y. O gráfico intersecta o eixo y quando x = 0 ⇒ sen t − 2 cos t = 0 ⇒ sen t = 2 cos t ⇒ tg t = 2 ⇒ t = tg−1 2 + np. O ciclo esquerdo é traçado no sentido horário de t = tg−1 2 − p para t = tg−1 2, então a área do ciclo é dada (como no Exemplo 4) por A = tg −1 2 tg−1 2− pi y dx ≈ 1,1071− 2,0344 (1 + sen t cos t) ( cos t + 2 sen t) dt ≈ 0,8944 Esta integral pode ser avaliada exatamente, seu valor é 25 5. 20. L = 10 (dx/dt ) 2 + (dy /dt )2dt e dx/dt = 3 t2 , dy /dt = 4 t3 ⇒ L = 10 9t4 + 16t6 dt = 1 0 t 2 9 + 16t2 dt 21. L = 20 (dx/dt) 2 + (dy /dt)2 dt e dx/dt = 2 t, dy/dt = 4, então L = 20 4t2 + 16dt = 2 2 0 t2 + 4dt. 22. dx dt = sen t + t cos t e dy dt = cos t − t sen t ⇒ L = pi/20 (sen t + t cos t) 2 + (cos t − t sen t)2dt = pi/20 1 + t2 dt 23. dx/dt = −e− t e dy/dt = e2 t + 2te 2 t = e2 t (1 + 2t), então L = 1−1 e− 2 t + e4 t (1 +2 t) 2 dt . 24. x = t3, y = t2, 0 ≤ t ≤ 4. (dx/dt)2 + (dy /dt)2 = 3t2 2 + (2t)2 = 9t4 + 4t2 . L = 40 (dx/dt ) 2 + (dy /dt )2 dt = 40 9t4 + 4t2 dt = 4 0 t 9t2 + 4 dt = 118 148 4 u du (onde u = 9t 2 + 4) = 118 2 3 u 3/2 148 4 = 127 148 3/2 − 43/2 = 827 37 3/2 − 1 SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 5 25. x = 3t − t3 , y = 3t2 , 0 ≤ t ≤ 2. dx dt 2 + dy dt 2 = 3 − 3t2 2 + (6t)2 = 9 1+ 2t2 + t4 = 3 1 + t2 2 L = 20 3 1+ t 2 dt = 3t + t3 20 = 14 , , 26. x = 2 − 3 sen2 θ, y = cos 2θ, 0 ≤ θ ≤ pi2 . (dx/dθ)2 + (dy /dθ)2 = (−6 sen θ cos θ)2 + (−2 sen 2θ)2 = (−3 sen 2θ)2 + (−2 sen2θ)2 = 13 sen2 2θ ⇒ L = pi/20 13 sen 2θdθ = − 13 2 cos 2θ pi/2 0 = − 132 (−1 − 1) = 13 27. x = 1 + 2 sen pit , y = 3 − 2 cos pit , 0 ≤ t ≤ 1. dx dt 2 + dy dt 2 = (2pi cos pit )2 + (2pi sen pit )2 = 4pi2 ⇒ L = 10 (dx/dt) 2 + (dy /dt2) dt = 10 2pi dt = 2pi 28. x = 5 t2 + 1, y = 4 − 3t2 , 0 ≤ t ≤ 2. dx dt 2 + dy dt 2 = (10t)2 + (−6t)2 = 136t2⇒ L = 20 136t2 dt = 2 0 136 t dt = 12 · 2 34 t 2 2 0 = 4 34 29. x = et cos t , y = et sen t , 0 ≤ t ≤ pi. dx dt 2 + dy dt 2 = et (cos t − sen t) 2 + et (cos t + sent) 2 = e2 t 2 cos2 t + 2 sen2 t = 2e2 t ⇒ L = pi0 2 e t dt = 2 (epi − 1) 30. x = t cos t + sen t , y = t sen t − cos t , −pi ≤ t ≤ pi. dx/dt = −t sen t + 2 cos t e dy /dt = t cos t + 2 sen t , assim (dx/dt)2 + (dy /dt)2 = t2 sen2 t − 4t sen t cos t + 4 cos2 t + t2 cos2 t + 4t sen t cos t + 4 sen2 t = t2 + 4 e L = pi− pi t2 + 4dt = 2 pi 0 t2 + 4dt 21= 2 12 t t2 + 4+ 2 ln t + t2 + 4 pi 0 = 2 pi2 pi2 + 4+ 2 ln pi + pi2 + 4 − 2 ln 2 = pi pi2 + 4+ 4ln pi + pi2 + 4 − 4 ln 2 ≈ 16,633506 31. x = ln t e y = e− t ⇒ dx dt = 1 t e dy dt = −e− t ⇒ L = 21 t− 2 + e− 2 t dt . Utilizando a Regra de Simpson com n = 10, ∆ x = (2 − 1) / 10 = 0,1 e f (t) = t− 2 + e− 2 t obtemos L ≈ 0 ,13 [ f (1 ,0) + 4 f (1,1) + 2 f (1 ,2) + · ··+ 2 f (1 ,8) + 4 f (1 ,9) + f (2 ,0)] ≈ 0,7314 32. x = t3 e y = t4 ⇒ dx/dt = 3t2 e dy /dt = 4t3. Logo S = 10 2pit 4 9t4 + 16t6 dt = 10 2pit 6 9+ 16t2 dt . 33. dx dt 2 + dy dt 2 = 2t − 2 t2 2 + 4 t 2 = 4t2 + 8 t + 4 t4 = 4 t + 1 t2 2 S = 9 1 2piy dx dt 2 + dy dt 2 dt = 2pi 9 1 8 t 2 t + 1 t2 dt = 32pi 91 t 3/2 + t− 3/2 dt = 32pi 25 t 5/2 − 2t− 1/2 9 1 = 32pi 25 (243) − 2 1 3 − 2 5 (1) − 2 (1) = 47 10415 pi 34. x = et cos t , y = et sen t , 0 ≤ t ≤ pi2 . dx dt 2 + dy dt 2 = et (cos t − sen t) 2 + et (cos t + sen t) 2 = e2 t 2 cos2 t + 2 sen2 t = 2e2 t , assim S = pi/ 2 0 2piy dx dt 2 + dy dt 2 dt = pi/20 2pie t sen t 2et dt 98= 2 2pi pi/ 20 e 2 t sen t dt = 2 2pi e 2 t 5 (2 sen t − cos t) pi/2 0 = 2 25 pi [2e pi − (−1)] = 2 2pi5 (2e pi − 1) 6 SEÇÃO 10.2 CÁLCULO COM CURVAS PARAMETRIZADAS 35. dx dθ 2 + dy dθ 2 = (−2 senθ + 2 sen 2θ)2 + (2 cos θ − 2 cos 2θ)2 = 4 sen2 θ − 2 senθ sen 2θ + sen2 2θ + cos2 θ − 2 cos θ cos 2θ + cos2 2θ = 4 [1+ 1− 2 (cos 2θ cos θ + sen2θ senθ)] = 8 [1− cos (2θ − θ)] = 8 (1 − cos θ) Observe que x (2p − θ) = x (θ) e y (2p− θ) = −y (θ), logo a parte da curva de θ = 0 a θ = p gera a mesma superfície que a parte de θ = p a θ = 2p. Além disto, y = 2 sen θ − sen 2θ = 2 sen θ (1 − cos θ). Logo S = pi0 2pi · 2 sen θ (1 − cos θ) 2 2 1 − cos θ dθ = 8 2pi pi0 (1 − cos θ) 3/2 sen θ dθ = 8 2pi 20 u3 du (u = 1 − cos θ, du = sen θ dθ) = 8 2pi 25 u 5/2 2 0 = 128pi 5 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_3_E.pdf SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 1 1-5 Trace o ponto cujas coordenadas polares foram fornecidas. Então encontre dois outros pares de coordenadas polares deste ponto, um com r > 0 e um com r < 0. 1. (−1, p/5) 2. (2, −p/7) 3. (−1, p) 4. (4, −2p/3) 5. (−2, 3p/2) 6-9 Trace o ponto cujas coordenadas polares foram fornecidas. Então encontre as coordenadas cartesianas deste ponto. 6. (4, −7p/6) 7. (−4, 5p/4) 8. pi( 2, 4 9. (1,5, 3p/2) 10-11 As coordenadas cartesianas do ponto são fornecidas. Encontre as coordenadas polares (r, θ) do ponto, onde r > 0 e 0 ≤ θ < 2p. 10. (−1, 1) 11. (3, 4) 12-16 Esboce a região no plano que consiste nos pontos cujas coordenadas polares satisfazem as condições fornecidas. 12. r > 1 13. 0 ≤ θ ≤ p/4 14. 0 ≤ r ≤ 2, p/2 ≤ θ ≤ p 15. 1 ≤ r < 3, −p/4 ≤ θ ≤ p/4 16. 3 < r < 4, −p/2 ≤ θ ≤ p 17-23 Encontre a equação cartesiana para a curva descrita pela equação polar fornecida. 17. r sen θ = 2 18. r = 2 sen θ 19. =r 1 1 cos 20. =r 5 3 4 sen 21. = + r 1 1 2 sen 22. r2 = sen 2θ 23. r2 = θ 24-28 Encontre a equação cartesiana para a curva descrita pela equação polar fornecida. 24. y = 5 25. y = 2x − 1 26. x2 + y2 = 15 27. x2 = 4y 28. 2xy = 1 29. Esboce o gráfico de r = −2 sen θ convertendo-o para equação cartesiana. 30-50 Esboce a curva com a equação polar fornecida. 30. r = 5 31. θ = 3p/4 32. r = θ/2, −4p ≤ θ ≤ 4p 33. r = 1/θ 34. =r 35. r = 2 sen θ 36. r = −4 sen θ 37. r = −cos θ 38. r = 2 sen θ + 2 cos θ 39. r = 3(1 − cos θ) 40. r = 1 + cos θ 41. r = 1 − 2 cos θ 42. r = 2 + cos θ 43. r = cos θ − sen θ 44. r = 2(1 − sen θ) 45. r = 3 + 2 sen θ (caracol de Pascal ou limaçon) 46. r = 3 − 4 sen θ (caracol de Pascal ou limaçon) 47. r = −3 cos 2θ 48. r = sen 3θ (rosácea polar de três pétalas) 49. r = sen 4θ (rosácea polar de oito pétalas) 50. r = −cos 5θ (rosácea polar de cinco pétalas) 51-53 Encontre a inclinação da reta tangente à curva polar fornecida no ponto indicado pelo valor de θ. 51. r = 3 cos θ, θ = p/3 52. r = cos θ + sen θ, θ = p/4 53. r = 2 + 4 cos θ, θ = p/6 54-55 Utilize um dispositivo gráfico para traçar a curva polar. Escolha um intervalo de parâmetro para assegurar que produziu a curva inteira. 54. r = sen(9θ/4) 55. r = 1 + 4 cos(θ/3) 10.3 COORDENADAS POLARES É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_3_R.pdf 2 SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 1. O 1, 6pi5 , −1 pi , 11 pi5 2. pi pi O 2, 13 pi7 , −2, 6pi 7 3. O (−1, pi) (−1, 3pi), (1, 0) 4. O (4, ) 2pi 3 − 2pi 3 − 4, 4pi3 , −4, pi 3 5. O 3pi_ 2(−2, ) 2, pi2 , −2, − pi 2 6. _ Ο 7 6 _(4, pi _7 6 _ pi ) −2 3, 2 7. _5 6 _ pi _5 6 _ pi Ο (−2, ) 2 2, 2 2 8. pi pi O (1, 1) 9. pi, O 0, − 32 10. 2, 3pi4 11. 5, tg − 1 4 3 12. 13. 14. 15. 16. r = 4 r = 3 O 17. y = 2 18. x2 + y2 = 2y 19. y2 = 1 + 2x 20. 9x2 = 7y2 + 40y + 25 21. y − 23 2 1 3 2 − x 2 1 3 2 = 1 22. (x2 + y2)2 = 2yx 23. tg (x2 + y2) = y/x 24. r sen θ = 5 25. r = 1 2 cos θ − senθ 26. r = 5 27. r = tg θ sec θ 28. r2 = cossec 2θ 29. x2 + (y + 1)2 = 1 O 30. O 31. O 32. 33. 10.3 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 3 34. 35. O 36. O 37. O 38. O 39. O 40. O 41. O 42. O 43. O pi_ 4θ = 44. O 45. O 46. O 3pi_ 2(7, ) (3, 0) 47. pi_ 4θ = 48. pi_ 3θ = O 49. pi_ 4θ = 50. 3pi 10θ = 3pi 10θ = 51. 1 3 52. −1 53. − 4+ 3 3 11 54. , , , , 55. , , , , 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_3_S.pdf 4 SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 1. −1, pi5 O 1, 6pi5 , −1, 11pi pi 5 2. pi pi 2,− pi7 O 2, 13pi7 , −2, 6pi 7 3. (−1,pi) O (−1, pi) (−1, 3pi), (1 , 0) 4. 4, − 2pi3 − 2pi3 − 2pi3 O (4, ) 4, 4pi3 , −4, pi 3 5. −2, 3pi2 −2, 3pi2 O 2, pi2 , −2,− pi 2 6. O (4, )7pi6_ 7pi 6 _ x = 4 cos − 7pi6 = 4 − 32 = −2 3 y = 4 sen − 7pi6 = 4 · 12 = 2 7. − 5pi6 − 5pi6 Ο (−2, ) x = −4 cos 5pi4 = 2 2 y = −4 sen 5pi4 = 2 2 8. pi pi O x = 2 cos pi4 = 1, y = 2 sen pi4 = 1 9. O 0,− 32 10. (x, y) = (−1, 1), r = (−1)2 + 12 = 2, tg θ = y/ x = −1 e (x, y) está no quadrante II, então θ = 3pi4 . Coordenadas 2, 3pi4 . 11. (x, y) = (3 , 4), r = 9+ 16 = 5, tg θ = y/ x = 43 , assim θ = tg − 1 .5, tg− 1 43 4 3 . 12. r > 1 13. 0 ≤ θ < pi4 14. 0 ≤ r ≤ 2, pi2 ≤ θ ≤ pi 15. 1 ≤ r < 3, −pi4 ≤ θ ≤ pi 4 16. 3 < r < 4, − pi2 ≤ θ ≤ pi r = 4 r = 3 O 17. Uma vez que y = r sen θ, a equação r sen θ = 2 se torna y = 2. 18. r = 2 sen θ ⇒ r2 = 2r sen θ ⇒ x2 + y2 = 2y 19. r = 1 1 − cos θ ⇔ r − r cos θ = 1 r = 1 + r cos θ ⇔ r 2 = (1+ r cos θ)2 x 2 + y2 = (1+ x )2 = 1 + 2x + x 2 ⇔ y2 = 1 + 2x 20. r = 5 3 − 4 senθ ⇒ 3r − 4r senθ = 5 ⇒ 3r = 5 + 4r senθ ⇒ 9r 2 = (5+ 4r senθ)2 ⇒ 9 x 2 + y2 = (5+ 4y)2 ⇒ 9x 2 = 7y2 + 40y + 25 10.3 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 5 21. r = 1 1+2 sen θ ⇒ r + 2r sen θ = 1 ⇔ r = 1 − 2r sen θ ⇔ x 2 + y2 = 1 − 2y ⇒ x 2 + y2 = 1 − 4y + 4y2 ⇔ 3y2 − 4y − x 2 = −1 ⇔ 3 y2 − 43 y + 4 9 − x 2 = 43 − 1 ⇔ 3 y − 23 2 − x 2 = 13 ⇔ 9 y − 2 3 2 − 3x 2 = 1 ⇔ y − 23 2 1 3 2 − x 2 1 3 2 = 1. Esta é uma hipérbole centralizada em 0, 23 . 22. r2 = sen 2θ = 2 sen θ cos θ ⇔ r4 = 2r sen θ rcos θ ⇔ x 2 + y2 2 = 2yx 23. r2 = θ ⇒ tg r2 = tg θ ⇒ tg x 2 + y2 = y/ x 24. y = 5 ⇔ r sen θ = 5 25. y = 2x − 1 ⇔ r sen θ = 2r cos θ − 1 ⇔ r (2 cos θ − senθ) = 1 ⇔ r = 1 2 cos θ − senθ . (Podemos dividir por 2 cos θ − sen θ, pois este termo deve ser diferente de zero para que o produto com r seja igual a 1.) 26. x 2 + y2 = 25 ⇔ r2 = 25 ⇒ r = 5 27. x 2 = 4y ⇔ r2 cos2 θ = 4r sen θ ⇔ r cos2 θ = 4 sen θ ⇔ r = 4 tg θ sec θ 28. 2xy = 1 ⇔ 2r cos θ r sen θ = 1 ⇔ r 2 sen 2θ = 1 ⇔ r2 = cossec 2θ 29. r = −2 sen θ ⇔ r2 = −2r sen θ (uma vez que a possibilidade r = 0 está englobada pela equação r = −2 sen θ) ⇔ x 2 + y2 = −2y ⇔ x 2 + y2 + 2y + 1 = 1 ⇔ x 2 + (y + 1)2 = 1. O 32. r = θ/2, −4pi ≤ θ ≤ 4pi 33. r = 1/θ 34. r = θ. A curva é uma espiral. 35. r = 2 sen θ ⇔ r2 = 2r sen θ ⇔ x 2 + y2 = 2y ⇔ x 2 + (y − 1)2 = 1 O 36. r = −4 sen θ ⇔ r2 = −4r sen θ ⇔ x 2 + y2 = −4y ⇔ x 2 + (y + 2)2 = 4 O 37. r = − cos θ ⇔ r2 = −r cos θ ⇔ x 2 + y2 = −x ⇔ x + 12 2 + y2 = 14 O 38. r = 2 senθ + 2 cos θ ⇔ r2 = 2r senθ + 2r cos θ ⇔ x 2 + y2 = 2y + 2x ⇔ (x − 1)2 + (y − 1)2 = 2 O 30. r = 5 representa o círculo com centro O e raio 5. O 31. θ = 3pi4 é uma linha que passa através da origem. O 6 SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 39. r = 3 (1 − cos θ) O 40. r = 1 + cos θ O 41. r = 1 − 2 cos θ O 42. r = 2 + cos θ O 43. r = cos θ − senθ ⇔ r2 = r cos θ − r senθ ⇔ x 2 + y2 = x − y ⇔ x − 12 2 + y + 12 2 = 12 O pi_ 4θ = 44. r = 2 (1 − sen θ) x y 0 pi 2pi 2 4 O 45. pi 2pi r = 3 + 2 senθ x y 0 1 3 5 O 46. pi 2pi r = 3 − 4 senθ x y 0 3 7 −1 O 3pi_ 2(7, ) (3, 0) 47. pi 2pi pi_ 4 r = −3 cos 2θ x y 0 3 −3 θ = 48. pi 2pi pi_ 3 θ = r = sen 3θ 0 1 −1 y x O 49. pi 2pi pi_ 4 θ = r = sen4θ x y 0 1 −1 50. pi 2pi 2pi_ 5 pi_ 10 θ = 3pi 10 θ = r = − cos 5θ x y 0 1 −1 SEÇÃO 10.3 COORDENADAS POLARES 7 51. Usando a Equação 3 com r = 3 cos θ, temos dy dx = dy /dθ dx/dθ = (dr /dθ) ( senθ)+ r cos θ (dr /dθ) ( cos θ) − r senθ = −3 senθ senθ + 3 cos θ cos θ −3 senθ cos θ − 3 cos θ senθ = 3 cos2 θ − sen2 θ −3 (2 senθ cos θ) = − cos 2θ sen 2θ = − cotg 2θ = 13 quando θ = pi 3 Outra solução: r = 3 cos θ ⇒ x = r cos θ = 3 cos2 θ, y = r senθ = 3 sen θ cos θ ⇒ dy dx = dy /dθ dx/dθ = −3 sen2 θ + 3 cos2 θ −6 cos θ senθ = cos 2θ −sen 2θ = − cotg 2θ = 13 quando θ = pi 3 52. Usando a Equação 3 com r = cos θ + sen θ, temos dy dx = (dr /dθ) sen θ + r cos θ (dr /dθ) cos θ − r senθ = (− senθ + cos θ) sen θ + (cos θ + sen θ) cos θ (− senθ + cos θ) cos θ − (cos θ + sen θ) sen θ = −1 quando θ = pi4 Outra Solução: r = cos θ + sen θ ⇒ x = r cos θ = (cos θ + sen θ) cos θ, y = r senθ = (cos θ + sen θ) sen θ ⇒ dy dx = dy /dθ dx/d θ = senθ (− senθ + cos θ)+ (cos θ + senθ) cos θ cos θ (− senθ + cos θ) − (cos θ + senθ) sen θ = −1 quando θ = pi4 53. r = 2 + 4 cos θ ⇒ x = r cos θ = (2+ 4 cos θ) cos θ, y = 4 senθ = (2+ 4 cos θ) sen θ ⇒ dy dx = dy /d θ dx/d θ = −4 sen2 θ + (2+ 4 cos θ) cos θ −4 senθ cos θ − (2 + 4 cos θ) sen θ = − 2 cos 2θ + cos θ 2 sen2θ + sen θ = − 2 12 + 3 2 2 32 + 1 2 = − 4+ 3 3 11 quando θ = pi6 . 54. r = sen (9θ/4). O intervalo do parâmetro é [0, 8p]. , , , , 55. r = 1 + 4 cos (θ/3). O intervalo do parâmetro é [0, 6p]. , ,, , 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_4_E.pdf SEÇÃO 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES 1 1-8 Encontre a área da região que é limitada pelas curvas dadas e está no setor especificado. 1. = ≤ ≤ pi, 0r 2. = ≤ ≤pi pi, 2 2r e 3. = ≤ ≤ pi, 0 6r 2 cos 4. = ≤ ≤pi pi, 6 5 6r 1 5. = ≤ ≤ pisen , 0 6r 2 6. = ≤ ≤ pipi, 12 12r cos 3 7. = ≤ ≤pi pisen , 4 3 4r 3 8. = ≤ ≤ pipi, 2 3 2r 2 9-16 Esboce a curva e calcule a área limitada por ela. 9. = senr 5 10. =r 4 sen 11. =r sen 3 12. =r 4 1 cos 13. =r 2 cos 14. =r 1 sen+ 15. =r 3 cos 16. =r sen 4 17. Trace a curva r = 2 + cos 6θ e calcule a área limitada por ela. 18. A curva com equação polar r = 2 sen θ cos2 θ é chamada bifólio. Trace a curva e calcule a área limitada por ela. 19-22 Encontre a área da região dentro de um laço da curva. 19. =r cos 3 20. =r 3 2sen 21. = senr 5 22. =r 2 3 cos (volta interna) + 23-24 Encontre a área da região que está dentro da primeira curva e fora da segunda curva. 23. = =, r 32r 1 cos 24. = =, r 2 cosr 3 cos 25. Encontre a área dentro do laço maior e fora do laço menor do caracol de Pascal r = 3 + 4 sen θ. 26. Esboce a curva =r 1 0,8 sen2 (hipópede) e o círculo r = sen θ e encontre a área exata da região entre as curvas. 27-32 Calcule o comprimento exato da curva polar. 27. = ≤ ≤ pi, 0 3 4r 5 cos 28. = ≤ ≤ pi, 0 2r 2 29. =r 1 cos+ 30. = ≤ ≤ pi, 0 3r e 31. =r cos2 4 32. =r cos2 2 33-34 Use uma calculadora ou um computador para encontrar o comprimento do laço, com precisão de quatro casas decimais. 33. Um laço da rosa de quatro pétalas r = cos 2θ. 34. Um laço do conchoide r = 4 + 2 secθ. 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_4_R.pdf 2 SEÇÃO 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES 1. 16 pi 3 2. 14 e pi − e− pi 3. pi6 + 3 4 4. 12 5pi 5. 34pi− 396 6. 1 24 (pi + 2) 7. 98 (pi + 2) 8. 121 160 pi 5 9. 25 4 pi 10. 33 pi 2 11. pi 4 12. O 24pi pi 13. O (2, 0) pi 14. O 3pi 2 15. 19 pi 2 16. pi 2 17. 9pi 2 , , , , 18. pi 8 , , , 19. pi12 20. 9pi 8 21. pi20 22. 17 2 cos − 1 2 3 − 3 5 23. 9 38 − 1 4 pi 24. 3 3 25. 34 sen− 1 34 + 9 7 26. , , , , 3 10 pi − 1 10 arcsen 5 3 − 1 5 5 27. 154 pi 28. 1+ ln2 2 22pi − 1 ln 2 29. 8 30. 2 1 − e− 3pi 31. 163 32. 4 33. 2,4221 34. 5,8128 10.4 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_4_S.pdf SEÇÃO 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES 3 1. A = pi0 1 2 r 2 dθ = pi0 1 2 θ 2 dθ = 16 θ 3 pi 0 = 1 6 pi 3 2. A = pi/2−pi/2 1 2 e 2θ dθ = 14 e 2θ pi/2 −pi/2 = 1 4 e pi − e−pi 3. A = pi/60 1 2 (2 cos θ) 2 dθ = pi/ 60 (1 + cos 2θ) dθ = θ + 12 sen 2θ pi/6 0 = pi 6 + 3 4 4. A = 5pi/6pi/6 1 2 (1/θ) 2 dθ = [−1/ (2θ)]5pi/6pi/6 = 12 5pi 5. A = pi/ 60 1 2 sen 2 2θ dθ = 14 pi/6 0 (1 − cos 4θ) dθ = 14 θ − 1 16 sen 2θ pi/6 0 = 4pi− 3 3 96 6. A = 2 pi/120 1 2 cos 2 3θ dθ = 12 pi/12 0 (1 + cos 6θ) dθ = 12 θ + 1 6 sen 6θ pi/12 0 = 1 24 (pi + 2) 7. A = 3pi/4pi/4 1 2 (3 senθ) 2 dθ = 2 pi/2pi/4 9 4 (1 − cos 2θ) dθ = 92 θ − 1 2 sen 2θ pi/2 pi/4 = 9 8 (pi + 2) 8. A = 3pi/2pi/2 1 2 θ 2 2 dθ = 110 θ 5 3pi/2 pi/2 = 121 160 pi 5 9. A = pi0 1 2 (5 sen θ) 2 dθ = 254 pi 0 (1 − cos 2θ) dθ = 254 θ − 1 2 sen 2θ pi 0 = 25 4 pi 10. A = 2 pi/2−pi/2 1 2 (4 − senθ) 2 dθ = pi/2−pi/2 16 − 8 senθ + sen 2 θ dθ = pi/2−pi/2 16 + sen 2 θ dθ [pelo Teorema 5.5.7(b)] = 2 pi/20 16 + sen 2 θ dθ [pelo Teorema 5.5.7(a)] = 2 pi/20 16 + 1 2 (1 − cos 2θ) dθ = 2 332 θ − 1 4 sen 2θ pi/2 0 = 33 pi 2 11. A = 6 pi/60 1 2 sen 2 3θ dθ = 3 pi/60 1 2 (1 − cos 6θ) dθ = 32 θ − 1 6 sen 6θ pi/6 0 = pi 4 12. O A = 2 pi0 1 2 [4 (1 − cos θ)] 2 dθ = 16 pi0 1 − 2 cos θ + cos 2 θ dθ = 8 pi0 (3 − 4 cos θ + cos 2θ) dθ = 4 [6θ − 8 senθ + sen 2θ]pi0 = 24pi 13. (2, 0) A = 2 pi/20 1 2 (2 cos θ) 2 dθ = 2 pi/20 (1 + cos 2θ) dθ = 2 θ + 12 sen 2θ pi/2 0 = pi 14. A = 2 pi/2−pi/2 1 2 (1 + sen θ) 2 dθ = pi/2−pi/2 1+ 2 sen θ + sen 2 2θ dθ = [θ − 2 cos θ]pi/2−pi/2 + pi/2 −pi/2 1 2 (1 − cos 2θ) dθ = pi + 12 θ − 1 2 sen 2 θ pi/2 −pi/2 = pi + pi 2 = 3pi 2 10.4 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES 15. Α = 2 pi0 1 2 (3 − cos θ) 2 dθ = pi0 9 − 6 cos θ + cos 2 θ dθ = 9θ − 6 sen θ + 12 θ + 1 4 sen 2θ pi 0 = 19 pi 2 16. Α = 8 pi/40 1 2 sen 2 4θ dθ = 2 pi/40 (1 − cos 8θ) dθ = 2θ − 14 sen 8θ pi/4 0 = pi 2 17. , , , , Pela simetria, a área total é o dobro da área delimitada acima do eixo polar, logo A = 2 pi0 1 2 r 2 dθ = pi0 [2+ cos 6θ] 2 dθ = pi0 4+ 4 cos 6θ + cos 2 6θ dθ = 4θ + 4 16 sen 6θ + 1 24 sen 12θ + 1 2 θ pi 0 = 4pi + pi2 = 9pi 2 18. , , , Observe que a curva completa r = 2 sen θ cos2 θ é gerada cos θ ∈ [0, p]. O raio é positivo neste intervalo, então a área delimitada é A = pi0 1 2 r 2 dθ = pi0 1 2 2 senθ cos 2 θ 2 dθ = 2 pi0 sen 2 θ cos4 θ dθ = 2 pi0 (sen θ cos θ) 2 cos2 θ dθ = 2 pi0 1 2 sen 2θ 2 cos2 θ dθ = 14 pi 0 sen 2 2θ (cos 2θ + 1) dθ = 14 pi 0 sen 2 2θ cos 2θ dθ + pi0 sen 2 2θ dθ = 14 1 2 θ − 1 4 sen 4θ pi 0 (a primeira integral desaparece) = pi 8 19. A = 2 pi/60 1 2 cos 2 3θ dθ = 12 pi/6 0 (1 + cos 6θ) dθ = 12 θ + 1 6 sen 6θ pi/6 0 = pi 12 20. A = 2 pi/40 1 2 (3 sen 2θ) 2 dθ = 92 pi/4 0 (1 − cos 4θ) dθ = 92 θ − 1 4 sen 4θ pi/4 0 = 9pi 8 21. A = pi/50 1 2 sen 2 5θ dθ = 14 pi/5 0 (1 − cos 10θ) dθ = 14 θ − 1 10 sen 10θ pi/5 0 = pi 20 22. 2+ 3 cos θ = 0 ⇒ cos θ = − 23 ⇒ θ = cos − 1 − 23 ou 2pi − cos− 1 − 23 . Seja α = cos − 1 − 23 . Então A = 2 piα 1 2 (2 + 3 cos θ) 2 dθ = piα 4+ 12 cos θ + 9 cos 2 θ dθ = piα 17 2 + 12 cos θ + 9 2 cos 2θ dθ = 172 θ + 12 sen θ + 9 4 sen 2θ pi α = 172 (pi − α) − 12 sen α− 9 2 sen α cosα = 172 pi − cos − 1 − 23 − 12 5 3 − 9 2 5 3 − 2 3 = 172 cos − 1 2 3 − 3 5 23. 1 − cos θ = 32 ⇒ cos θ = − 1 2 ⇒ θ = 2pi 3 ou 4pi 3 ⇒ A = 2 pi2pi/3 1 2 (1 − cos θ) 2 − 32 2 dθ = pi2pi/3 − 5 4 − 2 cos θ + cos 2 θ dθ = − 54 θ − 2 senθ pi 2pi/3 + 1 2 pi 2pi/3 (1 + cos 2θ) dθ = − 512 pi + 3+ 1 2 θ + 1 2 sen 2θ pi 2pi/ 3 = − 512 pi + 3+ 1 6 pi + 3 8 = 9 3 8 − 1 4 pi SEÇÃO 10.4 ÁREAS E COMPRIMENTOS EM COORDENADAS POLARES 5 24. 3 cos θ = 2 − cos θ ⇒ cos θ = 12 ⇒ θ = ± pi 3 ⇒ A = 2 pi/ 30 1 2 (3 cos θ) 2 − (2 − cos θ)2 dθ = pi/30 8 cos 2 θ + 4 cos θ − 4 dθ = pi/30 (4 cos 2θ + 4 cos θ) dθ = [2 sen2θ + 4 sen θ]pi/30 = 3 3 25. 4 sen= + pi sen A curva cruza a si mesma quando 3 + 4 sen θ = 0 ⇔ sen θ = − 34 . Tomando α = sen − 1 3 4 , a área desejada é A = 2 pi/2−α 1 2 (3 + 4 senθ) 2 dθ − −α−pi/2 1 2 (3 + 4 sen θ) 2 dθ Agora (3 + 4 senθ)2 dθ = 9θ − 24 cos θ+ 8θ − 4 sen 2θ+ C, logo A = 34α + 48 cos α − 16sen α cosα= 34 sen− 1 34 + 9 7. 26. , , , , Os pontos de intersecção ocorrem quando 1 − 0,8 sen2 θ = sen θ ⇔ 1,8 sen2 θ = 1 ⇔ θ = arcsen 59 (= α, logo cosα = 2 3 ). Assim a área é A = 2 α0 1 2 sen 2 θdθ + 2 pi/ 2α 1 2 1 − 0,8 sen 2 θ 2 dθ = 12 θ − 1 4 sen 2θ α 0 + θ − 0,8 1 2 θ − 1 4 sen 2θ pi/ 2 α = 12 α − 1 4 (2 sen α cosα)+ 0,6 · pi 2 − [0,6α + 0,2 (2 senα cosα)] = 12 arcsen 5 3 − 1 2 3 2 3 + 0,3pi −0,6 arcsen 3 − 0,4 · 3 2 3 = 310 pi − 1 10 arcsen 5 3 − 1 5 5 ≈ 0,411 5 5 5 27. L = ba r2 + (dr /dθ) 2 dθ = 3pi/40 (5 cos θ) 2 + (−5 sen θ)2 dθ = 5 3pi/40 cos2 θ + sen 2 θ dθ = 5 3pi/40 dθ = 15 4 pi 28. L = ba r2 + (dr /dθ) 2 dθ = 2pi0 (2θ ) 2 + [(ln 2) 2θ ]2 dθ = 2pi0 2 θ 1 + ln2 2 dθ = 1 + ln2 2 2 θ ln 2 2pi 0 = 1 + ln2 2 22pi − 1 ln 2 29. L = 2 pi0 (1 + cos θ) 2 + (− sen θ)2 dθ = 2 2 pi0 1 + cos θ dθ = 2 2 pi 0 2 cos2 (θ/2) dθ = [8 sen (θ/ 2)]pi0 = 8 30. L = 3pi0 (e−θ) 2 + (−e−θ)2 dθ = 2 3pi0 e −θ dθ = 2 1 − e− 3pi 31. L = 2 2pi0 cos8 1 4 θ + cos6 1 4 θ sen 2 1 4 θ dθ = 2 2pi0 cos 3 1 4 θ cos2 1 4 θ + sen 2 1 4 θ dθ = 2 2pi0 cos 3 1 4 θ dθ = 8 pi/20 cos 3 u du (onde u = 14 θ) = 8 sen u − 13 sen 3 u pi/20 = 16 3 Observe que a curva é retraçada após cada intervalo de comprimento 4pi. 32. L = 2 pi0 cos2 1 2 θ 2 + − cos 12 θ sen 1 2 θ 2 dθ = 2 pi0 cos 1 2 θ dθ = 4 sen 1 2 θ pi 0 = 4 33. Da Figura 4 no Exemplo 1, L = pi/4−pi/4 r2 + (r ) 2 dθ = 2 pi/40 cos2 2θ + 4 sen 2 2θ dθ ≈ 2 (1,211056) ≈ 2,4221 34. 4 + 2 sec θ = 0 ⇒ sec θ = −2 ⇒ cos θ = − 12 ⇒ θ = 2pi 3 , 4pi 3 . L = 4pi/32pi/3 (4 + 2 sec θ) 2 + (2 sec θ tg θ)2dθ ≈ 5,8128 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_5_E.pdf SEÇÃO 10.5 SEÇÕES CÔNICAS 1 1-8 Encontre o vértice, o foco e a diretriz da parábola e esboce seu gráfico. 1. x 2 −8y= 2. x 5y 2= − 3. y 2 x= 4. 2x 2 y= 5. x 1 2 y 3 2+ = − 6. x 2 6x 8y 7+ =− 7. 2x y 2 8y 12 0+ + =− 8. x 2 12x y 39 0+ + =− 9-10 Encontre os vértices e os focos da elipse e esboce seu gráfico. 9. x 2 16 y 2 4 1+ = 10. 25x 2 9y 2 225+ = 11-12 Encontre os vértices, os focos e as assíntotas da hipérbole e esboce seu gráfico. 11. 9y 2 x 2 9=− 12. x 2 y 2 1=− 13-15 Encontre os vértices e os focos cônicos e esboce seu gráfico. No caso da hipérbole, encontre as assíntotas. 13. x 4 4 y 2 25 1+ = 14. x 2 4y 2 4+ = 15. y 2 25 x 2 144 1=− 16-22 Encontre uma equação para a cônica que satisfaça as condições dadas. 16. Parábola, foco (0, 3), diretriz y = −3 17. Parábola, foco (−2, 0), diretriz x = 2 18. Parábola, foco (3, 0), diretriz x = 1 19. Parábola, foco (1, −1), diretriz y = 5 20. Elipse, focos (3, ±1), vértices (3, ±3) 21. Elipse, focos (±1, 2), comprimento do eixo principal 6 22. Elipse, focos (±1, 0), vértices (±2, 0) 23. Elipse, focos (0, ±4), vértices (0, ±5) 10.5 SEÇÕES CÔNICAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_5_R.pdf 2 SEÇÃO 10.5 SEÇÕES CÔNICAS 1. (0 , 0), (0 ,−2), y = 2 2. (0 , 0), − 120 , 0 , x = 1 20 3. (0 , 0), 14 , 0 , x = − 1 4 4. (0, 0), 0, 1 8 , y = − 1 8 5. (−1, 3), − 78 , 3 , x = − 9 8 6. (3, 2), (3, 0), y = 4 7. (2 , 4), 32 , 4 , x = 5 2 8. (−6, 3), −6, 13 4 , y = 11 4 9. (±4, 0), ±2 3, 0 foco 10. (0, ±5), (0, ±4) 11. (0 ,±1), 0,± 10 , y = ± 13 x 12. (±1, 0), ± 2, 0 , y = ±x 13. (0 ,±5), 0,± 21 foco 14. (±2, 0), ± 3, 0 15. (0 ,±5), (0 ,±13), y = ± 512 x 16. x 2 = 12y 17. y2 = −8x 18. y2 = 4 (x − 2) 19. x 2 − 2x + 12y − 23 = 0 20. 18 (x − 3) 2 + 19 y 2 = 1 21. 19 x 2 + 18 ( y − 2) 2 = 1 22. 14 x 2 + 13 y 2 = 1 23. 19 x 2 + 125 y 2 = 1 10.5 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_5_S.pdf SEÇÃO 10.5 SEÇÕES CÔNICAS 3 1. x2 = −8y. 4p = −8, logo p = −2. O vértice é (0, 0), o foco é (0,−2) e a diretriz é y = 2. 2. x = −5y2 ⇒ y2 = − 15 x ⇒ 4p = − 1 5 ⇒ p = − 120 ⇒ vértice (0, 0), foco − 1 20 , 0 , diretriz x = 120 3. y2 = x . p = 14 e o vértice é (0, 0), então o foco é 1 4 , 0 e a diretriz é x = − 14 . 4. x 2 = 12 y ⇒ p = 1 8 ⇒ vértice (0, 0), foco 0, 1 8 , diretriz y = − 18 5. x + 1 = 2 ( y− 3)2 ⇒ ( y− 3)2 = 12 (x + 1 ) ⇒ p = 18 ⇒ vértice (−1, 3), foco − 7 8 , 3 , diretriz x = − 98 6. x 2 − 6x + 8y = 7 ⇔ (x − 3)2 = −8y + 16 = −8 (y − 2) ⇒ p = −2 ⇒ vértice (3 , 2), foco (3 , 0), diretriz y = 4 7. 2x + y2 − 8y + 12 = 0 ⇒ (y − 4)2 = −2 (x − 2) ⇒ p = − 12 ⇒ vértice (2 , 4), foco 3 2 , 4 , diretriz x = 5 2 8. x 2 + 12x − y + 39 = 0 ⇔ (x + 6)2 = y − 3 ⇒ p = 14 ⇒ vértice (−6, 3), foco −6, 13 4 , diretriz y = 114 9. x 2/16 + y2/4 = 1 ⇒ a = 4 , b = 2, c = 16 − 4 = 2 3 ⇒ centro (0 , 0), vértices (±4,0), focos ±2 3,0 foco 10. 25x 2 + 9y2 = 225 ⇔ 19 x 2 + 125 y 2 = 1 ⇒ a = 5, b = 3, c = 4 ⇒ centro (0, 0), vértices (0 ,±5), focos (0 ,±4) 10.5 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 10.5 SEÇÕES CÔNICAS 11. 9y2 − x 2 = 9 ⇒ y2 − 19 x 2 = 1 ⇒ a = 1, b= 3, c = 10 ⇒ centro (0, 0), vértices (0,±1), focos 0,± 10 , assíntotas y = ± 13 x 12. x 2 − y2 = 1 ⇒ a = b= 1, c = 2 ⇒ centro (0, 0), vértices (±1, 0), focos ± 2, 0 , assíntotas y = ±x 13. x 2 / 4 + y2 / 25 = 1 ⇒ a = 5, b = 2, c = 25 − 4 = 21 ⇒ centro (0, 0), vértices (0,±5), focos 0,± 21 foco 14. x 2 + 4y2 = 4 ⇔ 14 x 2 + y2 = 1 ⇒ a = 2, b= 1, c = 3 ⇒ centro (0, 0), vértices (±2, 0), focos ± 3, 0 15. y2 25 − x 2 144 = 1 ⇒ a = 5, b= 12, c = 13 ⇒ centro (0, 0), vértices (0,±5), focos (0,±13), assíntotas y = ± 512 x 16. Vértice em (0, 0), p = 3, aberto para cima ⇒ x 2 = 4py = 12y 17. Vértice (0, 0),a parábola se abre para a esquerda ⇒ p =−2 ⇒ y2 = 4px = −8x 18. Vértice em (2, 0), p = 1, aberto para a direita ⇒ y2 = 4p (x − 2) = 4 (x − 2) 19. Vértice (1, 2), a parábola abre-se para baixo ⇒ p = −3 ⇒ (x − 1)2 = 4p ( y− 2) = −12 ( y− 2) ⇔ x 2 − 2x + 12y − 23 = 0 20. Centro (3, 0), c = 1, a = 3 ⇒ b= 8 = 2 2 ⇒ 1 8 (x − 3) 2 + 19 y 2 = 1 21. Centro (0, 2), c = 1, a = 3, eixo horizontal principal ⇒ b= 2 2 e 19 x 2 + 18 ( y− 2) 2 = 1 22. Centro (0, 0), c = 1, a = 2 ⇒ b= 22 − 12 = 3 ⇒ 1 4 x 2 + 13 y 2 = 1 23. Centro (0, 0), c = 4, a = 5, eixo vertical principal ⇒ b= 3 e 19 x 2 + 125 y 2 = 1 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_6_E.pdf SEÇÃO 10.6 SEÇÕES CÔNICAS EM COORDENADAS POLARES 1 1-8 Escreva uma equação polar de uma cônica com o foco na origem e com os dados fornecidos. 1. Elipse, excentricidade 23, diretriz x = 3 2. Hipérbole, excentricidade 43, diretriz x = −3 3. Parábola, diretriz y = 2 4. Elipse, excentricidade 12, diretriz y = −4 5. Hipérbole, excentricidade 4, diretriz r = 5 sec θ 6. Elipse, excentricidade 0,6; diretriz r = 2 cossec θ 7. Parábola, vértice em (5, p/2) 8. Elipse, excentricidade 0,4; vértice em (2, 0) 9-16 (a) Encontre a excentricidade, (b) identifique a cônica, (c) dê uma equação de diretriz e (d) esboce a cônica. 9. r 4 1 3 cos + = θ 10. r 2 1 cos = − θ 11. r 6 2 sen+ = θ 12. r 7 2 5 sen = − θ 13. r 8 3 3 cos + = θ 14. r 10 3 2 sen = − θ 15. r 5 2 3 sen = − θ 16. r 8 3 cos+ = θ 10.6 SEÇÕES CÔNICAS EM COORDENADAS POLARES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_6_R.pdf 2 SEÇÃO 10.6 SEÇÕES CÔNICAS EM COORDENADAS POLARES 1. r = 6 3+ 2 cos θ 2. r = 12 3 − 4 cos θ 3. r = 2 1+ sen θ 4. r = 4 2 − sen θ 5. r = 20 1+ 4 cos θ 6. r = 6 5+ 3 sen θ 7. r = 10 1+ sen θ 8. r = 8 5+ 2 cos θ 9. (a) 3 (b) Hipérbole (c) x = 43 (d) 10. (a) 1 (b) Parábola (c) x = −2 (d) 11. (a) 12 (b) Elipse (c) y = 6 (d) 12. (a) 52 (b) Hipérbole (c) y = − 7 5 (d) 13. (a) 1 (b) Parábola (c) x = 83 (d) foco 14. (a) 23 (b) Elipse (c) y = −5 (d) 15. (a) 32 (b) Hipérbole (c) y = − 5 3 (d) 16. (a) 13 (b) Elipse (c) x = 8 (d) 10.6 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/10/Se��o 10_6_S.pdf SEÇÃO 10.6 SEÇÕES CÔNICAS EM COORDENADAS POLARES 3 1. r = ed 1+ e cos θ = 2 3 · 3 1+ 23 cos θ = 6 3+ 2 cos θ 2. r = ed 1 − e cos θ = 4 3 · 3 1 − 43 cos θ = 12 3 − 4 cos θ 3. r = ed 1+ e sen θ = 1 · 2 1+ sen θ = 2 1+ sen θ 4. sen θ sen θ sen θ r = ed 1 − e = 1 2 · 4 1 − 12 = 4 2 − 5. r = 5 sec θ ⇔ x = r cos θ = 5 , logo r = ed 1 + e cos θ = 4 · 5 1 + 4 cos θ = 20 1 + 4 cos θ 6. r = 2 cossec θ ⇔ y = r sen θ = 2 , logo r = ed 1 + e sen θ sen θ sen θ = 3 5 · 2 1 + 35 = 6 5 + 3 7. sen θ sen θ Foco (0, 0), vértice 5, pi2 ⇒ diretriz y = 10 ⇒ r = ed 1+ e = 10 1+ 8. A diretriz é x = 4, logo r = ed 1+ e cos θ = 2 5 · 4 1+ 25 cos θ = 8 5+ 2 cos θ 9. r = 41 + 3 cos θ (a) e = 3 (b) Uma vez que e = 3 > 1, a cônica é uma hipérbole. (c) ed = 4 ⇒ d = 43 ⇒ diretriz x = 4 3 (d) Os vértices são (1, 0) e (−2,pi) = (2, 0); o centro é 32 , 0 ; as assíntotas são paralelas a θ = ± cos− 1 − 13 . 10. r = 2 1 − cos θ (a) e = 1 (b) Parábola (c) ed = 2 ⇒ d = 2 ⇒ diretriz x = −2 (d) Vértice (−1, 0) = (1,pi) 11. r = 3 1 + 12 sen θ (a) e = 12 (b) Elipse (c) ed = 3 ⇒ d = 6 ⇒ diretriz y = 6 (d) Vértices 2, pi2 e 6, 3pi 2 ; centro 2, 3pi 2 12. r = 7/ 2 1 − 52 sen θ (a) e = 52 (b) Hipérbole (c) ed = 72 ⇒ d = 7 5 ⇒ diretriz y = − 7 5 (d) Centro 53 , 3pi 2 ; vértices − 7 3 , pi 2 = 7 3 , 3pi 2 e 1, 3pi2 10.6 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 10.6 SEÇÕES CÔNICAS EM COORDENADAS POLARES 13. r = 8 /3 1 + cos θ (a) e = 1 (b) Parábola (c) ed = 83 ⇒ d = 8 3 ⇒ diretriz x = 8 3 (d) Vértice 43 , 0 foco 14. r = 10 /3 1 − 23 sen θ (a) e = 23 (b) Elipse (c) ed = 103 ⇒ d = 5 ⇒ diretriz y = −5 (d) Vértices 10, pi2 e 2, 3pi 2 ; centro 4, pi 2 15. sen θ r = 5/ 2 1 − 32 (a) e = 32 (b) Hipérbole (c) ed = 52 ⇒ d = 5 3 ⇒ diretriz y = − 5 3 (d) Vértices −5, pi2 = 5, 3pi 2 e 1, 3pi 2 ; centro 3, 3pi 2 ; focos (0, 0) e 6, 3pi2 16. r = 8/ 3 1 + 13 cos θ (a) e = 13 (b) Elipse (c) ed = 83 ⇒ d = 8 ⇒ diretriz x = 8 (d) Vértices (2, 0) e (4,pi); centro (−1, 0) 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_10_E.pdf SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 1 1-2 Encontre a série de Maclaurin de f (x) usando a definição de uma série de Maclaurin. [Suponha que f tenha expansão em uma série de potências. Não mostre que Rn(x) → 0.] Também encontre o raio de convergência associado. 1. f x 1 1 x 2+ = 2. f x x 1 x− = 3-6 Encontre a série de Taylor de f (x) centrada no valor dado de a. [Suponha que f tenha expansão em uma série de potências. Não mostre que Rn(x) → 0.] 3. , a 1f x 1 x= = 4. , a 4f x x= = 5. , a 4f x sen x= = pi 6. , a 4f x cos x= = pi 7-13 Use uma série de Maclaurin na Tabela 1 para obter a série de Maclaurin da função dada. 7. f x e 3x= 8. f x sen 2x= 9. f x x 2 cos x= 10. f x cos x 3= 11. f x x sen x 2= 12. f x xe x= 13. f x 1 2 1 cos x x 2 se x 0 se x 0 − = = = 14-15 Encontre a série de Maclaurin de f (por qualquer método) e seu raio de convergência. Trace f e seus primeiros polinômios de Taylor na mesma tela. O que você observa sobre a relação entre esses polinômios e f ? 14. f x 1 1 2x+= 15. f x 1 x 3+= 16. Use a série de Maclaurin de ln(1 + x) e para calcular ln 1,1 com precisão de cinco casas decimais. 17-18 Calcule a integral indefinida como uma série infinita. 17. sen x 2 dx 18. e x 3 dx 19-20 Use uma série para aproximar a integral definida com precisão de três casas decimais. 19. 1 0 sen x 2 dx 20. 0,5 0 cos x 2 dx 21. Use multiplicação ou divisão de séries de potências para encontrar os três primeiros termos diferentes de zero na série de Maclaurin de y ln 1 x e x − = 22-24 Encontre a soma da série. 22. x 3n 1 n! +∞ n=2 23. xn 1 n 1 !+ +∞ n=0 24. xn 2 n n 1 !+ ∞ n=0 25. Mostre que ex > 1 + x para todo x > 0. 26. Mostre que x 1 12 x 2+≥ para todo x. 27-32 Use a série binomial para expandir a função como uma série de potência. Diga o raio de convergência. 27. 3 1 x 2 28. x 1 x 29. 1 2 x 30. x 2 1 x3 31. x 1 x 5 32. 5 x 1 33. (a) Expanda 1 1 x+ como uma série de potências. (b) Utilize a parte (a) para estimar 1 1,1 com precisão de três casas decimais. 34. (a) Expanda 3 8 x como uma série de potências. (b) Utilize a parte (a) para estimar 3 8,2 com precisão de quatro casas decimais. 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_10_R.pdf 2 SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 1. ∞ n=0 (−1)n (n + 1) x n, R = 1 2. ∞ n=1 x n, R = 1 3. ∞ n=0 (−1)n (x − 1)n, R = 1 4. 2+ x − 4 4 + ∞ n=2 (−1)n−1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 3) 23n − 1n ! (x − 4)n , R = 4 5. 2 2 ∞ n=0 (−1)n 1 (2n )! x − pi 4 2n + 1 (2n + 1 )! x − pi 4 2n+1 , R = ∞ 6. 2 2 ∞ n=0 (−1)n (n − 1) / 2 x + pi4 n n ! , R = ∞ 7. ∞ n=0 3n x n n ! , R = ∞ 8. ∞ n=0 (−1)n 22n+1 x 2n+1 (2n + 1)! , R = ∞ 9. ∞ n=0 (−1)n x 2n+2 (2n )! , R = ∞ 10. ∞ n=0 (−1)n x 6n (2n )! , R = ∞ 11. ∞ n=0 (−1)n x 2n+2 (2n + 1)!22n+1 , R = ∞ 12. ∞ n=1 (−1)n−1 x n (n − 1)! , R = ∞ 13. ∞ n=0 (−1)n x 2n (2n + 2)! , R = ∞ 14. ∞ n=0 (−1)n 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) n ! x n , R = 12 . , 15. ∞ n=0 (−1)n (n + 1) (n + 2) x n 2 , R = 1 , 16. 0,09531 17. C + ∞ n=0 (−1)n x 4n+3 (4n + 3) ( 2n + 1)! 18. C + ∞ n=0 x 3n+1 (3n + 1) n ! 19. 0,310 20. 0,497 21. −x + x 2 2 − x 3 3 + · · · 22. x ex 3 − 1 − x 3 23. ex− 1 24. 2 x ex/2 − 1 27. 1 + x 2 3 + ∞ n=2 (−1)n − 1 · 2 · 5 · 8 · · · · · (3n − 4) x 2n 3n n ! , R = 1 28. x + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) 2n n ! x n+1, R = 1 29. 2 2 1+ ∞ n=1 (−1)n · 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) x n 22n · n ! , R = 2 30. x 2 + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) x 3n+2 2n · n ! , R = 1 31. ∞ n=0 (n + 4)! 4! · n ! x n+5 , R = 1 32. −1+ x 5 + ∞ n=2 4 · 9 · · · (5n − 6) x n 5n · n ! , R = 1 33. (a) 1+ ∞ n=1 (−1)n 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) 2n · n ! x n (b) 0,953 34. (a) 2 1+ x 24 + ∞ n=2 (−1)n−1 · 2 · 5 · · · · · (3n − 4) x n 24n · n ! (b) 2,0165 11.10 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_10_S.pdf SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 3 1. n f (n ) (x ) f (n ) (0) 0 (1 + x )− 2 1 1 −2 (1+ x )− 3 −2 2 2 · 3 (1+ x )− 4 2 · 3 3 −2 · 3 · 4 (1 + x )− 5 −2 · 3 · 4 4 2 · 3 · 4 · 5 (1 + x )− 6 2 · 3 · 4 · 5 · · · · · · · · · Logo f ( n ) (0) = (−1)n (n + 1)! e 1 (1 + x )2 = ∞ n = 0 (−1)n (n + 1)! n ! x n = ∞ n = 0 (−1)n (n + 1) x n Se an = (−1)n (n + 1) x n, então lim n →∞ an +1 an = |x |, logo R = 1. 2. n f (n ) (x ) f (n ) (0) 0 x/ (1 − x ) 0 1 (1 − x )− 2 1 2 2 (1 − x )− 3 2 3 3 · 2 (1 − x )− 4 3 · 2 4 4 · 3 · 2 (1 − x )− 5 4 · 3 · 2 · · · · · · · ·· f (n ) (0) = n ! exceto quando n = 0, então x 1 − x = ∞ n =1 n ! n ! x n = ∞ n =1 x n . lim n→∞ an +1 an = |x | < 1 para convergência, então R = 1. 3. n f (n ) (x ) f (n ) (1) 0 x− 1 1 1 −x− 2 −1 2 2x− 3 2 3 −3 · 2x− 4 −3 · 2 4 4 · 3 · 2x− 5 4 · 3 · 2 · · · · · · · · · Então f (n ) (1) = (−1)n n !, e 1 x = ∞ n =0 (−1)n n ! n ! (x − 1)n = ∞ n =0 (−1)n (x − 1)n . Se an = (−1)n (x − 1)n, então lim n→∞ an +1 an = |x − 1| < 1 para convergência, logo 0 < x < 2 e R = 1. 4. n f (n ) (x ) f (n ) (4) 0 x 1 / 2 2 1 12 x − 1 / 2 2− 2 2 − 14 x − 3 / 2 −2− 5 3 38 x − 5 / 2 3 · 2− 8 4 − 1516 x − 7 / 2 −15 · 2− 11 · · · · · · · ·· f (n ) (4) = (−1) n − 1 1 · 3 · 5 · ·· · · (2n − 3) 23n − 1 para n ≥ 2, então x = 2+ x − 4 4 + ∞ n =2 (−1)n − 1 1 · 3 · 5 · ·· · · (2n−3) 23n − 1n ! (x− 4)n lim n→∞ an +1 an = |x − 4| 8 lim n→∞ 2n − 1 n + 1 = |x − 4| 4 < 1 para convergência, então |x − 4| < 4 ⇒ R = 4. 5. n f (n ) (x ) f (n ) pi4 0 sen x 2/2 1 cos x 2/2 2 −sen x − 2/2 3 − cos x − 2/2 4 sen x 2/2 · · · · ·· · · · sen x = f pi4 + f pi 4 x − pi 4 + f pi4 2! x − pi4 2 + f (3) pi4 3! x − pi4 3 + f (4) pi4 4! x − pi4 4 + · ·· = 22 1+ x − pi 4 − 1 2! x − pi 4 2 − 13! x − pi 4 3 + 14! x − pi 4 4 + · ·· = 22 1 − 1 2! x − pi 4 2 + 14! x − pi 4 4 − ·· · + 22 x − pi 4 − 1 3! x − pi 4 3 + · ·· = 22 ∞ n =0 (−1)n 1(2n)! x − pi 4 2n + 1(2 n + 1 )! x − pi 4 2n + 1 As séries também podem ser escritas em uma forma mais elegante: sen x = 2 2 ∞ n =0 (−1)n (n − 1) / 2 x − pi4 n n ! . Se an = (−1)n (n − 1) / 2 x − pi4 n n ! , então lim n→∞ an +1 an = lim n→∞ x − pi4 n + 1 = 0 < 1 para todo x, então R = ∞. 11.10 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 6. n f (n ) (x ) f (n ) − pi4 0 cos x 22 1 − sen x 22 2 − cos x − 22 3 sen x − 22 4 cos x 22 · · · · · · · · · f (n ) − pi4 = (−1) n (n − 1) / 2 2 2 , então cos x = ∞ n =0 f (n ) − pi4 n ! x + pi4 n = 2 2 ∞ n =0 (−1)n (n − 1) / 2 x + pi4 n n ! com R = ∞ pelo Teste da Razão (como no Problema 5). 7. e3x = ∞ n=0 (3x )n n ! = ∞ n=0 3n x n n ! , com R = ∞. 8. sen2x = ∞ n=0 (−1)n (2x )2n+1 (2n + 1)! = ∞ n=0 (−1)n 22n+1 x 2n+1 (2n + 1)! , R = ∞ 9. x 2 cos x = x 2 ∞ n=0 (−1)n x 2n (2n )! = ∞ n=0 (−1)n x 2n+2 (2n )! , R = ∞ 10. cos x 3 = ∞ n=0 (−1)n x 3 2n (2n )! = ∞ n=0 (−1)n x 6n (2n )! , R = ∞. 11. x sen x 2 = x ∞ n=0 (−1)n (x/2)2n+1 (2n + 1)! = ∞ n=0 (−1)n x 2n+2 (2n + 1)!22n+1 com R = ∞. 12. xe − x = x ∞ n=0 (−x )n n ! = ∞ n=0 (−1)n x n+1 n ! = ∞ n=1 (−1)n−1 x n (n − 1)! , R = ∞. 13. 1 − cos x x 2 = x−2 1 − ∞ n=0 (−1)n x 2n (2n )! = x−2 − ∞ n=1 (−1)n x 2n (2n )! = ∞ n=1 (−1)n+1 x 2n− 2 (2n )! = ∞ n=0 (−1)n x 2n (2n + 2 )! uma vez que a série é igual a 12 quando x = 0; R = ∞. 14. n f (n ) (x ) f (n ) (0) 0 (1 + 2x )− 1 / 2 1 1 − 12 (1 + 2x ) − 3 / 2 (2) −1 2 32 (1 + 2x ) − 5 / 2 (2) 3 3 −3 · 52 (1 + 2x ) − 7 / 2 (2) −3 · 5 · ·· · · · · · · f (n ) (0) = (−1)n 1 · 3 · 5 · 7 · ·· · · (2n − 1), então (1 + 2x )− 1 / 2 = ∞ n =0 f ( n ) (0) n ! x n = ∞ n =0 (−1)n 1 · 3 · 5 · ·· · · (2n − 1) n ! x n lim n →∞ an +1 an = lim n →∞ 2n + 1 n + 1 |x | = 2 |x | < 1 para convergência, logo R = 12 . Outro método: Utilize a série binominal. , 15. f (x ) = (1 + x )− 3 = − 1 2 d dx 1 (1 + x )2 = − 1 2 d dx ∞ n =0 (−1)n (n + 1) x n doProblema 1 = − 1 2 ∞ n =1 (−1)n n (n + 1) x n − 1 = ∞ n =0 (−1)n (n + 1) (n + 2) x n 2 com R = 1 uma vez que é o R no Problema 1. , SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 5 16. ln (1 + x ) = dx 1 + x = (−1)n x n dx = C + ∞ n=0 n=0 (−1)n x n+1 n + 1 = ∞ n=1 (−1)n−1 x n n com C = 0 e R = 1, então ln (1,1) = ∞ ∞ n=1 4 n=1 (−1)n−1 (0,1)n n . Esta é uma série alternada com b5 = (0,1)5 5 = 0,000002, logo, até cinco casas decimais, ln (1,1) ≈ (−1) n−1 (0,1)n n ≈ 0,09531. 17. sen x 2 dx = ∞ n=0 (−1)n x 2 2n+1 (2n + 1)! dx = ∞ n=0 (−1)n x 4n+2 (2n + 1)! dx = C + ∞ n=0 (−1)n x 4n+3 (4n + 3) (2n + 1)! 18. ex 3 dx = ∞ n=0 x 3 n n ! dx = C + ∞ n=0 x 3n+1 (3n + 1) n ! com R = ∞. 19. Usando a série do Problema 17, obtemos 1 0 sen x 2 dx = ∞ n=0 (−1)n x 4n+3 (4n + 3) ( 2n + 1)! 1 0 = ∞ n=0 (−1)n (4n + 3) ( 2n + 1)! e |c3 | = 1 75 600 < 0,000014, logo, pelo Teorema da Estimativa da Série Alternada, temos 2 n=0 (−1)n (4n + 3) ( 2n + 1)! = 1 3 − 1 42 + 1 1320 ≈ 0,310 (correta até três casas decimais). 20. cos x 2 = ∞ n=0 (−1)n x 2 2n (2n )! , logo 0,5 0 cos x 2 dx = 0,5 0 ∞ n=0 (−1)n x 4n (2n )! dx = ∞ n=0 (−1)n x 4n+1 (4n + 1) ( 2n )! 0,5 0 = 0,5 − (0,5) 5 5 · 2! + (0,5)9 9 · 4! − · · · mas (0,5) 9 9 · 4! ≈ 0,000009, logo, pelo Teorema da Estimativa da Série Alternada, temos 0,5 0 cos x 2 dx ≈ 0,5 − (0,5) 5 5 · 2! ≈ 0,497 (correta até três casas decimais). 21. −x + 12 x 2 − 13 x 3 + · · · 1+ x + 12 x 2 + 16 x 3 + · · · −x − 12 x 2 − 13 x 3 − · · · −x − x 2 − 12 x 3 − · · · 1 2 x 2 + 16 x 3 − · · · 1 2 x 2 + 12 x 3 + · · · − 13 x 3 + · · · − 13 x 3 + · · · · · · A partir do Exemplo 6 na Seção 11.9, temos ln (1 − x ) = −x − 12 x 2 − 13 x 3 − · · · , |x | < 1. Portanto, y = ln (1 − x ) ex = −x − 12 x 2 − 13 x 3 − · · · 1+ x + 12 x 2 + 1 6 x 3 + · · · . Então, pela divisão acima, ln (1 − x ) ex = −x + x 2 2 − x 3 3 + · · · , |x | < 1. 22. ∞ n=2 x 3n+1 n ! = x ∞ n=2 x 3 n n ! = x ∞ n=0 x 3 n n ! − 1 − x 3 = x ex 3 − 1 − x 3 por (11) 23. ∞ n=0 x n+1 (n + 1)! = x 1! + x 2 2! + x 3 3! + · · · = 1+ x 1! + x 2 2! + x 3 3! + · · · −1 = ex − 1 por (11) 24. ∞ n=0 x n 2n (n + 1)! = ∞ n=0 (x/2)n (n + 1)! = 2 x ∞ n=0 (x/2)n (n + 1 )! = 2 x (x/2) + (x/2) 2 2! + (x/2)3 3! + · · · = 2 x ex/2 − 1 25. Por (11), ex = 1 + x + x 2 2! + x 3 3! + x 4 4! + · · ·, mas para x > 0, todos os termos após dos dois primeiros no RHS são positivos, logo ex > 1 + x para x > 0. 26. Para os Exercícios 12 e 24 no texto, cosh x = 1 + 12 x 2 + 124 x 6 + · · · ≥ 1 + 12 x 2 para todo x uma vez que existem somente potências pares de x no RHS, logo todos os termos remanescentes da expansão são positivos. 27. 1 + x 2 1 / 3 = ∞ n=0 1 3 n x 2n = 1 + x 2 3 + 1 3 − 2 3 2! x 4 + 1 3 − 2 3 − 5 3 3! x 6 + · · · = 1 + x 2 3 + ∞ n=2 (−1)n−1 · 2 · 5 · 8 · · · · · (3n − 4) x 2n 3n n ! com R = 1. 6 SEÇÃO 11.10 SÉRIES DE TAYLOR E DE MACLAURIN 28. [1+ (−x )]− 1 / 2 = ∞ n=0 − 12 n (−x )n = 1 + − 12 (−x )+ − 12 − 3 2 2! (−x )2 + · · · = 1 + x 2 + 1 · 3 222! x 2 + 1 · 3 · 5 233! x 3 + 1 · 3 · 5 · 7 244! x 4 + · · · = 1 + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) 2n n ! x n logo x 1 − x = x + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) 2n n ! x n+1 com R = 1. 29. (2 + x )− 1 / 2 = 1 2 1+ x 2 − 1 / 2 = 2 2 ∞ n=0 − 12 n x 2 n = 2 2 1+ − 12 x 2 + − 12 − 3 2 2! x 2 2 + · · · = 2 2 1+ ∞ n=1 (−1)n · 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) x n 22n · n ! com |x/2| < 1, então |x | < 2 e R = 2. 30. 1 + −x 3 − 1 / 2 = ∞ n=0 − 12 n −x 3 n = 1 + − 12 −x 3 + − 12 − 3 2 2! −x 3 2 + · · · = 1 + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) x 3n 2n · n ! então x 2 1 − x 3 = x 2 + ∞ n=1 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) x 3n+2 2n · n ! com R = 1. 31. (1 − x )− 5 = 1 + (−5) (−x )+ (−5) (−6) 2! (−x )2 + (−5) (−6) (−7) 3! (−x )3 + · · · = 1 + ∞ n=1 5 · 6 · 7 · · · (n + 4) n ! x n = ∞ n=0 (n + 4)! 4! · n ! x n ⇒ x 5 (1 − x )5 = ∞ n=0 (n + 4)! 4! · n ! x n+5 ou ∞ n=0 (n + 1) (n + 2) (n + 3) (n + 4) 24 x n+5 , com R = 1. 32. 5 x − 1 = − [1+ (−x )]1 / 5 = − ∞ n=0 1 5 n (−x )n = − 1+ 15 (−x )+ ( 15 )(− 45 ) 2! (−x ) 2 + ( 1 5 )(− 45 )(− 95 ) 3! (−x ) 3 + · · · = −1+ x 5 + ∞ n=2 4 · 9 · · · (5n − 6) x n 5n · n ! com R = 1. 33. (a) (1 + x )− 1 / 2 = 1 + − 12 x + − 12 − 3 2 2! x 2 + − 12 − 3 2 − 5 2 3! x 3 + · · · = 1 + ∞ n=1 (−1)n 1 · 3 · 5 · · · · · (2n − 1) 2n · n ! x n (b) Tome x = 0,1 nas séries acima. 1 · 3 · 5 · 7 24 4! (0 ,1) 4 < 0,.00003, logo 1 1,1 ≈ 1 − 0,1 2 + 1 · 3 22 · 2! (0,1) 2 − 1 · 3 · 523 · 3! (0,1) 3 ≈ 0,953 34. (a) (8 + x )1 / 3 = 2 1 + x 8 1 / 3 = 2 ∞ n=0 1 3 n x 8 n = 2 1 + 1 3 x 8 + 1 3 − 2 3 2! x 8 2 + 1 3 − 2 3 − 5 3 3! x 8 3 + · · · = 2 1 + x 24 + ∞ n=2 (−1)n−1 · 2 · 5 · · · · · (3n − 4) x n 24n · n ! (b) (8 + 0,2)1 / 3 = 2 1 + 0,224 − (0,2)2 24 2 + 2 · 5(0,2)3 24 3 ·3! − · · · ≈ 2 1 + 0,224 − (0,2)2 242 uma vez que 2 · 2 · 5 ( 0,2 ) 3 24 3 · 3! ≈ 0,000002, logo 3 8,2 ≈ 2,0165. 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_11_E.pdf SEÇÃO 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR 1 1-6 Encontre o polinômio de Taylor Tn(x) da função f centrada no número a. Faça o gráfico de f e Tn na mesma tela. 1. , , n 3a 9f x x= = = 2. , , n 3a 8f x 1 3 x= = = 3. , , n 3a 3f x sec x= = =pi 4. , , n 4a 0f x tg x= = = 5. , , n 4a 4f x tg x= = =pi 6. , , n 3a 0f x e x sen x= = = 7-10 (a) Aproxime f por um polinômio de Taylor com grau n no número a. (b) Use a Desigualdade de Taylor para estimar a precisão da aproximação f (x) ≈ Tn(x) quando x estiver no intervalo dado. (c) Verifique seu resultado na parte (b) traçando .Rn x 7. , , , 0 x 2n 5a 4f x sen x= = = pi≤ ≤pi 8. , , , x 0,5n 2a 0f x 3 1 x 2= = =+ ≤ 9. , , , 15 x 17n 3a 16f x x 3 4= = = ≤ ≤ 10. , , , 3 x 5n 3a 4f x ln x= = = ≤ ≤ 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR É necessário usar uma calculadora gráfica ou computador. Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_11_R.pdf 2 SEÇÃO 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR 1. 3+ 16 (x − 9) − 1 216 (x − 9) 2 + 13888 (x − 9) 3 2. 12 − 1 48 (x − 8) + 1 576 (x − 8) 2 − 741472 (x − 8) 3 , 3. 2+ 2 3 x − pi3 + 7 x − pi 3 2 + 23 33 x − pi 3 3 , 4. x + x 3 3 5. 1+ 2 x − pi4 + 2 x − pi 4 2 + 83 x − pi 4 3 + 103 x − pi 4 4 , 6. x + x 2 + 13 x 3 , ,, 7. (a) 22 + 2 2 x − pi 4 − 2 4 x − pi 4 2 − 212 x − pi 4 3 + 248 x − pi 4 4 + 2240 x − pi 4 5 (b) 0,00033 8. (a) 1+ 13 x 2 (b) 0,014895 9. (a) 8+ 38 (x − 16) − 3 1024 (x − 16) 2 + 565 536 (x − 16) 3 (b) 0,000003 10. (a) ln 4+ 14 (x − 4) − 1 32 (x − 4) 2 + 1192 (x − 4) 3 (b) 0,0031 11.11 RESPOSTAS Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 9788522112593_Problemas_Arquivados/11/Se��o 11_11_S.pdf SEÇÃO 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR 3 1. n f (n ) (x ) f (n ) (9) 0 x 1 / 2 3 1 12 x − 1 / 2 1 6 2 − 14 x − 3 / 2 − 1108 3 38 x − 5 / 2 1 648 T3 (x ) = 3 n =0 f (n ) (9) n ! (x − 9)n = 3 + 16 (x − 9) − 1 216 (x − 9) 2 + 13888 (x − 9) 3 2. n f (n ) (x ) f (n ) (8) 0 x− 1 / 3 12 1 − 13 x − 4 / 3 − 148 2 49 x − 7 / 3 1 288 3 − 2827 x − 10 / 3 − 76912 T3 (x ) = 3 n =0 f (n ) (8) n ! (x − 8)n = 12 − 1 48 (x − 8) + 1 576 (x − 8) 2 − 741472 (x − 8) 3 , 3. n f (n ) (x ) f (n ) pi3 0 sec x 2 1 sec x tg x 2 3 2 sec x tg 2 x + sec3 14 3 sec x tg 3 x + 5 sec3 x tg x 46 3 T3 (x ) = 3 n =0 f (n ) pi3 n ! x − pi 3 n = 2 + 2 3 x − pi3 + 7 x − pi 3 2 + 23 33 x − pi 3 3 , 4. n f (n ) (x ) f (n ) (0) 0 tg x 0 1 sec2 x 1 2 2 sec2 x tg x 0 3 4 sec2 x tg 2 x + 2 sec4 x 2 4 8 sec2 x tg 3 x + 16 sec4 x tg x 0 T4 (x ) = 4 n =0 f (n ) (0) n ! x n = x + 2x 3 3! = x + x 3 3 11.11 SOLUÇÕES Revisão técnica: Ricardo Miranda Martins – IMECC – Unicamp 4 SEÇÃO 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR 5. n f (n ) (x ) f (n ) pi4 0 tg x 1 1 sec2 x 2 2 2 sec2 x tg x 4 3 4 sec2 x tg 2 x + 2 sec4 x 16 4 8 sec2 x tg 3 x + 16 sec4 x tg x 80 T4 (x ) = 4 n =0 f (n ) pi4 n ! x − pi4 n = 1 + 2 x − pi4 + 2 x − pi 4 2 + 83 x − pi 4 3 + 103 x − pi 4 4 , 6. , , , n f (n) (x ) f (n ) (0) 0 ex sen x 0 1 ex (sen x + cos x ) 1 2 2ex cos x 2 3 2ex (cos x − sen x ) 2 T3 (x ) = 3 n =0 f (n ) (0) n ! x n = x + x 2 + 13 x 3 7. f (x ) = sen x f pi4 = 2 2 f (x ) = cos x f pi4 = 2 2 f (x ) = − sen x f pi4 = − 2 2 f (x ) = − cos x f pi4 = − 2 2 f (4) (x ) = sen x f (4) pi4 = 2 2 f (5) (x ) = cos x f (5) pi4 = 2 2 f (6) (x ) = − sen x (a) sen x ≈ T5 (x ) = 22 + 2 2 x − pi 4 − 2 4 x − pi 4 2 − 212 x − pi 4 3 + 248 x − pi 4 4 + 2240 x − pi 4 5 (b) |R 5 (x )| ≤ M 6! x − pi4 6 , onde f (6) (x ) ≤ M. Agora, 0 ≤ x ≤ pi2 ⇒ x − pi 4 6 ≤ pi4 6 , e seja x = pi2 dado M = 1 , portanto |R 5 (x )| ≤ 16! pi 4 6 = 1720 pi 4 6 ≈ 0,00033. (c) |R 5 (x )| = |sen , x − T5 (x )|, parece que o erro é menor que 0,00026 em 0, pi2 . A partir do gráfico de 8. f (x ) = 1+ x 2 1/ 3 f (0) = 1 f (x ) = 23 x 1+ x 2 − 2/ 3 f (0) = 0 f (x ) = 23 1 − 1 3 x 2 1+ x 2 − 5/ 3 f (0) = 23 f (x ) = 8x 3 − 72x 27 (1 + x 2 )8/ 3 (a) 3 1+ x 2 ≈ T2 (x ) = 1+ 13 x 2 (b) |R 2 (x )| ≤ M 3! |x |3, onde | f (x )| ≤ M . Ao examinar um gráfico de | f (x )|, vamos que o máximo é aproximadamente 0,71495314. Assim, |R 2 (x )| ≤ 0,71495314 3! (0,5)3 ≈ 0,014895. (c) , , , Parece que o erro é menor que 0,0061 em [-0,5, 0,5]. 9. f (x ) = x 3/ 4 f (16) = 8 f (x ) = 34 x − 1/ 4 f (16) = 38 f (x ) = − 316 x − 5/ 4 f (16) = − 3512 f (x ) = 1564 x − 9/ 4 f (16) = 1532 768 f (4 ) (x ) = − 135256 x − 13/ 4 (a) x 3/ 4 ≈ T3 (x ) = 8 + 38 (x − 16) − 3 1024 (x − 16) 2 + 565 536 (x − 16) 3 SEÇÃO 11.11 APLICAÇÕES DE POLINÔMIOS DE TAYLOR 5 (b) |R 3 (x )| ≤ M 4! |x − 16|4 , onde f (4) (x
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