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Gabarito da 2a Lista de Exer í ios de Físi a Geral IIUniversidade Estadual do Norte Fluminense Dar y RibeiroLaboratório de Ciên ias Físi as1. a) Sabendo que: Q = mc∆T −→ c = Q m∆Tsubstituindo numeri amente: c = 314 30, 0 · (45, 0− 25, 0) = 0, 523 J/g.oCb) Do enun iado do problema, sabemos que há 50 g/mol, assim: n = 30, 0 50, 0 = 0, 600moles ) Temos: Q = nc∆T −→ c = Q n∆Tsubstituindo numeri amente: c = 314 0, 600 · (45, 0− 25, 0) = 26, 2 J/mol.oC2. Temos que Q = mc∆T , e sabendo que Q = 3.500 k al, teremos que a massa de água será: m = Q c∆T −→ m = 3.500× 103 1 · (37− 0, 0) = 9, 46× 104 g = 94, 6 kgnas ondições normais de temperatura e pressão, 1 kg de água o upa 1 litro. Assim, teremos quebeber 94,6 litros, que é uma quantidade muito grande de água a ser ingerida!3. Para derreter 200.000 m3 de gelo, pre isamos de: Q = mL L = 333 kJ/kg ( alor latente de fusão). omo: ρ = m V temos: m = ρVportanto: Q = ρV L −→ Q = 1, 0× 103 · 200.000 · 333 = 6, 66× 1010 kJ1 assim, 10% deste valor é: Q10% = 6, 66× 10 12 J4. 500 m3 = 500× 10−6 m3 = 5, 00× 10−4 m3, 59 oF= 15 oC e 1 pé = 0,3048 m.Como para �ferver� a água: Q = mc∆TDesprezando as perdas a ada queda, a água a umula E = mgh de energia poten ial por queda,logo: Nmgh = Qonde N é o número de quedas. Chamando de R a taxa de �sa udidas� por minuto, temos: R = N ∆t = 30 sa udidas/minutoassim: Q = mc∆T = R∆t ·mgh −→ ∆t = c∆T Rghsubstituindo numeri amente: ∆t = 4.186 · (100− 15) 30 · 9, 8 · 0, 3048 = 3, 97× 103 minportanto: ∆t = 3, 97× 103 60 · 24 = 2, 8 dias5. a) Para um gás ideal: PV = nRT omo 10, 0 oC = 283K, temos: n = PV RT −→ n = 100× 103 · 2, 50 8, 31 · 283 = 106molesb) O novo volume será: PiVi Ti = PfVf Tf −→ Vf = PiViTf PfTi = 100× 103 · 2, 50 · 303 300× 103 · 283 = 0, 89m36. a)1, 00 m3 = 1, 00× 10−6m3: n = PV RT = 100 · 1, 00× 10−6 8, 31 · 220 = 5, 5× 10−8 molesb) N = nNA, portanto: N = 5, 5× 10−8 · 6, 02× 1023 = 3, 29× 1016molé ulas2 7. Chamando de Da o diâmetro do anel e de De o diâmetro da esfera, temos: { Daf = Dai (1 + αa∆T ) Def = Dei (1 + αe∆T )no equilíbrio térmi o, a esfera e o anel tem a mesma temperatura e também o mesmo diâmetro.Assim: Dai (1 + αa∆Ta) = Dei (1 + αe∆Te)assim: Dai +Daiαa(Tf − Tai) = Dei +Deiαe(Tf − Tei) Dai +DaiαaTf −DaiαaTai = Dei +DeiαeTf −DeiαeTei DaiαaTf −DeiαeTf = Dei −Dai +DaiαaTai −DeiαeTei Tf(Daiαa −Deiαe) = Dei −Dai +DaiαaTai −DeiαeTei Tf = Dei −Dai +DaiαaTai −DeiαeTei (Daiαa −Deiαe)Do enun iado do problema, para o anel: Tai = 0, 0 oC αa = 17× 10 −6 oC Dai = 1 polpara a esfera: Tei = 100, 0 oC αe = 23× 10 −6 oC Dei = 1, 00200 polsubstituindo numeri amente: Tf = 1, 00200− 1− 23× 10−6 · 1, 00200 · 100 17× 10−6 · 1− 23× 10−6 · 1, 00200 = 50, 38 oCPodemos agora al ular a massa da esfera: Q = mc∆T maca∆Ta +mece∆Te = 0 me = maca∆Ta −ce∆Te −→ me = maca(Tf − Tai) ce(Tei − Tf)Sabendo que: ma = 20, 0× 10 −3 kg ce = 900 J/kgoC ca = 386 J/kgoC Tf = 50, 38 oK3 assim: me = 20, 0× 10−3 · 386 · 50, 38 900 · (100− 50, 38) = 8, 7× 10−3 kg8. a) PV = nRT e n = N/NA (NA é o número de Avogadro, que vale 6, 02× 1023), assim: PV = N NA RT hamando de m a massa de uma molé ula, temos: PV = Nm NAm RTassim: PV = Mtotal M RTonde M é a massa mole ular (massa de um mol da substân ia). P = Mtotal V · RT M P = ρ RT Mb) PV = nRT e R = NAk , assim: PV = nNAkT omo N = nNA onde N é o número de molé ulas, temos: PV = NkT9. a) Como ∆U = Q−W ,e W = ´ PdV .Para um pro esso isobári o, temos: W = P∆V −→ W = 1, 00× 105(100− 50, 0)× 10−6 = 5, 00 J omo Q = 20, 9 J, temos: ∆U = 20, 9− 5, 00 = 15, 9 Jb) C = Q/∆T e c = C/n , assim: c = Q n∆Tpor ser um gás ideal, PV = nRT e para um pro esso isobári o, temos P∆V = nR∆T , assim: ∆T = P∆V nRsubstituindo na equação a ima: c = Q n · nR P∆V −→ c = QR P∆V4 substituindo numeri amente: c = 20, 9 · 8, 31 1, 0× 105(100− 50)× 10−6 = 34, 7 J/mol.K ) Sabendo que cV = cP − R temos: cV = 34, 7− 8, 31 = 26, 4 J/mol.K10. a) Sabendo que PV γ = onst., temos: PiV γ i = PfV γ f −→ Pf = Pi ( Vi Vf )γ Pf = 1, 2 ( 4, 3 0, 76 )1,4 = 14 atmb) Por ser um gás ideal, temos também que PV = nRT, assim: P = nRT Vlogo: nRTi Vi V γi = nRTf Vf V γfou TV γ−1 = onst.assim: Tf = Ti ( Vi Vf )γ−1substituindo numeri amente: Tf = 310 ( 4, 3 0, 76 )0,4 = 620K11. Por ser um gás ideal, temos que para um pro esso a pressão onstante: V ∝ T , asssim seo volume dobrar a temperatura também vai sobrar. Portanto: Q = ncP∆Tpassando a temperatura para kelvin, temos: Ti = 273 K. Assim, Tf = 2·Ti = 546 K e ∆T = 273 K.Por ser um gás ideal diat�mi o, temos cV = 52R e omo cP − cV = R , temos cP = 72R .Substituindo numeri amente: Q = 1 · 7 2 · 8, 31 · 273 = 8× 103 J12. Para um pro esso isotérmi o, ∆U = 0 , logo Q = W . Assim, se al ularmos o trabalho,teremos o alor. W = nRT ln ( Vf Vi )portanto: Q = nRT ln ( Vf Vi ) 5
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