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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Geometria Plana – AP1 – Gabarito Questão 1 [2,0 pts]: ABCD é um trapézio isósceles no qual a base menor CD = 4 cm, os ângulos agudos são a metade dos ângulos obtusos e a diagonal AC é perpendicular ao lado BC. Calcule o peŕımetro do trapézio ABCD. B C A D Solução: Pela propriedade de trapézio isósceles, temos que  = B̂, Ĉ = D̂ Do enunciado temos Ĉ = D̂ = 2 ·  = 2 · B̂ A soma dos ângulos internos do quadrilátero é 360◦: Â+ B̂ + Ĉ + D̂ = 360◦ ⇒ Â+ Â+ 2 · Â+ 2 ·  = 360◦  = 360◦ 6 = 60◦. Dáı  = B̂ = 60◦ e Ĉ = D̂ = 120◦ Por hipótese AC ⊥ BC, então BÂC = 180◦ − 90◦ − 60◦ = 30◦ Dáı BÂC = DĈA = 30◦ (alternos internos) Logo ∆ADC é isósceles ⇒ AD = DC = 4 B C A D 60º 30º 30º 30º 120º 4 4 4 4 4E Então , BC = AD, pois o trapézio é isósceles. Seja DE//CB, então CDEB é um paralelogramo e BE = CD = 4. Como DÊA = CB̂A = DÂE = 60◦, então ∆DEA é equilátero, portanto EA = 4. Logo o peŕımetro pedido é 4 + 4 + 4 + 8 = 20 cm. OBS: Ou ainda, o triângulo ACB é retângulo e CÂB = 30◦ e CB̂A = 60◦, então sen 30◦ = BC AB = 1 2 ⇒ AB = 2 ·BC = 2 · AD = 2 · 4 = 8. Geometria Plana – Gabarito AP1 2 Questão 2 [2,0 pts]: Determine o ângulo interno, o número de diagonais e o ângulo externo de um poĺıgono regular ABCDE · · · sabendo que a diagonal AC forma com o lado BC um ângulo de 22◦30′. Solução: Seja o poĺıgono regular ABCDE · · · tal que a diagonal AC forma com o lado BC um ângulo de 22◦30′. B C A D 22º 30' Como o triângulo ABC é isósceles, já que o poĺıgono é regular, então BÂC = 22◦30′ e B̂ = 180◦ − 22◦30′ − 22◦30′ = 180◦ − 45◦ ⇒ B̂ = 135◦ Como B̂ é o ângulo interno do poĺıgono regular ABCDE · · · , então 135◦ = 180◦(n− 2) n ⇒ 135◦n = 180◦n− 360◦ ⇒ 45◦n = 360◦ ⇒ n = 8 Logo o poĺıgono regular ABCDE · · · tem 8 lados. Podemos concluir que seu ângulo interno é Ai = 135 ◦ o número de diagonais é d = n(n− 3) 2 = 8(8− 3) 2 = 20 e o ângulo externo desse poĺıgono regular é Ae = 360◦ 8 = 45◦. Questão 3 [2,0 pts]: Considere os ângulos AÔB, BÔC,CÔD e DÔE conforme figura, tal que A, O e E são colineares. Se BÔE = AÔB+CÔD e a medida do ângulo formado pelas bissetrizes dos ângulos BÔC e DÔE é 60◦, calcule AÔB. B D C A M O E N Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AP1 3 Solução 1: Considere a figura dada e denomine AÔB = α, CÔD = β. B D C A M α β 60º O E N α+β Do enunciado BÔE = AÔB + CÔD = α + β (1) AÔE = AÔB +BÔE = 180◦, então 2α+ β = 180◦ (2) Mas 60◦ = DÔE 2 + β + BÔC 2 120◦ = DÔE +BÔC + 2 · β 120◦ = DÔE + β +BÔC + β 120◦ = 180◦ − α + β ⇒ α− β = 60◦ (3) Somando (2) e (3), temos 3 · α = 180◦ + 60◦ = 240◦ ⇒ α = 240 ◦ 3 = 80◦. Solução 2: Considere a figura dada e denomine AÔB = α, CÔD = β. B D C A M α β 60º O E N α+β Do enunciado BÔE = AÔB + CÔD = α + β (1) AÔE = AÔB +BÔE = 180◦, então 2α+ β = 180◦ (2) Mas BÔE = BÔC + β +DÔE (3) De (1) e (3) α + β = BÔC + β +DÔE ⇒ BÔC +DÔE = α (4) Das bissetrizes dos ângulos MÔC = BÔC 2 e DÔN = DÔE 2 (5) De (4) e (5) podemos concluir temos que MÔC +DÔN = α 2 Mas a medida do ângulo formado pelas bissetrizes dos ângulos BÔC e DÔE é 60◦, ou seja, MÔC + β +DÔN = 60◦ ⇒ α 2 + β = 60◦ ⇒ β = 60◦ − α 2 (6) Substituindo (6) em (1), vem 2α+60◦ − α 2 = 180◦ ⇒ 4α− α 2 = 180◦ − 60◦ ⇒ 3α 2 = 120◦ ⇒ α = 2 · 120 ◦ 3 = 80◦ Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AP1 4 Questão 4 [2,0 pts]: ABC é um triângulo no qual a bissetriz interna relativa ao ângulo  é igual ao lado AB e a bissetriz interna relativa ao ângulo B̂ é igual ao lado BC. Calcule os ângulos do triângulo ABC. A B C P Q Solução: Considere o triângulo ABC, onde A B C P Q β α α β β2 θ θ AP é bissetriz interna relativa ao o ângulo  e BQ é bissetriz interna relativa ao o ângulo B̂ . Denomine BÂP = CÂP = α CB̂Q = AB̂Q = β e BĈQ = θ. Como a bissetriz interna relativa ao ângulo  é igual ao lado AB, então AB = AP . Logo o triângulo ABP é isósceles de base BP . Assim AP̂B = 2β = AB̂P e 2β + 2β + α = 180◦ ⇒ 4β + α = 180◦ (1) Como a bissetriz interna relativa ao ângulo B̂ é igual ao lado BC, então BC = BQ. Logo o triângulo BCQ é isósceles de base CQ. Assim BQ̂C = θ Em ∆PAC, ângulo externo, temos 2β = α+ θ (2) Em ∆QAB, ângulo externo, temos θ = 2α + β (3) Substituindo (3) em (2) vem 2β = α + 2α+ β ⇒ β = 3α (4) Substituindo (4) em (3) vem θ = 2α + 3α = 5α (5) Substituindo (4) em (1) vem 4(3α) + α = 180◦ ⇒ 13α = 180◦ ⇒ α = 180 ◦ 13 (6) Assim os ângulos do triângulo ABC são  = 2α = 360◦ 13 ≈ 27◦41′36′′, B̂ = 2β = 6α = 1080 ◦ 13 ≈ 83◦3′36′′ e Ĉ = 5α = 900 ◦ 13 ≈ 69◦13′50′′ Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AP1 5 Questão 5 [2,0 pts]: Determine a medida do ângulo γ da figura sabendo que : i) t é a reta tangente à circunferência; ii) m(a) = 90◦; iii) m(b) = 40◦; iv) m(c) = 15◦. γ t b a c Solução: Considere a figura dada e denomine os pontos conforme figura, onde: m(a) = 90◦, m(b) = 40◦ e m(c) = 15◦. A � t C b a c B D EF G 80º m(γ) = m( ⌢ AB) 2 , m(b) = m( ⌢ AG) 2 ⇒ m( ⌢ AG) = 2 · 40◦ = 80◦. m(a) = m( ⌢ GD) 2 ⇒ m( ⌢ GD) = 2 · 90◦ ⇒ m( ⌢ GD) = 180◦. Então m( ⌢ AD) = m( ⌢ GD)−m( ⌢ AG) = 180◦ − 80◦ ⇒ m( ⌢ AD) = 100◦. m(c) = 80◦ −m( ⌢ BD) 2 ⇒ 30◦ = 80◦ −m( ⌢ BD) ⇒ m( ⌢ BD) = 50◦. Então m( ⌢ AB) = m( ⌢ AD) − m( ⌢ BD) = 100◦ − 50◦ = 50◦. Portanto m(γ) = 50◦ 2 = 25◦ Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ
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