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□ Carlos A. Gomes José Maria Gomes td\ Volume 2 Indução Matemática e Teoria Elementar dos Números Tópicos de Matemática IME-ITA-Olimpíadas < TÓPICOS DE MATEMÁTICA Olimpíadas - ITA- IME Volume 02 Indução Matemática e Teoria Elementar dos Números i Carlos A. Gomes José Maria Gomes Os autores Carlos A. Gomes José Maria Gomes O professor Carlos A. Gomes é Bacharel e Mestre em Matemática pela UFRN, na área de probabilidade, além de vários cursos realizados em várias instituições de ensino superior no Brasil, como UFPE, UFPB, IMPA-RJ, é professor do DMAT- UFRN, além a sua larga experiência em turmas de cursinhos pré-vestibulares nas disciplinas de Física e Matemática tendo passado pelas mais reconhecidas instituições deste nivel de ensino ,em Natal/RN e João Pessoa/PB, tais como Colégio e Curso Contemporâneo, CDF Colégio e Curso, CEI, Hipócrates Colégio e Curso, Objetivo vestibulares. Anglo vestibulares, entre outras. É membro da SBM - Sociedade Brasileira de Matemática, é autor de vários artigos sobre Matemática elementar em publicações especializadas como a RPM e Eureka e nos últimos anos tem se dedicado e se especializado nas olimpíadas de Matemática. O professor José Maria Gomes é Licenciado em Matemática pela UFRN e possui uma larga experiência em turmas de pré-vestibulares tendo passado pelas mais reconhecidas instituições deste nivel de ensino, em Natal/RN, tais como Colégio e Curso Contemporâneo. CDF Colégio e Curso, CIC, Maristela, entre outras. Nos últimos tempos têm se dedicado as olimpíadas de Matemática, treinando, orientando alunos e elaborando materiais didáticos para este propósito. ■ Apresentação Nossa coleção se divide em 6 volumes, a saber: Volume 01 - produtos notáveis, fatorações e desigualdades. Volume 02 - indução matemática e teoria elementar dos números. Volume 03 - geometria e trigometria. Volume 04 - funções, equações funcionais, sequências e séries. Volume 05 - combinatória e probabilidade. Volume 06 - números complexos, polinômios e equações algébricas. Nos últimos anos, tem sido evidente, pelo Brasil afora, o crescimento do número de jovens que almejam conseguir uma vaga nas excepcionais escolas superiores militares do ITA e do IME. Adicionalmente, é fato o enorme crescimento do movimento das olimpíadas de Matemática em todo o mundo e em particular no Brasil. A SBM - Sociedade Brasileira de Matemática organiza desde 1979 a OBM - Olimpíada Brasileira de Matemática e mais recentemente o governo federal lançou a OBMEP - Olimpíada Brasileira de Matemática das Escolas Públicas, programa que teve na sua última versão a participação de mais de 17 milhões de alunos nos quatro cantos do nosso pais. Neste contexto é bastante natural que surja a necessidade da elaboração de materiais escritos na nossa língua portuguesa que sirvam de apoio para a preparação dos alunos para estas competições. Nos últimos anos a revista EUREKA, publicada pela SBM, vem trazendo artigos, provas anteriores e problemas propostos resolvidos. Além disso, foi colocado no ar o excelente site da OBMEP, entre muitos outros, onde são encontrados bancos de questões, livros, provas, enfim, muitos materiais de excelente qualidade que com certeza têm auxiliado muitos alunos nas suas preparações para as competições acima citadas. Assim, vemos que o número de publicações direcionadas para esse tema vem crescendo, apesar de ainda ser muito pequeno no nosso país. Dentro deste panorama, nós autores resolvemos criar a coleção "'TÓPICOS DE MATEMATICA - OLIMPÍADAS - ITA - IME" que consiste numa coleção de livros com resumos teóricos que apresentam um nível adequado e muitos problemas resolvidos que foram compilados ao longo de vários anos em revistas, provas, artigos e diversos livros consultados pelos autores A idéia central do nosso trabalho é produzir uma obra que concentre num só lugar vários problemas clássicos e interessantes e suas respectivas soluções detalhadas, um material precioso ao qual um aluno iniciante de outra forma só teria acesso caso consultasse vánas fontes relacionadas. Nossa obra surge, portanto, como uma excelente ferramenta que permite ao aluno iniciante obter um grande salto de conhecimento num curto intervalo de tempo. Carlos A. Gomes. José Maria Gomes. Natal/RN, 04 de Maio de 2012 Por fim, gostaríamos de agradecer ao professor Renato Brito, diretor da editora Vestseller, pelo acolhimento do nosso projeto e aproveitar a oportunidade de parabenizá-lo tanto pela iniciativa de publicar novas obras quanto por reeditar obras antigas cujo acesso estava cada vez mais raras para a presente e a futura geração atual de alunos com aptidão natural para Ciências Exatas e aqueles que procuram obter vagas para as respeitadas instituições militares onde se destacam olMEeolTA. Os leitores que quiserem fazer contato com os autores para criticas, sugestões bem para comunicar alguma errata eventualmente encontrada na presente obra, podem fazê-lo pelo email cgomesmat@yahoo.com.br mailto:cgomesmat@yahoo.com.br Prefácio Prof. Renato Brito Fortaleza, 09 de Maio de 2012 A Editora VestSeller tem o prazer de lançar no mercado brasileiro mais uma excelente coleção de Matemática para o segmento de preparação para os vestibulares IME ITA, bem como para as Olimpíadas de Ciências exatas nacionais e internacionais. Os autores fazem mágica com a Matemática e mostram na presente obra todo um mundo de possibilidades para resolução de problemas aparentemente terríveis fazendo uso de ferramentas elementares como Indução e Teoria dos Números. É de tirar o fôlego a cada página! Com didática admirável e notável capacidade de síntese, a presente obra fornece aos alunos uma grande quantidade de problemas clássicos de Matemática Elementar de alto nível, complementados, ao final do livro, com as resoluções detalhadas de todos os problemas, o que é permite um estudo eficaz e produtivo em especial para os leitores autodidatas. Com essa excelente obra, a VestSeller tem a certeza de estar mais uma vez estar dando uma notável contribuição para a melhoria do nível e da qualidade dos livros de Matemática disponíveis para estudantes e professores em todo Brasil. Com sua vasta experiência no ramo, os professores Carlos Gomes e José Maria Gomes presenteiam os estudantes e professores brasileiros com uma obra prima que permite a qualquer leitor obter um grande salto de conhecimento na Matemática Elementar um curto intervalo de tempo. Dedicatória Dedicamos este trabalho a dois grandes amigos e colaboradores Os professores Benedito Tadeu V. Freire e Paulo de Sousa Sobrinho (Paulinho) Carlos A. Gomes José Maria Gomes índice Capítulo 1. Resumo Teórico 13 Capitulo 2. Questões 25 Capitulo 3. Resoluções. 49 Apêndice - Princípio da Boa Ordenação e Indução 187 Referências Bibliográficas 192 Questões de Indução....................................... Questões de Teoria Elementar dos Números ..51 120 189 189 189 27 38 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 1 2 1 2 15 15 15 16 16 16 16 16 16 17 17 17 17 18 18 18 19 21 24 Resoluções das Questões de Indução...................................... Resoluções das Questões de Teoria Elementar dos Números I — Principio da Boa Ordenação (PBO)................. II — Primeira forma do Principio da Indução Finita. II — Segundo Principio da Indução Finita.............. Principio da Boa Ordenação (PBO).................................. Principio da Indução Finita (PIF) - Primeira Forma........ Segunda Forma do Principio da Indução Finita............. Conjunto dos números naturais......................................... Conjunto dos números inteiros.......................................... Divisibilidade ... ......... ................................................ Propriedades Básicas da Divisão..................................... Algoritmo da Divisão.......................................................... O Máximo Divisor Comum (MDC)................................... OMínimo Múltiplo Comum (MMC)................................... Lema de Bézout................................................................. Números primos................................................................. Teorema fundamental da aritmética................................. Quantidade de divisores naturais de um número inteiro Equações diofantinas lineares........................................... Bases.................................................................................... Critérios de divisibilidade................................................... Congruências...................................................................... A Função de Euler.............................................................. Capítulo 1 Resumo Teórico 1 Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 15 RESUMO TEÓRICO - INDUÇÃO MATEMÁTICA 1. PRINCÍPIO DA BOA ORDENAÇÃO (PBO) (conjunto dos naturais) possui um 2. PRIMEIRA FORMA DO PRINCÍPIO DA INDUÇÃO FINITA (PIF) Seja P(n) uma propriedade relativa aos números inteiros. Hipóteses: I. p(n) é verdadeira para n = 1; II. p(k) ser verdadeira implica que p(k + 1) também é verdadeira; Tese: Então p(n) é verdadeira para todo inteiro n > 1. 1) é 3. SEGUNDA FORMA DO PRINCÍPIO DA INDUÇÃO FINITA Seja P(n) uma propriedade relativa aos números inteiros. Hipóteses: Tese: Então p(n) é verdadeira para todo inteiro n > 1. III. p(n) é verdadeira para n = 1; IV. p(n) ser verdadeira para 1 < n < k implica que p(k + 1) também é verdadeira; Para aplicarmos a primeira forma do Princípio da Indução Matemática, devemos seguir os passos abaixo: I. Passo inicial verificar se p(n) é verdadeira para n = 1. II. Assumir p(k) verdadeira, hipótese da indução, e provar que p(k verdadeira. III. Sendo verificados os itens (I) e (II), concluir que p(n) é válida para Vní1. Todo subconjunto não vazio de N elemento mínimo. Capitulo 1 - Questões16 TEORIA ELEMENTAR DOS NÚMEROS 1. CONJUNTO DOS NÚMEROS NATURAIS 2. CONJUNTO DOS NÚMEROS INTEIROS 3. DIVISIBILIDADE Se a. b e c são números inteiros, valem as seguintes propriedades: 5. ALGORITMO DA DIVISÃO 6. O MÁXIMO DIVISOR COMUM (MDC). Dados dois inteiros a e b, dizemos que a divide b (ou que b é divisível por a) jando existe um inteiro c tal que b = a ■ c . I. PROPRIEDADES BÁSICAS DA DIVISÃO São os números da forma' Z = {-2, -1.0,1, 2,...} Dados dois números inteiros n e d, com d > 0, existem dois números inteiros q e r tais que n = q.d + r, com 0 < r < d. Além disso, os números q e r são únicos, para cada par de números n e d dados (1) Se a * 0. então a divide a e a divide 0. (2) Para qualquer a, 1 divide a. (3) Se a divide b e a divide c, então a divide bm + cn, para todo m e n inteiros. (4) Se a divide b e b divide c, então a divide c. (5) Se a > 0 e b > 0, a divide b e b divide a, então a = b. (6) Se a > 0, b > 0 e a divide b, então a < b. É comum fazer uso da seguinte notação para dizer que um inteiro a divide o inteiro b: a | b. Se a não divide b, notamos afb. São os números da forma: H = (1, 2, 3. 4....} Note que como nos livros de Análise Real, optamos por não considerar o zero como natural. O Máximo Divisor Comum de dois inteiros a e b, que notaremos por mdc(a, b), é um inteiro d maior do que 0, tal que: I. d divide a e d divide b (Isto é, d é um divisor comum); 17Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 8. LEMA DE BÉZOUT Observação: 9. NÚMEROS PRIMOS 10. TEOREMA FUNDAMENTAL DA ARITMÉTICA Se a e b são inteiros não nulos tais que mdc(a, b) = d. então existem inteiros x e y tais que ax + by = d.. Um número natural p é primo quando p > 1 e os únicos divisores naturais de p são o 1 e o próprio p. Segundo um teorema bastante antigo (devido a Eudides). existem infinitos números pnmos. Pode-se demonstrar que, para quaisquer números naturais a e b, vale a relação: O Teorema Fundamental da Aritmética coloca em evidência o papel dos números primos na estrutura dos inteiros. Ele nos assegura que um número natural sempre pode ser expresso como um produto de números primos de modo único, a menos da ordem desses fatores primos 2) Se um número primo p divide o produto de dois números naturais a b. então p divide a ou p divide b (Lema de Euclides). II. se existe um inteiro c maior do que 0. tal que c | a e c | b. então, c < d (isto é, d é o maior divisor comum) 1) Quando mdc(a. b) = 1, os números a e b são chamados de primos entre si, relativamente primos ou ainda de co-primos. Pode-se demonstrar que inteiros a e b não nulos são relativamente primos se. e somente se. existem x e y inteiros tais que ax + by = 1. mdc(a, b) 7. O MÍNIMO MÚLTIPLO COMUM (MMC) Chamamos m de Mínimo Múltiplo Comum de a e b, e notamos por m = MMC(a, b) se e somente se: I. m é um inteiro positivo; II. a | m e b | m (ou seja, m é um múltiplo comum de a e b); III Se n é um múltiplo de a e b, então n > m (m é o menor múltiplo comum). x mmc(a, b) = axb Capitulo 1 - Questões18 DE Se n é um número inteiro maior do que 1 e ax + by = c. com a, b, c constantes e a, b, c e Z. Pode-se demonstrar que: t, com t um número inteiro.x = x0 + 13. BASES ...+c3a3 +c2a2 +c,a + c0 Q(n) = (ai+1)(a2+1)(a3 + 1)-...-(ak+1). Por exemplo. 200 = 23 • 52, portanto, número de divisores naturais de 200 é Q(200) = (3 + 1) (2 + 1) = 4 3 = 12 12. EQUAÇÕES DIOFANTINAS LINEARES As soluções de uma equação diofantma desse tipo são dois inteiros x0, y0, tais que ax0 + by0 = c. Denomina-se equações diofantinas as equações com coeficientes inteiros e com uma ou mais incógnitas a serem procuradas no conjunto dos números inteiros. As mais simples são as equações diofantinas lineares: O nome dessas equações é em homenagem a Diofanto, que iniciou estudos no sentido de resolvê-las e que tomamos conhecimento através de Os Elementos, de Euclides. Diofanto viveu em Alexandria por volta de 250 depois de Cristo. Dados os números naturais mea, com a > 1, existe uma expansão do número m na base a Isto é, existem inteiros não negativos Cn, Cn-i,..., Cj, Ci, Co, todos menores do que a, univocamente determinados, tais que: m = cnan+cn_1a' 11. QUANTIDADE INTEIRO Se xo. y0 é uma solução particular da equação diofantina ax + by = c, então todas as soluções desta equação são dadas por: (;)■ ‘ n = p®1 -P22...pkk , onde p^ p2 pk são números primos com p.| <p2 <....<pk então pode-se demonstrar que a quantidade de divisores naturais de n é igual a DIVISORES NATURAIS DE UM NÚMERO Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 19 14. CRITÉRIOS DE DIVISIBILIDADE a) Divisibilidade por 2 b) Divisibilidade por 3 c) Divisibilidade por 4 d) Divisibilidade por 5 e) Divisibilidade por 6 Um número natural K é divisível por 5 se, e só se, na sua representação na base 10, o digito das unidades for 0 ou 5. Um número natural K é divisível por 2 se. e só se, na sua representação na base 10. seu algarismo das unidades é divisível por 2. Ou seja, um número natural K é divisível por 2 se, e somente se, na sua representação na base 10, termina em 0, 2, 4, 6 ou 8. A expansão acima é chamada a expansão do número m relativo á base a e (coCi c2... G,) (a) é a representação de m na base a. Um número natural K é divisível por 4 se. e somente se. na sua representação na base 10. o número formado pelos dois últimos dígitos forma um número divisível por 4. Um número natural K é divisível por 6 se. e somente se, representação na base 10. for divisível simultaneamente por 2 e por 3. Um número natural K é divisível por 3 se. e somente se. na sua representação na base 10, a soma de seus dígitos for um número divisível por 3 Olhando somente para os números na base 10. existem vários critérios de divisibilidade. isto é, vários testes que permitem saber se um número natural é divisível por outro sem efetuar a divisão Esse estudo será mais completo com a noção de congruência Como esse conceito não é normalmente estudado no Ensino Médio, pretendemos adiantar alguns critérios de divisibilidade quepossam ser provados facilmente sem o uso de congruêncías. Assim, a seguir vamos estudar os critérios de divisibilidade mais comuns. m = cnan + cn_1an 1+...+ c3a3 + c2 a2 + cra + c0 na sua Capitulo 1 - Questões20 f) Divisibilidade por 7 Seja K um número natural, cuja representação na base 10 é: K = cn10n + cn_l10n-1 + ...+ c3103 c0 Enunciamos a seguir o teste de divisibilidade por 7: 5K = 5(10M + c0) = 50M + 5c0 = 49M + M + 5c0. Antes de enunciar o critério de divisibilidade por 7, vamos fazer algumas considerações. Agora, olhemos para a representação decimal de K como sendo a soma de duas parcelas: Portanto. M + 5cq=5K-49M é um múltiplo de 7, por se tratar de uma diferença entre dois múltiplos de 7. Portanto, K = 10(M + 5c0)-49c0 é um múltiplo de 7, por ser a diferença entre dois múltiplos de 7. Um número natural K = 1OM + co é divisível por 7 se, e somente se, o número: natural M + 5cq for divisível por 7. j Provemos a ida: de fato, se K = 10M + c0 for divisível por 7, então, 5K = 5(10M + c0) também é divisível por 7. Mas, podemos escrever: + ...+ C3IO2+c210 + Ci, pode- + c2102 + c,10i-c0 K = 10(cn10n-1+cn_110n-2+... + C3IO2+C210 + C,) + Provemos a volta: se M + 5.co for um múltiplo de 7, então, 10(M + 5cq) é um múltiplo de 7. Mas, 1O(M + 5co) = 10M +5Oco = 49c0 + (10M+ c0) = 49c0 + K. com Cn, Cn.1, ..., Cj.Cj.c, Co inteiros não negativos, todos menores que 10. Chamando M = cn_-|10n 1 + cn_ -|10n 2 mosescreverK como sendo K = 1OM + co. Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 21 g) Divisibilidade por 8 h) Divisibilidade por 9 i) Divisibilidade por 10 j) Divisibilidade por 11 15.CONGRUÉNCIAS Teorema Propriedades básicas das congruèncias I. asa (mod m) (Reflexiva) II. Se a s b (mod m), então b = a (mod m) (Simétrica) Uma propriedade muito útil, que decorre imediatamente da definição de congruência, é a seguinte' Se a, b, c e d são inteiros quaisquer e m é um inteiro maior do que 0. são verdadeiras as seguintes propriedades: Dizer que as b (mod m) é equivalente a dizer que a e b deixam o mesmo resto na divisão por n. Um número natural K é divisível por 9 se, e somente se. na sua representação na base 10, a soma de seus dígitos for um número divisível por 9. Um número natural K é divisível por 8 se. e somente se. na sua representação na base 10. o número formado pelos seus três últimos algansmos for divisível por 8. Se a, b e m são três números inteiros com m > 0. dizemos que a é cóngruo a b módulo m se m | a - b. Simbolicamente, escrevemos: a = b(mod m) o a-b = mk, sendo k um número inteiro. Um número natural K é divisível por 11 se. e somente se, na sua representação na base 10, a soma de seus dígitos nas posições pares menos a soma dos dígitos nas posições impares é um número divisível por 11. Um número natural K é divisível por 10 se. e somente se. na sua representação na base 10, é divisível simultaneamente por 2 e por 5. Também podemos dizer que um número natural K é divisível por 10 se, e somente se. na sua representação na base 10, o algarismo das unidades for zero. Capítulo 1 - Questões22 Resolução de uma Congruência Linear Teorema Exemplo resolvido: Resolva a congruência linear 3x a 1 (mod 10) . Adicionalmente, qualquer outra solução x da congruência linear ax e b (mod m) será congruente módulo m a exatamente um dos números acima. Resolução: Nesse caso mdc(3, 10) = 1. Ora, como 1|2, segue que a congruência linear 3x a1(mod10) possui solução única módulo 10 (lembre-se que a quantidade de soluções distintas é sempre igual a d, que no caso é igual a 1). Assim se Xo for uma solução então qualquer outra solução x será tal que x e xo(mod10). No caso da congruência 3x =1 (mod 10) , note que x = -3 é uma solução, pois 3.(-3) - 1 = -10, que é divisível por 10. III. Se asb (mod m) e bsc(mod m), então, a a c(mod m) (Transitiva) IV. Se a s b (mod m) e c a d (mod m), então, a + c a b + d(mod m) (Adição) V. Se a = b (mod m) e c a d (mod m), então, a - c a b - d (mod m) (Subtração) VI. Se a s b (mod m) e c é um inteiro, então, a ■ c = b c (multiplicação) VII. Se a a b (mod m) e c a d (mod m), então, a c a b d (mod m) (Produto) VIII Se a a b (mod m) e k é um inteiro positivo, então, aR = b* (mod m) (Potênciação) IX Se a + c a b + c (mod m), então, a a b (mod m) (Cancelamento para a adição) A congruência linear ax a b (mod m) admite solução se. e somente se. d ivide b, onde d = MDC(a, m). Além disso, se d divide b. então, a congruência .Idmite d soluções mutuamente incongruentes módulo n. Além disso, se x0 é uma solução (particular) da congruência ax0 a b (mod m), então as outras d soluções (incongruentes entre si módulo m) são: Tópicos de Matemática-Olimpíadas-IME-ITA 23 O Teorema Chinês dos Restos é uma solução (particular) da congruênciaonde Nj X,e Nl Demonstração a2N2x2 + a3N3x3 +x = a-iN-jXj De fato, basta observar que: a2 N2 X2 + a3N3x3 + —+ akNkxk = ar.Nr.xr(modnr)(ii) x = a1.N-|.x1 Sejam n,, n2,n3 nk números inteiros positivos tais que MDC(n,. n,) = 1, para i # j. O sistema de congruéncias lineares (iii) Como escolhemos xr satisfazendo Nr • x = 1 (mod nr), temos, necessariamente, x = ar -1 s ar(modnr) x = ai(modn-|) x e a2 (modn2) x s ak(modnk) exceto o nr, isto é. N, = Seja n = ni-n2-n3....nk. Para cada r = 1. 2, 3... . k. seja N, o produto de todos os n, —■ = ni-n2*n3....nr.vnr*i...nk. Como mdc(n,. nt) = 1. a Ir congruência Nr ■ x s 1 (mod nr) admite uma única solução, que chamaremos de xr. pois mdc(Nr, nr) = 1, e divide 1. A solução do sistema será: + akNkxk admite uma solução simultânea, que é única módulo o inteiro n = m n2 r ou seja, se Xo é uma solução (particular) do sistema acima, qualquer solução x é tal que x sx0 (modn-| n2-...nk). Adicionalmente, uma s particular x0 do sistema pode ser obtida por x0 = M^x-j-i-N2a2x2+...-Nko, _ n1 n2 - nk nj x 3 l(modnj), com 1 < j <k. (i) N, = 0 (mod nr), para i * r, pois nr divide N, Portanto, qualquer outra solução x da congruência 3xs1(mod10) é tal que x = -3(mod10). Capitulo 1 - Questões24 Teorema (Pequeno Teorema de Fermat) Se p é um número primo e a é um inteiro que não é divisível por p, então. = 1 (mod p) 16. A FUNÇÃO <p DE EULER N, tal que n e N<l> : N Teorema Para n natural, <p(n) , onde n é a decomposição de n em fatores primos. Teorema (Teorema de Euler) Sejam n e a inteiros positivos primos entre si. Então c’!“’=l(modn). Teorema de Wilson Se p é um número primo, então (p-1)1 h -1(modp). Dado um número natural n, a função <p de Euler é uma função <p : N -» N tal que ip(n) é a quantidade de números naturais menores ou iguais a n que são relativamente primos com n. <p(n) = a quantidade de números naturais k < n, tais que k e n são primos entre si. Resta-nos mostrar que a solução é única módulo n = n1n2n3...ni<. Suponha que exista outra solução x'. Isto é x $ ar(modnr) = x', para r = 1, 2, 3 k. Assim, nr divide x-x', para cada valor de R. Como MDC(n,, n,) = 1, temos, obrigatoriamente, que n = nv^ na . nu divide x-x'. Portanto, xsx'(modn), o que conclui a prova do Teorema Chinês de Restos. ■■HH).. ( i-APk. ...PK^ P2a2-Pt31- ap-’ Capítulo 2 Questões Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 27 QUESTÕES I. Indução 1) 2) igual a 3) + n n! 4) 5) é divisível por 133. qualquer que 6) 7) Uk+i = 3-Uk - 2Uk_1 para todo número natural k, então Un=2n+1.. 8) Vn>1. neli Para n > 5, n e N, mostre que 2n > n29) 10) 11) 12) n 2n + l’ 1 3-5 1 5-7 Demonstrar que a soma dos cubos de três números consecutivos quaisquer é sempre divisível por 9 _1_ 2n 1 (2n-1)(2n + 1) Demonstrar que a soma dos quadrados dos n primeiros números naturais é n(n +1) ■ (2n +1) 6 n(n + 1) 2 n(n 1-1) 2 O produto 1-2-3-.. n indica-se com n1 (Lê-se fatorial de n) Convém memorizar que 11 = 1, 2! = 2, 3!= 6, 4! = 24 e 5! = 120. Calcule a soma abaixo: Sn = 1-1! + 2-2! + 3-3! + Demonstrar que a soma An = 11n+2 + 122n*' seja o número inteiro n > 0. Mostre que n2-3n + 4 é umnúmero inteiro para todo inteiro n. Demonstrar que a soma dos n primeiros números naturais é igual a 13 > — para todo n natural, n > 1.24 n . 1Demonstrar que — + Mostre que 21 (n2 + n), tf n e N. _ 11Demonstrar que----- +-------+ n+1 n+1 Demonstrar que, se Uo = 2, U-|=3 e Demonstrar que Sn = 12 -22 +32 -42 + ... + (-1)n-1 ■ n2 = (-l)n"1 Capitulo 2 - Questões28 1-2 + 2-3 + 34 + ... + (n-1)-n = .. + n(n + 1) (n + 2) =12 3 + 23 4 + 3-4-5 20) Demonstrar que Se U, = e U; = para todo número k > 2, então Un - n 4n + 1 n 3n + 1 n a (a +n) a3-P3 a3-p3 a2~p2 a2-p2 an+1-pn+1 a-p a*p ese = (u +p)-U)(_i - ap.U|(_2 14) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: (n-1)-n(n + 1) 3 n(n + 1) 2 (2n + 1) 19) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: 1 1 1 ______ 1 a (a + 1) + (a + 1)-(a + 2)+ (a + 2) (a + 3)+ " + (a + n + 1)-(a + n) 15) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: n(n + 1)-(n + 2)-(n-r3) 4 13) Demonstrar que a soma dos cubos dos n primeiros números naturais é igual a |2 18) Demonstrar que. para qualquer n natural, vale a relação: 1 1 1 1 1-5 + 5-9 + 9-13+"'+(4n-3)-(4n + 1) I n(n + 1) 16) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: 12 22 + 32 + n2 1-3 + 3 5 + 5-7 +" + (2n-1)■ (2n + 1) 17) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: 1 1 1 1 1-4 + 4-7 7-10 (3n-2)-(3n + 1) 29Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME -ITA 21) Para que valores naturais de n se verifica a desigualdade 2n>2n + 1? 22) Demonstrar que para qualquer natural n a 2 vale a relação: 4n23) Demonstrar que------< -—para todo número natural n > 1. n + 1 (nll2 26) Demonstrar que se a-| =cos0, 32 =cos(20) e ak —2cos 6■3k_ i — ak _ 2 para todo k > 2, então an = cos n0 sen 29) Demonstrar que, Vn e N: senx+ 2sen2x + 3sen3x +... + n.sen(nx) = nx ■sen.— 2 1 1 1 Vi + -J2 +" + Vn (n + 1)sen(nx) - nsen(n + 1)x 4 sen2- 2 — + cosx + cos2x + cos3x + ... + cosnx 2 28) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: (2n + 1)x 2 2sen- 2 24) Demonstrar que. qualquer que seja x > 0 e qualquer que seja o número natural n, se verifica desigualdade xn +xn-2 + xn-4+...+——r + —-Í-X-+— >n + 1 xn-4 xn-2 xn 27) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: n + 1 sen------- x senx + sen2x + sen3x + .. + senx =---------------x sen — 2 25) Demonstrar que, para qualquer n natural, vale a relação: „ . _n sen2n + 1acos a • cos 2 a ■ cos 4a •... • cos 2 a = —:---2n + qsena (2n)l (n!)‘ Capitulo 2 - Questões30 30) Demonstrar que. Vn e N: cosx + 2cos2x + 3cos3x .+ ncosnx = = arctg2 + arctg- + arctg— + arctg— 33) Demonstrar que, VneN : 34) Demonstrar que. VneN: 35) Demonstrar que (cosx+ i senx)n = cos(nx)+sen(nx) para todo n natural. 38) Demonstre que, VneN, vale a relação 13 +23+ 33 +... + n3 39) Demonstre que, VneN, 61 n(n + 1)(n + 2) 40) Demonstre que, VneN, 3|(n3 + 2n) n_4 4 32) Demonstrar que, Vn e N: arccotg3 + arccotgõ + arccotg7 + arccotg9 + ...+ arccotg(2n + 1) = 345 n+1 = arctg2 + arctg- + arctg- + arctg— + arctg--------- n arctgl 2 3 4 n 36) Um grupo de pessoas está em uma fila para comprar entradas para o cinema. A primeira pessoa da fila é uma mulher e a última é um homem. Mostre que, em algum ponto da fila, uma mulher está diretamente na frente de um homem. 37) Mostre que. para qualquer natural n, existem números inteiro x, y e z tais que x2 +y2 = zn. ,n rx ( nn nu)(1 + i) = V2 - cos— + isen — V 4 4 ) (x/3-i)n = 2Ícos^ + isen^p (n + 1)cosnx-ncos(n + 1)x-1 4 sen2 - 2 rçtg- + -j-tg-x- + 2 2 22 22 31) Demonstrar que (para os valores de x em que a expressão está definida). 1,x 1.x 1.x 1 , x -tg- + —x-tg-Tr +...+ —tg— = —cotg— - cotgx 2 a2 22 22 2n 2n 2n 2n Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 31 41) Demonstre que n + 1, VneN. 42) Mostre que 2n > n +1, Vne N. 44) Mostre que 81 (3' 45) Mostre que Vn á 0, n inteiro.2 + 5 + 8 + .,. + (2 + 3n) = VneN 47) Para n > 0, mostre que an = 2n3 - 3n2 + n é um número divisível por 6. 49) Para n > 0 , mostre an = 7n-1 é um número divisível por 6. 50) Para n á 0 , mostre que an = 2‘ 51) Para n > 0, n (n + 1)-(4 + 3n) 2 e Z , mostre que an = 7n +2 é um número divisível por 3. 43) Mostre que a soma das medidas dos ângulos internos de um polígono convexo de n lados é Sn = (n-2)-180°. 48) Mostre que o número de diagonais de um polígono convexo de n lados vale (n-3) n 2 52) No longínquo país do Esquisitistão, a moeda local é o "esquisitis". Nesse pais, um banco tem uma quantidade ilimitada de cédulas de 3 e 5 esquisitis. Prove que o banco pode pagar uma quantidade qualquer (inteira) de esquisitis, maior do que 7. 46) Demonstre que 2° + 21 + 22+... + 2n-1 = 2n-1, !4n-1 é um número divisível por 15. í2n — 1), VneN.V2 Capitulo 2 - Questões32 53) Demonstrar a identidade n > 0, n e N 54) Simplificar o polinõmio, Vn e N 58) Demonstre que o n-ésimo termo de uma progressão geométrica pode ser determinado pela fórmula an=a1qn' em que a-, é o primeiro termo da progressão e q é a razão da mesma. 59) Ache o erro na "prova" do seguinte "teorema”. “Todos os números naturais são iguais." 1 x-1 2_ ,2n 57) Demonstre que o n-ésimo termo de uma progressão aritmética pode ser determinado pela fórmula an = a1+ (n-1) r em que aí é o primeiro termo da progressão e r é a razão da mesma. 56) Demonstre que o quadrado de um polinõmio é igual a soma dos quadrados dos seus termos e do dobro de todos os produtos de seus termos tomados dois a dois ou seja: Demonstração: Vamos provar o resultado mostrando que. para todo neN, é verdadeira a sentença aberta a seguir. P(n): Dado neN, todos os números naturais menores do que n ou iguais a n são iguais. (i) P(1) é claramente verdadeira. _x x(x -1) x(x — 1) (x — 2) + + (-1)nx(x-1)-... (x-n + 1) -1! + 2! 3! +"'+ n! 55) Demonstre que n retas distintas, traçadas por um mesmo ponto de um plano, dividem esse plano em 2n partes. 1 ; 1 1 < 1 , 1 + x 1 + x2 1 + x4"l + x8 1 + x 2n+l on+1 1 + x2 33Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 60) Seja a 61) Seja a 63) Demonstre que 1+x+x2 + x3 + •■•+xn = com x * 1, n > 0, n e Z. é um número64) Para nzO, com divisível por 17. -13 é um número65) Para n > 0, com ne Z, mostre que an = 3 divisível por 64. = (n!)2 > nn.,267) Para n > 3 , com n e Z. mostre que (1-2-... -n)’ 68) Para n > 3 , com n e Z, mostre que (n + 1)n < nn+1. . Determine a11 para n>1,com neZ69) Seja a = (ii) Suponha que P(n) seja verdadeira, logo n-1 = n, adicionando 1 a ambos os membros dessa igualdade, obtemos n-1 = n=>(n-1) + 1 = n + 1=> =>n = n + 1. Como n era igual para todos os naturais anteriores a ele, segue que P(n + 1) é verdadeira. Portanto P(n) é verdadeira para todo n natural. cosO senO -sen0' COS0 xn*1-1 x-1 /1 = . Determine a matriz an com ne N.(2 4j = f1 ° |. Determine a matriz an com neN. Io ij 62) Demonstreque(l-l].[l-l).[l-^....-(l--L) = 23n+1 n +1 _------, n £ 2, n e2n ,4n+1 + 10-32n 66) Para n > 1, com ne Z, mostre que Ln(n) < n, onde Ln denota logaritmo natural. neZ, mostre que an=3-52n+1 Capítulo 2 - Questões34 70) Mostre que 1 + 3+... + (2n — 1) = n2 >2 obtém-se o número u. a) 12 +32 + 52 + ... + n2 b) 22+42+62+... + n2 ,n-1 77) Mostre por indução 1 + - ,4n78) Para todo ne N, mostre que 80 | 3' nn~1 (n-1)! números complexos conjugados x-j, x2,... xn conjugado de u. 71) Mostre que 12+32 + ... +(2n-1): fn + 2>| = l I, se n e par 73) Estabeleça uma fórmula que obtenha a soma dos n primeiros números pares positivos. 72) Mostre que o cubo de um inteiro positivo pode ser sempre escrito como a diferença de dois quadrados. 74) Demonstre o teorema: Se, por efeito de um número finito de operações racionais (adição, subtração, multiplicação e divisão) aplicadas aos números complexos Xi, x2, ... x2, obtém- se um número u, então, por efeito dessas mesmas operações aplicadas aos 75) Usando indução, prove que: An + 21 = 1 I, se n e impar = ln(2n-1)-(2n + 1),VneN. 76) Prove que,para todo inteiro positivo n, temos: 13 + 33 + 53+ ... + (2n-1)3 = n2(2n2-1) 1 n-1 Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 35 80) Demonstre o teorema das linhas é um 84) Demonstra que, se “A" é um conjunto finito com n elementos, então P(A), conjunto das partes de A. tem 2n elementos. partidas do torneio é igual a 1 1f(n) = 1 2n n + p + i P 86) Para todo ne N, temos f(n) = g(n). Prove por indução que isso ocorre para f(n+1) = g(n+1) onde: 83) Demonstre que 2n 1(an+bn) número natural maior que 1. 79) Tem-se 2n moedas de ouro, sendo uma delas falsa com peso menor do que as demais. Dispõe-se de uma balança de dois pratos, sem nenhum peso. Vamos mostrar, por indução sobre n, que é possível achar a moeda falsa com n pesagens. 85) Um torneio de xadrez tem n jogadores. Cada jogador joga uma e somente uma partida contra cada um dos demais. Mostre que o número total de n(n-1) 2 81) Demonstre o teorema das colunas fn'l fn+C fn + 2> fn + p'| _ fn + P + 1'l J l n ) l n+1 ) 82) Demonstre o teorema das diagonais È (7H 1=0 v ' >(a + b)n onde a + b>0, a = b e n 1 " + 2n + 1 2n 2 3 , , 1g(n) = —- + n + 1 Capítulo 2 - Questões36 Q+ tal que87) Encontre todas as funções f: Q+ f(x) + f(y) + 2xyf(xy) = onde Q+ é o conjunto dos racionais positivos onde m. n = 0. 1,2, ..88) Mostre que —- n b'.90) Sabendo que i=0 xn’1 94) Para n > 10. com neZ, mostre que 2n > n3. 95) Para n>7, com neZ, mostre que n! > 3n. 1 + xn+1 + xn-1. f(xy) f(x + y) (?Xin+iM"3 m°stre que (a+b,n e z mostre que para niO e Va, b e R 91) Prove que todo número natural pode ser representado como a soma de diversas potências de 2. m! (m + 1)1 (m + 1)1 (m -rn +1)1 0 + 1! +-+ ni n!(m + 1) 89) Dispomos de k cores para colorir os vértices de um polígono convexo de n lados. Sabendo que vértices adjacentes não podem ter a mesma cor. mostre que o número de maneiras para se efetuar esta tarefa é igual a: (k-1)n + (k-1)(-1)n 93) Seja x+- = y para n > 0, com n 92) Desenham-se n círculos num plano n de acordo com o seguinte procedimento: todos os círculos cortam-se sempre em dois pontos e três círculos não passam nunca pelo mesmo ponto. Mostre que os círculos dividem o plano n em (n2 - n + 2) regiões, incluindo a que é exterior a todos os círculos. 37Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 96) retas no plano é Qn = + 1 Mostre que o problema da moeda falsa para 3n moedas também se resolve97) com n pesagens Se p é um número primo, prove que, para qualquer inteiro positivo n. o98) número np - n é divisível por p (pequeno teorema de Fermat) 99) < 3 101) Dado um conjunto com n elementos, mostre que é possível fazer uma fila com seus subconjuntos de tal modo que cada subconjunto da fila pode ser obtido a partir do anterior pelo acréscimo ou pela supressão de um único elemento. 5 2 100) Se n é um inteiro positivo prove a desigualdade H)H)( Mostre, usando indução, que o número máximo de regiões definidas por n n(n +1) 2 Se n é um inteiro positivo prove que \ 1 ) 1 1 1+-T 1 + —23 J l 2n / 38 Capitulo 2 - Questões II. Teoria Elementar Dos Números 01) Mostre que se p é primo, então p | 05) O resto da divisão do inteiro n por 20 é 8. Qual o resto da divisão de n por 5? 06) Qual o quociente e o resto da divisão euclidiana de -78 por 5 ? 07) Encontre o número de divisores positivos do número: K = (2005)5 + 5(2005)'' + 10(2005)3 + 10(2005)2 + 5(2005) + 1. 08) — é a forma irredutível da fração . Qual o valor de a + b ? 09) Determine inteiros positivos m e n tais que Vm + Vn = x/2009 10) O produto de quatro inteiros consecutivos é 7920. Achar os inteiros. 11) Qual é o maior inteiro positivo n paraoqual (n + 10) divide (n3 + 100)? 2121212121210 1121212121211 ( 1 , onde 0 < k < p. 02) Um conjunto A contém 1989 números tais que a soma de quaisquer 10 deles é sempre positiva. Mostre que a soma de todos estes números é positiva. 13) Em um conjunto de dez números inteiros positivos, não necessariamente distintos, são realizadas as seguintes operações: retira-se o primeiro número e somam-se os nove restantes; retira-se o segundo e somam-se os nove restantes; e segue-se desta maneira até retirar o décimo número e somar os nove restantes. Dessa maneira, obtém-se somente nove resultados distintos, que são' 86, 87. 88, 89. 90, 91, 92, 93, 96 Achar os dez números iniciais. 12) Os quadrados de dois números inteiros consecutivos diferem por 1997 Quanto é a soma desses dois inteiros? 04) Ache o menor múltiplo (positivo) de 5 que deixa resto 2 quando dividido por 3 e por 4. 03) Seja n um número natural. Prove que a divisão de n2 por 6 nunca deixa resto 2. a b Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 39 14) 15) 16) 17) Diga, justificando, se a igualdade 3^°° + 7I6O - g100 & verdadeira.18) 19) 20) 21) 22) André e Thiago disputam um jogo em que jogam alternadamente André inicia, escolhendo um número inteiro de 1 a 9. Em seguida, Thiago escolhe um número inteiro de 1 a 9 e soma ao número escolhido anteriormente pelo adversário. A seguir, André escolhe um número inteiro de 1 a 9 e soma ao resultado anterior, e assim por diante. Aquele que atingir o número 100 vence. Imaginando que os dois jogam corretamente, quem vencerá: André ou Thiago? Qual a estratégia para vencer? O Senhor Silva comprou um aparelho de televisão cujos canais variam de 2 a 42. Se ele está em algum canal e aperta o botão dos canais 41 vezes, retorna ao canal inicial. Se o Sr. Silva está assistindo o canal 15 e aperta o botão dos canais 394 vezes, em que canal vai parar? A professora desafia André e Thiago com o seguinte jogo, em que eles jogam alternadamente. Ela escreve no quadro-negro os inteiros de 1 a 50. Uma jogada consiste em escolher dois dos número escritos, apagar esses números, substituindo-os pela soma (Por exemplo, se André escolheu 8 e 23, apaga-os e escreve 31). Depois de algum tempo, vai restar no quadro negro um único número. Se esse número é par, o ganhador é André, caso contrário, o ganhador é Thiago. Quem vence o jogo: André ou Thiago? É possivel colocar os inteiros 1, 2, 3, 4 239, 240 numa tabela com 45 linhas e 16 colunas, de modo que a soma dos números em cada uma das colunas seja a mesma? Escreva os números naturais 1, 2, 3,. .., 98. 99, 100 numa linha, numa tal ordem de modo que a diferença entre quaisquer dois números adjacentes não seja menor do que 50. 33333 Quatro amigos subiram correndo uma escada. Um deles sobe de dois em dois degraus, outro sobe de três em três degraus, outro sobe de quatro em quatro e outro de cinco em cinco. Os únicos degraus que os quatro amigos pisaram foram o primeiro e 0 último. Quantos degraus foram pisados exatamente uma única vez? Numa loteria, todos os prêmios em reais são potências de 13 (isto é, R$1,00, R$ 13,00, R$ 169,00 etc.) e o prêmio total é de R$1.000.000,00. Num sorteio, qual é o número minimo possivel de prêmios distribuídos? Escreva em ordem crescente os seguintes números inteiros 25555 62222 .Justifique sua resposta. Capitulo 2 - Questões40 23) Um dos estudantes colocou na máquina a fração 24) 25) + 9. 26) 1, 2, 2, 3, 3, 3, 4, 4, 4, 4. 5, 5, 5, 5, 5, 6, 6, 6, 6, 6, 6, 7, 7, 7, 7, 7, 7, 7, .... 27) 28) 29) Nesta sequência, quando se escreve os primeiros 2001 algarismos, quantas vezes o número 9 aparece? Encontre o número de subconjuntos de {1,2,3,4,...,99,100} para os quais a equação x + y = 101 não admite solução, com x e y pertencentes ao conjunto {1.2,3,4 99,100). 1_ 5 ' Escreve-se 50 números inteiros, não necessariamente distintos, em torno de um circulo, de modo que a soma deles seja igual a 1. Uma sequência de um ou mais desses inteiros em posições consecutivas é chamada positiva se a soma é positiva. Caso contrário, é chamada sequência não positiva. Existem mais sequências positivas ou sequências não positivas? Explique. 2 ,2 Determine todos os números primos da forma 2 Parta o conjunto {1, 2, 3, 4...... 123455, 123456} em dois subconjuntosda seguinte maneira. No primeiro conjunto. A. ficam somente os números cuja soma dos digitos é par, e no segundo conjunto, B, somente os números cuja soma dos digitos é impar. Quem possui mais elementos: A ou em B? Justifique. Suprimimos do conjunto dos números naturais todos os números que, na base 10, utilizam o digito 1. Se ordenarmos em ordem crescente os números que sobraram, qual é aquele que ocupa a milésima posição? Numa escola, estudantes inventaram uma máquina que "tritura" frações. A máquina funciona do seguinte modo: se introduzimos uma fração F, ela devolve a fração .Por exemplo: se introduzimos na máquina a fração 1-- ,, 5 2sai a fraçao —2- = 1 + - 3 5 F = 1/5. Em seguida, a fração resultante foi novamente colocada na máquina, obtendo-se outra fração; o novo resultado foi colocado na máquina e. assim por diante, até que a máquina completou 2001 "triturações" Que fração apareceu no finaI? Os números inteiros positivos são escritos em ordem, como abaixo, com o 1 aparecendo uma vez, o 2 duas vezes, o 3 três vezes....... com o 57 aparecendo cinquenta e sete vezes, e assim por diante: Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 41 a) Até que número somou o Bruno? b) Quais foram os quatro números que ele saltou? ,4533) Qual o resto da divisão de 2 por 7 ? ,10034) Qual o resto da divisão de 11 por 100 ? 35) Qual o resto da divisão de 310-425 + 68 por 5 ? 36) Qual o resto da divisão de 52- 4841 + 285 por 3 ? 37) Mostre que 2 38) Qual o resto da divisão do número N = 15 +25+35 +... + 995 +1005 por 4 ? 40) Qual o algarismo das unidades do número 7' 41) Ache os dois últimos algarismos de 9 39) Mostre que o resto da divisão de um número inteiro por 10 é o seu algarismo das unidades e que o resto da divisão por 100 é o número formado pelos dois últimos algarismos do número dado. 32) Bruno pegou a calculadora, e resolveu ir somando os números naturais na ordem crescente 1 + 2 + 3 + 4 + ... e ficou muito tempo entretido. Contudo, num certo momento, distraiu-se e saltou quatro números consecutivos. Quando se cansou, o resultado no visor da calculadora era de 2060 30) Tem-se 15 latas de biscoitos contendo 1, 2, 3, 4 15 biscoitos, respectivamente. Uma criança pode escolher qualquer subconjunto destas latas e retirar o mesmo número de biscoitos de cada uma delas. Seguindo esta regra, uma criança pode esvaziar todas as latas em menos do que cinco movimentos? Justifique sua resposta. 31) Cada asterisco na expressão E = 1 *2*3*4*...* 2003 representa ou um sinal + ou um sinal -. Selecione os sinais de modo que a expressão E seja um inteiro positivo menor do que 7. f71°0j 20 - 1 é divisível por 41. Capitulo 2 - Questões42 49) Qual a paridade do número (123275 + 346231) ? x638761654 + 879875451345874 + 95973434 55) Mostre que o quadrado de qualquer número inteiro é da forma 4k ou 4k+1. 52) Mostre que nenhum número inteiro pode deixar simultaneamente resto 5 quando dividido por 12 e resto 4 quando dividido por 15. 53) Ache todos os números naturais que quando divididos por 18 deixam resto 4 e quando divididos por 14 deixam resto 6. 54) Determine o resto da divisão por 4 do número 50) De que maneiras podemos comprar selos de quinze e de sete reais, de modo a gastar cem reais? 51) Se um macaco sobe uma escada de dois em dois degraus, sobra um degrau; se ele sobe de três em três degraus, sobram dois degraus. Quantos degraus a escada possui, sabendo que o número de degraus é múltiplo de sete e está compreendido entre 40 e 100 ? 42) Um bando de 17 piratas, ao tentar dividir igualmente entre si as moedas de uma arca, verificou que havería uma sobre de 3 moedas. Seguiu-se uma discussão na qual um pirata foi morto ©. Na nova tentativa de divisão, já com um pirata a menos, verificou-se que haveria uma sobra de 10 moedas. Nova confusão, e mais um pirata foi morto ©. Então, por fim, eles conseguiram dividir igualmente as moedas entre si. Qual o menor número de moedas que a arca podería conter inicialmente ? 47) Se m é um inteiro ímpar, mostre que o resto da divisão de m2 por 4 é 1. 48) Mostre que, dados três números inteiros a, a + 2 e a + 4, um e somente um deles é múltiplo de 3. Usando este fato, mostre que a única terna de primos trigêmeos é (3, 5, 7). Lembre-se que primos trigêmeos são três números impares consecutivos que sejam números primos. 43) Na divisão euclidiana de 802 por a, o quociente é 14. Determine os possíveis valores de a e do resto. 44) É possível encontrar dois inteiros múltiplos de 5 tais que o resto da divisão euclidiana de um pelo outro seja 13 7 Justifique a resposta. 46) Se o resto na divisão euclidiana de um inteiro por m por 8 é 5. qual é o resto da divisão de m por 4? 45) Seja m um inteiro cujo resto da divisão por 6 é 5 Mostre que o resto da divisão de m por 3 é 2. 45769834532 1234 + (3451 + 4532)542 Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 43 59) 61) a) 56 b) c) pode ser escrito como o produto de dois inteiros 62) Prove que a fração é irredutível, para todo número natural n. ,7064) Demonstre que 2 é divisível por 13. 10 7 21n + 4 14n + 3 63) Uma empresa de transporte tem um contrato para levar 844 geladeiras A empresa possui dois tipos de caminhão: um tem capacidade para transportar 28 geladeiras e o outro tem capacidade para transportar 34. Se cada caminhão é enviado com carga máxima e retorna vazio, liste todas as maneiras possíveis de transportar as geladeiras. 56) Mostre que nenhum número da sequência 11, 111, 1111, 11111, 111111. ... é um quadrado perfeito. 60) Os números 1. 1/2, 1/3, .... 1/19, 1/20 são escritos no quadro negro Apague quaisquer dois desses números a e b e escreva o novo número a + b + ab Que número aparecerá no quadro negro depois de 19 dessas operações? 57) Prove que o número 111...11222 .225 é um quadrado perfeito. ~1?97 ~1998- 65) Encontre os pares de números naturais (x. y) tais que: 1! +2! +3! +...+ X! = y2 Tomando m = 34* + 370 56+1 5 e n = 2 2 , mostre que m4+^n4 =345 +4: Mostre que m4 + —n4 = 4 58) Determine inteiros positivos x, y e z tais que x + —ly = y.- Os números 21989 e 51989 escritos na forma decimal são colocados lado a lado. Qual a quantidade total de dígitos que são escritos ? m2 -mnT-n2 2 m2 + mn + ^n2 45 s6 Mostre que 3 + 4 maiores que 1O2002. Capitulo 2 - Questões44 Qual o resto da divisão de 21137 por 17.66) Mostre que mdc(n, n +1) = 1, para todo n natural.67) 68) 69) 70) 71) 72) 73) 74) 75) 76) 77) Encontre todos os triângulos pitagóncos cuja área é igual ao perímetro. 78) Ache o resto da divisão de 15' por 17. (OME-RJ) Mostre que o número N = 760 é divisível por 1998. (Deserto de primos) Encontre 1000 inteiros positivos consecutivos, sendo que nenhum deles é primo Mostre que o raio do círculo inscrito em um triângulo pitagórico é um número inteiro (CN/2004-Adaptada) Qual o resto da divisão de N = 5131 +7131 + 9131 +15131 por 12. Sabemos que existe um bloco de 1000 números inteiros consecutivos não contendo nenhum primo, a saber, 1001! +2, 10011 + 3 1001! + 1001. Existe um bloco de 1000 inteiros consecutivos contendo apenas um primo? São dados 2000 pontos sobre um circulo. Rotule um destes pontos de ponto 1 A partir deste ponto, conte dois pontos na direção do movimento dos ponteiros do relógio e rotule este último ponto de número 2, conte três pontos na direção do movimento dos ponteiros do relógio e rotule este ponto de 3. Continue com este processo até que sejam utilizados os rótulos 1, 2, 3 1993. Ao final, alguns dos pontos sobre o circulo possuem mais de um rótulo e alguns não possuem rótulo. Qual é o menor número inteiro que rotula o ponto já rotulado também de 1993? Mostre que se escolhermos aleatoriamente 51 números no conjunto A = {1. 2.3... , 100} necessariamente existem dois números entre os escolhidos que são relativamente primos. |1998 201 + 1910^ _6521 Dado um inteiro positivo qualquer k, mostre que existe um triângulo pitagórico cujo raio do circuloinscrito é k. Seja um número escrito na forma decimal r = 0, 3,3283.. com 8ie{0,1} e a, = 1 se e somente se i for primo. Mostre que r é um número irracional. Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 45 ,555579) Mostre que 2222' é divisível por 7. 80) Mostre que N = (8355 +6) 8781) Qual o resto da divisão de 4 por 17. 82) Encontre a soma dos dígitos do número n para o qual 1335 + 1105 + 845 + 275 = n5. Instruções: Peça que ele (ela) escreva dois dígitos cuja diferença seja maior do que um. Peça que entre os dois dígitos ele escreva um algarismo qualquer Peça que inverta a ordem dos algarismos do número obtido. Peça que diminua o menor número obtido do maior. Peça que inverta a ordem dos dígitos da diferença acima obtida. Peça que some o último número obtido ao anterior. Peça que some o número obtido à idade do amigo (a). Peça para ele dizer qual o último resultado obtido Você então dirá a idade do amigo (a). Qual é o truque? ,18 - 1 é divisível por 112. 83) A Teoria dos Números nos permite tratar do lado lúdico da Matemática. Vivencie a seguinte brincadeira, como adivinhar a idade do amigo (a) ? + 55552222 84) Escreve-se no quadro-negro os números inteiros de 1 a 15. Você escolhe quaisquer dois destes números, apaga-os, e junta à lista a soma deles. Depois de quatorze operações deste tipo, resta somente um número sobre o quadro-negro. Em cada operação realizada, é possível fazer escolhas de modo que o número final seja 105? Capitulo 2 - Questões46 85) 86) 1 87) Escreva a sequência crescente de todos os números inteiros começando 35 37 39 41 43 45 47 49 51 53 55 57 59 61 63 35 38 39 42 43 46 47 50 51 54 55 58 59 62 63 9 10 11 12 13 14 15 24 25 26 27 28 29 30 31 40 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 3 5 7 9 11 13 15 17 19 21 23 25 27 29 31 33 3 6 7 10 11 14 15 18 19 22 23 26 27 30 31 34 5 6 7 12 13 14 15 20 21 22 23 28 29 30 31 36 88) Considere a sequência de números inteiros dada por 1, 2, 2, 3, 3, 3, 4, 4, 4. 4, 5, 5, 5, 5, 5, 6, 6, 6. 6. 6. 6, na qual o n-ésimo número inteiro positivo aparece n vezes. Qual é o termo de ordem 2007? 16 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 90) O mágico senta-se numa cadeira, de costas voltadas para a audiência. Alguém pensa num número natural qualquer não superior a 105. Divide o número por 3 e diz o resto da divisão ao mágico. Em seguida, divide o número inicialmente pensado por 5 e fala o resto da divisão ao mágico. E, finalmente, divide o número pensado por 7 e diz o resto. O mágico, conhecendo apenas os três restos, advinha o número pensado. Qual é o truque? Num pais distante, os números são escritos na base r e a moeda local é o potiguar, abreviada Poti. Um homem comprou um boi por 440 potis. Para efetuar a compra, ele deu ao vendedor uma cédula de 1000 potis e recebeu de troco 340 potis. Qual é o valor da base r? 89) Uma senhora transportava um cesto de ovos Assustada por um cavalo que galopava perto dela deixa cair o cesto e todos os ovos se partem. Quando lhe perguntaram quantos ovos tivera o cesto, respondeu dizendo que é muito fraca em aritmética, mas lembra-se de ter contado os ovos de dois em dois, de três em três, de quatro em quatro e de cinco em cinco, e tivera sobra de 1, 2. 3, e 4 ovos, respectivamente Ache a menor quantidade de ovos que o cesto inicialmente poderia ter 8 41 42 43 44 45 46 47 56 57 58 59 60 61 62 63 4 37 38 39 44 45 46 47 52 53 54 55 60 61 62 63 por 10 e terminando por 99 para formar o número inteiro K = 101112131411516...979899 . Qual é a maior potência de 3 que divide K? (O adivinho indiscreto) Convide um colega para dizer, dentre os 6 cartões abaixo, de 32 números cada, em quais deles está a sua idade. Imediatamente você advinha à idade dele. Onde está o segredo? Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 47 93) Qual é o menor número natural n que torna n! divisível por 1000 ? 94) Mostre que existe n natural tal que 1 + — + — + > 123 456.789 2 3 e divisível divide 10001, mas 2995 não divide.,99496) Mostre que 2 9998) Diga, justificando, se o número 600! é divisível por 7 99) Determine o maior divisor de 1.001.001 001 que não excede 10 000. 100) Seja p um número primo tal que p>7. Mostre que o número divisível por p. resto da divisão de a por 13. 2 4 2 n _1_ 22 23 91) Determine o menor inteiro positivo que deixa restos 11 e 35 quando dividido, respectivamente, por 37 e 48 92) Numa criação de coelhos e galinhas, contaram-se 400 pes. Quantas são as galinhas e quantos são os coelhos, sabendo que a diferença entre esses dois números é a menor possível? 97) É possível fazer uma partição do conjunto {1, 2, .. . 21} em vários subconjuntos de modo que, em cada subconjunto, o maior elemento seja igual à soma de todos os outros ? —. Encontre o 23! 101) Seja a um número natural tal que + + 95) Para quais valores de n o número 1! + 2! + 3! + 4! + ... + n! por 5 ? 1_2TJ é p-1 dígitos Capítulo 3 Resoluções 51Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA RESOLUÇÕES: I. Resoluções: Indução Demonstrar que a soma dos n primeiros números naturais é igual a1) Para n = 1 a hipótese é válida porque S-j = 1 =1°) 2o) Suponhamosque Sk =1 + 2 + 3 + ... + k = Demonstraremos que Sk+-| = 1+2+3 + .,.+k+(k + 1) = De fato: Sk+1 =Sk +(k + 1) = 2) igual a 1o) Resolução Indiquemos por Sn a soma procurada Sn = 1 + 2 + 3 + ... + n Resolução Sejaa S2(n) =12+ 22+32+ 42... + n2. k(k + 1) 2 (k + 1)(k+1) 2 Demonstrar que a soma dos quadrados dos n primeiros números naturais é n(n + 1)(2n +1) 6 n(n + 1) 2 (1 + 1)-1 2 S2(1) = 12 = 1.(1 + 1).(2.1 + D 6 S2(k +1) = 12 + 22 + 32 +... +k2 + (k +1)2 = = S2(k) + (k + 1)2 = k(k + 1^(2k + 1)+(k + 1) = O k(k + 1)(2k + 1) + 6(k + 1) (k + 1)(k + 2)(2k+3) 6 6 k(k +1) • (2k -r 1) 2°) Admitamos n = k. Suponhamos que S2(k) = —------------------ 6 . . (k-rlWk + 2)(2k + 3) Devemos mostrar que n = k +1 => S2 (k +1) = -------- ----------------- - 6 k(k + 1) (k + 1)-(k + 1) 2 2 Capitulo 3 - Resoluções52 3) S2 = 1-1! + 2 2! = 5 S3 = 1-1! + 2 2! + 3-3! = 23 S4 = 1-1! + 2-2! + 3 3! + 4 • 4! = 119 Analisando esses resultados podemos nos convencer de que S4 = 2! -1, S2 = 3! - 1. S3 = 4! -1, S4 = 5! -1 1°) 2°) = (k + 2)l -13o) Temos: Sk+i =1.11 + 2.21 + 3.3+ ... +k.k! + (k +1). (k +1)1 = Sk+(k + 1) (k +1)! = [(k +1)!-1] + (k + 1).(k + 1)1 = (k + 1)![1 + (k + 1)]- = (k+1)!.(k + 2)-1 = (k + 2)!-1 4) Demonstrar que a soma dos cubos de três números consecutivos é divisível por 9 Suponhamos que Sk =1-1! + 2-2! + 3-3! + ... + k k!=(k +1)1 -1 Resolução S, =1-11 = 1 Por isso. podemos anunciar a seguinte conjectura: Sn = (n +1)! — 1 Vamos comprová-la Para n = 1 a hipótese é válida, pois S1 =1-11 = 2! - 1 Provemos que Sk + 1 O produto 1-2 3-, ,-n indica-se com n! (Lê-se fatorial de n). Convém memorizar que 1! = 1, 2! = 2, 3!= 6, 4! = 24 e 5! = 120, Calcular Sn =1-1! + 22! + 3-3! + ...+n-nl Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 53 Resolução 5) é divisível por 133, qualquer 1o) = 121 +12 = 133, que é divisível por 22°) é divisível por 3o) 6) Como Ak é um número divisível por 133 (pela hipótese da indução), podemos escrever Ak + j = 133- f, onde ( e Z, serve que p(k + 1) é verdadeira. Logo. concluímos que p(n) é verdadeira Vn > 0. Devemos mostrar agora que a proposição continua verdadeira para n = k + 1, isto é, Ak+1 é um número divisível por 133 Também será divisível por 9, pois consta de duas parcelas divisíveis cada uma por 9. 1o) A soma 13 + 23 + 33 = 36 é divisível por 9. ou seja, a proposição é valida se o primeiro dos três números consecutivos é 1. 2°) Suponhamos que a soma k3 + (k + 1)3 + (k + 2)3, onde k é um número natural, seja divisível por 9. A soma: (k +1)3 + (k + 2)3 + (k + 3)3 = (k +1)3 + (k + 2)3 + k3 + 9k2 + 27k + 27 = = [k3 + (k + 1)3 + (k + 2)3] + 9(k2 + 3k + 3) Suponha verdadepara n = k, ou seja, Ak = 11k 133. Mostre que n2 - 3n + 4 é um número inteiro para todo inteiro n. Ak + i =11k + 1 + 2+122k + 2 + 1 =(l 1k + 2 +122k + 1) + 133-122k + 1 Ak + i = Ak+133-122k + 1 Resolução Sejam An = 11n +2 + 122n + 1 Demonstrar que a soma An = 11n + 2 + 122n + 1 que seja o número inteiro n > 0. + 122k + 1 Para n = 0 temos: Ao = 11o + 2 + 1220 +1 133. Capitulo 3 - Resoluções54 2o) mostrar que Ak_i é também um número inteiro. Ar +1 = (k +1)2 - 3(k +1) + 4 = (k2 - 3k + 4) + 2(k -1). Como 2(k - 1) é um número inteiro e k2 - 3k + 4 é um inteiro também (pela hipótese de para todo m > 0 . Logo n2 - 3k + 4 é um número inteiro Vn e Z. Demonstrar que, se u0 = 2, u-| = 3 e uk+-| =3uk-2uk_-| para todo número7) natural k, então un = 2n+1. Resolução 8) n 2n + 1 1 2-1 + 1 1 5-7 1 3-5 Resolução 1o) Para n = 1. temos 2 3 Resolução 1 °) Seja An = n2 - 3n + 4 começamos supondo que niO; n = 0 Aq = 4 n = 1 A-j = 2 Supomos agora que Ané um número inteiro para n = 1, .... k devemos 1 (2 -1—1) ■ (2 -1+1) 1 (2n-1)-(2n + 1) uk+1 = 3uk - 2uk_1 = 3(2k +1) - 2(2k’1 +1) = 2k+1 análogo àquele mostrado acima, que An =m2+3m + 4 é um número inteiro Demonstrar que + 1o) Para n = 0 e para n = 1, a proposição é válida, pois u0=2°+1 = 2 e indução), concluímos que Ak+-| é um número inteiro. Se n < 0, colocamos m=-n e concluímos, por um procedimento u-i = 21 +1 = 3: 2o) Suponhamos que uk_i = 2k-1 +1 e que uk = 2k +1 então Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 55 Para n > 5, n e N mostre que 2n > n2.9) 2k+1 = 2k -2 2k (jáquek>5) Considerando que, por hipótese, temos 2k >k2, temos Logo, p(k + 1) é verdadeira e concluímos que p(n) é verdadeira Vn > 5. 1o) para n = 2 1 2 + 2 1 n + 1 k 2k + 1 k 2k-r1 _1_ 2n k + 1 2k + 3 k 1 2k +1 + (2k = 3)(2k + 3) Resolução Indiquemos por Sn o primeiro membro da desigualdade 1_ 12 1 (2k-1) ■ (2k +1) k(2k+3) + 1 (2k + 1) (2k + 3) (k + 1) (2k + 1) (2k +1) (2k +3) 2k+1 HP 2k+1 Resolução 1o) Seja p(n) a proposição se n > 5. então 2n > n2 Temos' n = 5 32 > 25 2o) Vamos supor que a proposição p(n) é verdadeira para n = 5. 6. 7. ... k. Devemos mostrar que p(n) continua verdadeira para n = k + 1. isto é. Kpk+1)2 2°) Suponhamos para n = k 1 1 1Su =------- i--------- 1--------+ .. K 1-3 3-5 5-7 10) Demonstrar que + = e, em consequência, a desigualdade se verifica 13 >— para todo n natural, n > 1. 24 >(k + 1)2. S2 = —2 2 + 1 Então, devemos mostrar que é válido para n = k +1. 1 1 1 1 sk+1 - 1.3 + 3.5+' +(2k-1) (2k + 1) + (2k + 1)-(2k + 3) Capitulo 3 - Resoluções56 11) Mostre que 21 (n2+n), Vn e N. 12) Demonstrarque Sn = 1-22 +32-42 +... + (-1)n 1.n2=(-1)n 2 1 2k + 2 1 2k + 1 i—1 n(n + 1) 2 132°) Seja Sk > — para certo k e N . 13 Demonstraremos que, então, também $k+1>^ temos 2k „ 1 1 ol . i =---------H------------b... +K 1 k+2 k+3 Comparando Sk e Sk+i, vemos que Sk+1 -sk - 2k + 1+ 2k-r2-k+í °U Se*a’ Sk+1~Sk " 2(k+1) (2k + 1) O segundo membro da última igualdade é positivo, qualquer que seja o número 13 - . u- e 13—, então também Sk+-|> —. Resolução 1o) É evidente que a hipótese é válida para n = 1, já que . , ..0 1(1 + 1) S1 = 1 = (-1)----- -— 2o) Suponhamos que seja válida para n = k, k e N. Sk = 1-22+ 32-42+... + (-1)k-1 k2 =(-1)k"1 natural k. Por isso, Sk+1>Skcom Sk >—, então também Sk+-j Resolução 1 °) Para n = 1, temos 2112 +1, oqueéverdade. 2o) Admitamos verdadeira para n = k, isto é 2 | (k2 + k) ou seja 2 | k ( k + 1) e provemos que vale para n= k + 1 2 | [ ( k + 1)2 + ( k + 1)) <=> 2 | k ( k + 1). ( k + 2) Sabemos que: (k + 1)2 + (k + 1) = (k + 1).(k + 1 + 1) = (k + 1) + (k + 2) = k(k+1) + 2.(k + 1) Dai. segue. 2|k(k+1)=>2|k(k + 1) + 2(k + 1) = 2|2(k+1)=>2|(k + 1).(k + 2) Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 57 Resolução 2 Então 13+23+ ... + k3+(k + 1)3 = 14) Demonstrar que Vne N Resolução (Hipótese de indução) Então vamos provar para n + 1: 1-2 + 2-3 + 3-4 + ... +(n-1)-n + n-(n + 1) = n-(n + 1)-(n + 2) 3 n(n +1) 2 1°) A proposição é válida para n = 1, pois 13 = 13) Demonstrar que a soma dos cubos dos n primeiro números naturais é igual a |2 l3 + 23+33+... + k3=[í<!^l’]2 (k + 1)2 4 / -v |n-1) '= n • (n +1) • +1 = (-l)k (k+D- (k + 1)-^ =(-1) + (K+1)3 = 1-2-3 1°) Para n = 1, 1-2=—, o que é verdade 2°) Suponhamos verdadeira para n e N , Se 2o) Suponhamos verdadeira p/n = k. demonstraremos que a hipótese é verdadeira para n = k + 1: Sk+t = 1 -22 + 32 -42 +... + (-1)k-1 • k2 = (-1)k (k +1)2 = = Sk + (-1)k- (k +1)2 = (-1)k“1 • k(k2+1) + (-1)k • (k +1)2 = k (k +1) - (k +1) 2 1-2 + 2 3 + 3-4 + ... +(n-1) n=(n 1) n(n+1) 1-2 + 2-3 + 3-4 + ...+(n-1).nJn--1)3n(n + 1) (k + 1)-(k + 2)j2 k2(k + 1) 4 (k2+4k + 4) = D k 2 Capítulo 3 - Resoluções58 15) Demonstrar que Vn e N Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1 = 61-(1 + 1) (1+2) = 2o) Suponha verdadeira para n = k, 16) Demonstrar que Vne N Resolução _32 5-7 Então, para n = k + 1, temos 1-2 3+ 2-3-4+.,.+k (k+ 1) (k+ 2)+(k+1)-(k + 2) (k + 3) = 2 3 3Í 3-51-3 (k +1) - (k + 2) ■ (k + 3)-(k + 4) 4 1-(1+1)-(1 + 2)-(1+ 3) 4 n (n + 1) 2-(2n + 1) 1(1 + 1) 2(2-1 + 1) k (k + 1) 2 (2k +1) 1o) A proposição é válida para n = 1, ou seja, 12 (2 -1 — 1) - (2 -1 +1) n2 (2n-1)(2n + 1) 2o) Suponha verdadeira para n = k 12 22 [ 32 k2 1^3 + 3-5 + 5-7 + " + (2k-1)-(2k + 1) 1 2-3 + 2-3-4 + 3-4 5 + ... + k (k+ 1)-(k+ 2) =k(k + 'l)'(k + 2)(k + 3) 4 1-2-3+ 2-3-4+ 3-4-5 + .,. + n (n +1) - (n + 2) = n(n + 1) <n + 2) <n + 3) 4 k.(k + 1)-(k + 2).(k + 3)+(k + 1Hk + 2Hk + 3) = 4 (k + 1).(k + 2)-(k + 3)--------- ---------- + -4 Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 59 17) Demonstrar que Vne N Resolução 18) Demonstrar que vn e N Resolução 1 9-13 1 7-10 1 7-10 1 3-1 + 1 1 4.1 + 1 2 4 n 4n + 1 1 5-9 1 4-7 1 14 1 (4n-3)(4n + 1) 1 n (3n-2)-(3n + 1)”3n + 1 1 k (3k — 2)-{3k +1) 3k + 1 (k + 1)■ [(2k +3) + 2(k + 1)] (k + 1) (2k2 + 5k + 2) 2 - (2k +1) - (2k + 3) + 2-(2k + 1)-(2k + 3) 1 1-5 (k+1)(2k + 1)+(k + 2) 2-(2k +1) (2k + 3) (k + 1)(k + 2) 2-(2k + 3) Então, para n = k + 1. temos 1 1 1-4 + 4-7 _ k _ ” 3k+1 + (3k + 1) (3k+ 4) k-(k +1)2 (2k +1) (2k + 3) Então, para n = k + 1, temos: ±+3Í+ K21-3 + 3-5 + + (2k-1) (2k + 1) 1o) A proposição é válida para n = 1, pois 1°) A proposição é válida para n = 1 _______ 1______ (3-1-2)-(3-1 + 1) 2°) Suponha verdadeira para n = k 1 1 1-4 + 4-7 k(k + 1) (k +1)2 “ 2 (2k + 1) + (2k + 1) (2k + 3) 1 1 ' + (3k-2)-(3k + 1) “(3k + 1)-(3k+4) ” 1 k(3k+4) + 1 k+1 (3k-2) (3k + 4) “3k + 4 Capitulo 3 - Resoluções60 19) Demonstrar que Vn e N Resolução 1o) A proposição é válida para n = 1, pois k + 1, temos a * p e se uk = (a + P)uk_1-a(Juk_2 Para todo número k > 2, então un = 1 1-5 1 9-13 k 4k + 1 1 1 1 a (a -i-1)+ (a + 1) (a + 2)+ (a + 2) (a + 3) k ______ 1 a (a + 1) (a+k)(a + k + 1) 2o) Suponha verdadeira para n = k 1 1 1 5-9 + 9-13+ +(4k-3)-(4k + 1) 2°) Suponha verdadeira para n = k 1 . 1 a (a + 1) (a + 1) (a+ 2) Então, para n 1 . 1 a-(a + 1)"(a + 1)(a + 2) (a +k) (k +1) a(a + k)(a + k + 1) k (a + k + 1) + a a(a + k)(a + k + 1) n a(a + n) k 1 4k+ 1+ (4k + 1)(4k+ 5) k + 1 a(a + k + 1) 1 (a + k — 1)(a + k) 1 1 a (a + 1) a (a + 1) _______ 1_______ (a + k- 1)(a + k) 1 (a + n + 1) (a + n) ______ 1______ (a +1) ■ (a + k +1) k a(a + k) an+1_ pn+1 a-p Então, para n = k + 1, temos 1 1 ______ 1 1 1-5 + 5-9 + + (4k-3) (4k+ 1) ~(4k+ 1) (4k+5) k(4k + 5) + 1 k + 1 (4k + 1) (4k + 5) ~4k + 5 a2-P2 20) Demonstrar que, se u-, = ———,7 a2-p2 a3-P3 e u2 = ' 3 „3a -p3 61Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA e uk_-| = Então uk = (a + p)- 21) Para que valores naturais de n se verifica a desigualdade 2n>2n + 1. %/n, n > 2, ne N 'k + 1 Vk + 1 - Vk donde segue o resultado desejado! desigualdade 2n>2n + 1. Como a validade dessa desigualdade para n = k implica sua validade para n = k + 1 podemos afirmar que a desigualdade se verifica para qualquer númeronatural n>3 Resolução É evidente que 3 é o menor número natural n para o qual se verifica a ak+2_pk+2 a-P ak-pk a-P ak-pk a-P Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1 e para n = 2 2o) Sejam _pk-1 a"-P -Pk~1 a-p 1 1 122) Demonstrar que-y= + -^=-+..+-j= Resolução 1o) A desigualdade se verifica para n = 2, pois 1+-y=-> <72 Demonstraremos que J_ 1 1 1 ■fi +J2+" VkT'/k + 1 Para todo k > 0 vale a desigualdade ___ 1 TkTi -„.p“k-1 ak-1 uk-2 = 2o) Suponha verdadeira para n = k 1 1 1 7Í + -J2 +'" + Vk Capitulo 3 - Resoluções62 Resolução 6 e, em consequência, é válida a proposição. 2°) Suponha verdadeira para n = k É fácil comprovar que Para k > 0 . ou seja, xn + xn-2 + xn-4+... (1) (2) A k + 1 _4 k + 1 24) Demonstrar que qualquer que seja x > 0 e qualquer que seja o número natural n, se verifica desigualdade 4(k+1) k+1 (2k)l (k!)2 (2k + 1)(2k + 2) (k + 1)2 4k+1 iT+2 (2k+2)l [(k + 1!)!]2 4-(k + 1) (2k)l (2k + 1) (2k + 2) k + 2 (k!)2 (k + 1)2 1 1 1 +----- r +-----k + — S n +1xn-4 xn-2 xn Resolução 1°) a) Para n = 1, a desigualdade (1) fica x +— a 2 x A desigualdade (2) decorre da desigualdade evidente (x -1)2 > 0 1o) Para n = 2, a desigualdade fica sendo 4n (2nV 23) Demonstrar que----- < +—(j- para todo número natural n > 1 n + 1 (n!)2 Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 63 (3) 0, ela subsiste ao substituir-se x 2o) Suponhamos que a desigualdade (1) se verifique para n = k, ou seja que ,k-2 (4) ,k-2 (5) na desigualdade (2) em lugar de x, obtemos xk + 2 (6) Somando membro a desigualdades (4) e (6), obtemos a desigualdade (5). 25) Demonstrar a identidade: cosacos2acos4a-...cos2na = Resolução 1°) A identidade é válida para n = 0, já que ■ a •sena sen(2a) 2-sen a sen2n*1a 2n+1sena X2+4>2 X2 Somando 1 a ambos os membros da última desigualdade, obtemos a desigualdade (3) sen2 2k+1 xk +X1 xk-r2 | x' 2°) Suponhamos que seja válida para n = k, ou seja, que k eon9k+1 cos a ■ cos 2 a ■ cos 4 a-„. • cos 2 a = + ^T2à2 Xk 2 b) Para n = 2, a desigualdade (1) fica x2 +1 + -^- è 3 x2 Como a desigualdade (2) se verifica para todo x por x2, ou seja Introduzindo xk+2 + ... + -r-L- + ^- + -r^->k + 3 xk—2 xk x^+2 2 • sen a-cosa cos a =-------------------- 2-sen a + -iTT + _T-k + 1 xk“2 xk Sendo k um número natural demonstraremos que, então, a desigualdade (1) também se verifica para n = k + 2, ou seja, que: Capitulo 3 - Resoluções64 Então também é válida para n = k + 1. De fato: a 26) Demonstrar que se a-| = cos0, a2 = cos(20) e ak = 2cos0ak_-| - ak_2 para todo k > 2, então an = cos n0. Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1 e para n = 2 2o) Seja ak_i =cos(k-1)0 e ak_2 =cos(k-2)0 Então: ak = 2cos0 cos(k-1)q-cos(k-2) ■ 0 = [cosk0 + cos(k- 2)0]-cos(k -2)-0 = cosk0 27) Demonstrar que vn e N Resolução 1o) A proposição é válida para n = 1, pois, senx = 2°) Suponha verdadeira para n = k senx + sen2x + sen3x+..+ senkx = x ■sen — 2 kx■ sen—. 2 1 + 1 sen------x 2 x sen- 2 cosa-cos2acos4a ...cos2kacos2k+1re - nx•sen — 2 k + 1 sen------ x 2 sen- 2 sen2k+1 21 acos2lit1 !k+1sena sen2k>2g 2k+2sena n + 1 sen-------x senx + sen2x + sen3x+... + senx =--- ---x sen -2 65Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA Então, mostramos que continua válida para n = k + 1: senx + sen2x + sen3x . + senkx + sen(k + 1)x = k + 1kx kx + 1 k + 1kx x 28) Demonstrar que. VneN Resolução 1o) A proposição é válida para n = 1, uma vez que 2o) Suponha verdadeira para n = k: x sen- + 2 1 = —+ COSX 2 3x x'sen------sen— 2 2 k + 1 sen----- x 2 x sen- 2 k + 1 sen----- x 2 x sen- 2 k + 1 sen----- x 2 x sen- 2 k + 1 sen----- xi —V sen— i 2 k + 2 sen------ x 2 x sen- 2 r kx |_senT k + 1• sen----- x 2 k + 2 kxYIsen------x - sen— =2 2 JJ 3x sen— 2 2sen- 2 2sen- 2 2k + 1 sen------- x 2 2sen- 2 2n + 1 sen—-— 2 _ X 2sen- 2 kx■sen —+ sen(k +1)x = — + cosx + cos2x + cos3x + ... + cosnx = 2 i + cosx+ cos2x+ ... + coskx = sen— + 2sen--- x-cos---x =2 2 2 P kx „ k + 1 xsen—+ 2 cos-- x sen—L 2 2 2. Capítulo 3 - Resoluções66 Então, para n = k + 1, temos: + cos(k + 1)x = 29) Demonstrar que, VneN = senx 2°) Seja n = k Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1, uma vez que — -cosx + cos2x 2 2sen 2 2senx-sen2x 2senx(1-cosx) 4sen2- 4sen2- 2 2 Então, para n = k + 1, temos: senx + 2sen2x + ... + ksenkx + (k +1)sen(k + 1)x = = (k-r 1) ■ senkx - ksen(k +1) ■ x + (k + 1)sen(k + 1)x = 4 sen2 -2 (k +1) senkx -ksen(k-r1)x + 2(k + 1)sen(k + 1)x (1- cosx) 4 sen2 -2 (k -r2).sen(k + 1)x+ (k + 1)senkx (k+ 2) [sen(k + 2)x+senkx] 4 sen2- 4 sen2 - 2 2 (k + 2).sen(k + 1)x -(k + 1)sen(k + 2)x 4 sen2 - 2 2k + 1 sen------- x ... + coskx + cos(k + 1)x =-------—— 2k + 3 sen--------x 2 „ x2sen- 2 . 2k + 3 2k +1 sen-------x + sen-------- x - sen--------x2 l 2 2 2sen — 2 2k + 1 x ,,sen —;;— x + 2sen — cos(k + 1)x 2sen- 2 „ (n + 1-sennx-nsen(n + 1)xsenx + 2sen2x + 3sen3x + ... + nsennx = ------------------ 4 sen2 - 2 senx + 2sen2x + 3sen3x + ... + ksenkx = + 1)senkx—ksen(k+ 1)_x 4 sen2 - 2 2k+1 2 67Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 30) Demonstrar que Vn e N Resolução = cosx 2o) Suponha verdadeira para n = k Então, para n = k + 1, temos: cos x + 2 cos 2x +... + k cos kx + (k + 1)coskx ■ x = 31) Demonstrar que (para valores de x em que a expressão está definida) (k + 2)-cos(k + 1)x + (k + 1) coskx (k + 1) [cos(k + 2)x + coskx ] + 1 4sen2- 4sen2^ 2 2 (k + 2)■ cosx(k + 1)x + (k + 1)coskx 2(k +1)-cosx- cos(k + 1)x +1 4 sen2- 4sen2^ 2 2 (k +1) ■ cos kx - k cos(k +1) x -1 2(k +1) ■ cos(k + 1)x (1 - cos x) 4 sen2 - 4 sen2 í 2 2 (k + 2) ■ cos(k + 1)x - (k +1) ■ cos(k + 1)x -1 4 sen2 - 2 cos x(1-cosx) 2sen2 - 2 2cosx -cos2x -1 4sen2 — 2 2cosx-2cos2x 4sen2 — 2 1°) A proposição é válida para n = 1, uma vez que 1. x 1 . x 1.x 1 L x+ — + ... +—tg—■ = —cotg—-cotgx 2. 2 2^ 2n 2n 2n 2^ „ , (k + 1)coskx-kcos(k + 1)x-1 cos x + 2cos2x + ... + k cos kx = ------------------------------------------ 4 sen2 - 2 (n +1) -cosnx -ncosfn- 1)x -1cos x + 2 cos 2x + 3 cos 3x +,.. + n cos nx = -------------------- 4sen2 -2 1 2n Capítulo 3 - Resoluções68 ,2 x 2 32) Demonstrar que Vn eBI arccotg3 + arc cotg5 +... + arc cotg(2n + 1) = Resolução 1o) Temos: ou seja, a proposição é válida para n = 1. 2°) Mostremos inicialmente que (1) Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1, uma vez que 2 3 1 = ^k+Tcot9 1. x 2*92 k + 2 arccotg(2k + 3) = arc tg-------- arctgl k +1 2-1 tg(arctg2-arc tg1) = 1 + 2-1 1 X = ^Tcot9^-co‘3x = arctg2 + arc tg^ + ... + arc tg^-Í^-n arctgl 1 X 1 X—cotg—-cotgx = -cotg— - i^ 21 1 2tg| ’2tgf 2 * 1 o ok-r1 1 — cot9^i Por isso, arctg2 - arctgl = arctgl, 2o) Suponha verdadeira para n = k 1 x 1 . x 1.x 1.x 2t92+?,9p-+- +^tgF=F 9F 9X -cotgx = cot9^k+í Então, para n = k+1, temos 1 . X 1 . X 1.x 1.x 1.x . 1.x 2,92T?t9?+-V92^ + ^T 2i^?=2r COt9XF” 9X^1 t9^T = X 2k+1 3 2 x 2k 69Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA De fato, temos: k, isto é: (2) Demonstremos que, então, também é válida para n = k+1, ou seja que: arc cotg3 + arccotg5 + ... + arc cotg(2k + 1) + arc cotg (2k + 3) = (3) 33) Demonstrar que VneN Resolução 1°) A proposição é válida para n = 1, já que 4 4 2o) Suponha verdadeira para n = k 1 2k+3 De fato somando membro a membro as igualdades (1) e (2), obtemos a igualdade (3). j (1 + i)k =22 1, (1 + i)n = 2 2 cos — + i sen — 2 (1 + i)n = 22 Suponhamos que a proposição seja válida para n = 1^-1 k + 1 k+2 .1 +------- 1 k+1 k?t cos — + i sen — 4 4 nn nucos — +1 sen — 4 4 J tg f arctg + ? arctg 1 ] = V k + 1 ) arc tg2 + arc tg|- +... + arc tg—+ arctg - (k +1) ■ arctgl 3 k + 1 arccotg3 + arccotg 5 +... + arccotg (2k +1) = arctg 2 + arctg - +...+arctg—-— k arctgl 1 k + 2Ou seja, arctg--------= arccotg(2k + 3) = arctg----------arctgl 2k + 3 k + 1 Capitulo 3 - Resoluções70 ,k+1 G/3-I)' -1 sen 35) Demonstrar que (cosx + i senx)n =cosnx +sen nx para todo n naturalResolução Resolução 1o) A proposição é válida para n = 1, uma vez que ní nz nz73 -i = 2 cos----- i sen —l 6 6 (k + 1)z 4 (k + i)z 6 (k+1).n 6 Então, para n = k + 1, temos )k+1=(^-i).(j3-i) = 2k fkx nV (kz z L l 4 4j l 4 4 k+1 = 2 2 [cos O que conclui a demonstração. Então, para n = k + 1, temos (1 + i)1 k+1 = 2 2 2o) Suponha verdadeira para n = k: / vk r-A kn kn (x/3 -i) = 2 cos—+i sen — 16 6 2 ícos—- i sen — 'l = 2k+1 íf i l 6 6 J [X (1 + i)k-(1 + i) = 34) Demonstrar que Vn e N (>/3-í)n = 2Ícos^ + i sen^-j kz . kz i cos----- 1 sen— =6 6 J . í kz z z kz-i sen— cos —+sen-cos— (.6 6 6 6 kz z kz . z)cos—cos----- 1 sen—-• isen— -6 6 6 6) (k + 1)zl + i sen-------—4 J 1o) A proposição é válida para n = 1 2o) Suponha verdadeira para n = k. (cosx + i senx)k =coskx + senkx Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - 1TA 71 Então: = (coskx cosx- senkx.senx) + i (senkx cosx + senx coskx) = cos(k + 1)x + i sen(k + 1)x Resolução 1o) Resolução 36) Um grupo de pessoas está em uma fila para comprar entradas para o cinema A primeira pessoa da fila é uma mulher e a última é um homem Mostre que. em algum ponto da fila, uma mulher está diretamente na frente de um homem. Para n = 2: o enunciado afirma que a única mulher está na frente do único homem e, portanto, a afirmação "em algum ponto da fila, uma mulher está diretamente na frente de um homem" é verdadeira. 1o) Para n = 1, a equação fica x2 + y2 = z, que tem, por exemplo, a solução (2. 3. 13) 2o) Para n = 2, a equação fica x2 + y2 = z2, e qualquer terna pitagórica, como (3. 4, 5), é solução. 37) Mostre que, para qualquer natural n, existem números inteiro x. y e z tais que x2 + y2=zn. 2o) Supondo a afirmação verdadeira para n = k, k > 2. vamos mostrar que é verdadeira para n = k+1. Primeira Possibilidade: a segunda pessoa da fila é homem. Neste caso, como a primeira é mulher, a afirmação é verdadeira. Neste caso, retirando a primeira mulher da fila, ficamos com uma fila de k pessoas, sendo a primeira mulher e a última homem. Pela hipótese de indução, há uma mulher diretamente na frente de um homem e isso continua verdadeiro ao recolocarmos a mulher no primeiro lugar na fila. Logo, a afirmação é verdadeira. (cosx + i senx)k+l = (cosx+i sen x)k - (cosx + i-senx) = = (coskx + i senkx)• (cosx +i sen x) = 72 Capitulo 3 - Resoluções ou seja ,2 Resolução 13 p(k + 1):13+23+... + (k + 1)3 > Então Dai 6k2 +8k + 3>0,VkeN 2 4 1^ 4 (k + 1)4 4 = k, k > 2, vamos mostrar que é (ca.cb.c) é uma solução para a equação x2 +y' 3°) Supondo a afirmação verdadeira para n verdadeira para n = k + 1. Tomemos por base (a, b, c) uma solução para n = k - 1 a2 + b2 = ck’’ 13 + 23+... + k3 + (k + 1)3>!SÍ + 4(k + 1)3 = 4 4 k4 +4k3+ 12k2 +12k + 4 4 k4 + 4k3 + 6k2 + 4k +1+6k2 + 8k +3 4 2°) Admitamos p(k) :13 + 23 + ... + k3 > — verdadeira e provemos que vale 4 4 38) Demonstre que 13 +23 + 33 +... + n3 > —, VneN 4 (ca2)+(cb)2 (k +1)4 6k2 +8k + 3 (k +1)4 4 + 4 > 4 Então (c2)a2+(c2)b2 =(c2)ck-1 ou = zk+1, logo, está demonstrado. 1o) Para n = 1, é verdadeira Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 73 39) Demonstreque 6|n(n + 1)(n + 2),VneN Resolução 1o) Para n = 1, é verdadeira pois, 6 11 (1 + 1) (1 + 2) 6 |k (k + 1)(k + 2)-(k + 3) Então =. 61 k (k +1)■ (k + 2) + 3(k +1) (k + 2) => 40) Demonstre que 31 (n3+2n) VneN Resolução (k +1)3 + 2(k +1) = k3 + 3k2 + 3(k +1) + (2k + 2) = = (k3+ 2k) + 3(k2+k +1) 2(k + 1)j. 2o) Supondo válida para n = k, isto é, 61 k (k + 1)(k *2) vamos provar para n = k +1 ou seja Segue que 31 k3 + 2k Logo, 3| k3+2k + 3(k2+k + 1) = = 3|3(k2 + k + 1) (k +1).(k + 2) (k + 3) = k (k +1) (k + 2) + 3(k +1) (k + 2) 61 k (k + 1) (k + 2)1 6|k(k + 1)-(k + 2)J => 6 |(k +1)■ (k + 2) ■ (k + 3). Está demonstrado. 1o) Para n = 1, é verdadeira pois, 3|1(13 + 2-1) 2o) Admitamos válida para n = k, ou seja. 3 |(k3 +2k) e provemos que p (k +1) é verdadeira, ou seja: 3|[ (k + 1)3 + 2(k +1)] Temos Ou seja, 31 [(k + 1)3 Capitulo 3 - Resoluções74 41) Demonstre que Vn e N. Resolução Para n = 1, é válida pois. 1 + 1 = (1 + 1)1°) k + 2 Temos: (k + 1)- 42) Mostre que 2n i. n + 1, Vn e N. Resolução 2kák + 1 Devemos provar que 2(k +1) > (k +1) +1 Resolução 1o) 43) Mostre que a soma das medidas dos ângulos internos de um polígono convexo de n lados é Sn = (n-2)-180°. Segue que 2(k +1) = 2k + 2 > (k +1) + 2 > (k +1) +1 Como queríamos demonstrar. Para n = 3 é verdadeira S3 = (3-2)-180° = 180 (soma dos ângulos internos de um triângulo). k + 1 + 1 k + 1<k + 1’í1r^'l =l k + 1J P(k) (1+1,{1ÍK1Í}-{1x) = n+t •K)=k+1 e provemos que vale para n = k + 1, isto é (1+1)-^1^j (1iT+í) ~ )) = k + 2 2°) Admitamos válida para n = k, p(k) = 1o) Para n = 1, é verdadeira pois, 2 -1 > 1 + 1 2o) Admitamos que p(k), k e n, seja verdadeira Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA 75 2°) Admitamos que seja válido para n = k: S(kj = (k - 2) ■ 180° e provemos que é verdadeiro para n = k + 1 ou seja. S(k+1» = (k-1)-180» Podemos reescrever S(k+1j do seguinte modo s(k r1) = sk* 180 -1), VneN. Resolução -1). -1). -1) -1 = 8p, com peZ e daí -1 = + 8p = 8q, com q e Z Vamos mostrar S(k+1) = (k - 2) ■ 180°= 180°(k - 2 +1) = 180° (k -1) Como queríamos demonstrar. + p) Logo 8|32(k+1) -1 32(k+1) _1 = 32k+2 _i = 32k . 32 _1 = 32k(8 + 1j_1 = 8 32k +(32k 1°) Para n = 1 é verdadeira, pois 81 (32k 2k-1). segue que 3 = 8.32k 2°) Admitamos que seja verdadeira para n = k. ou seja. 81 (32k Vamos demonstrar que é válida para n = k + 1 Ora, como 81 (32k = 8(32k 44) Mostre que 81 (32n + 32k32(k+1)_1 = 832k Capitulo 3 - Resoluções76 , n > 0, n inteiro. Resolução 2°) Supondo válida para n = k temos p(k) = 2 + 5 +8 + ... + (2 +3k) = Segue que: 46) Demonstre que 2o+ 21+ 22 ,. + 2n-1 =2n-1, Vn e N Resolução Devemos provar que vale para n = k + 1, isto é 2 + 5-8 + . + (2 + 3k) + [2 + 3(k + 1)] = (k +1)(4+ 3k) +4 + 6(k +1) 3k2+13k + 14 (k + 2) ■ (3k + 7) 2 + 2 “ 2 2° + 21+ 22+... +2k-1 = 2k-1 Deveremos mostrar que vale para n=k+1 2^ + 21 + 22 t 21 (k + 2) (4+3) (k + 1) 2 (k + 1) (4 + 3k) 2 2 + 5 + 8 + ... + (2 + 3k) + [2 + 3 (k +1)] = P(k) ' i i 2k-1 [ 2k — 2k+1_1 1o) Para n = 1 é verdadeira, pois 2o = 21 -1 2°) Suponhamos válida para n = k 45) Mostre que „ >- „ . n + 1(4 + 3n)2 + 5 + 8 + ...+(2 + 3n) =------- -------- - (k + 1)<4+3k) + 2 + 3(k + 1)^ 1o) Para n = 0 é verdadeira, pois 2 = 77Tópicos de Matemática - Olimpíadas - IME - ITA Segue que: 2k — 1 + 2k = 2k+1 -1 Como queríamos provar. 47) Para n > 0 mostre que an = 2n3 -3n2 +n é um número divisível por 6 Resolução a = 0=>d3 =dn = 2o) Admitamos a validade para n = k dk = (D Resolução 1o) Considerando que no triângulo não há diagonais a proposição é válida para n = 3 pois k(k-3) 2 3(3-3) 2 48) Mostre que o número de diagonais de um polígono convexo de n lados é igual (n-3)n 2 n(n-3) 2 ak+1 = 2(k +1)3 - 3(k +1)2 + (k +1) = 2k3 + 3k2 + k = ak + 6k2 Como a» é divisível por 6 podemos escrever akcomo sendo ak.k = ak + 6k. onde LeZ. Segue que p(k + 1) é verdadeira. 1o) Para n = 1 é verdadeira, pois a-| = 2 13 - 3 12 +1 = 0 2o) Admitamos a validade para n = k ak=2k3-3k2+k Deveremos mostrar que é válida para n = k + 1. Isto é Devemos mostrar que é válida para n = k + 1 isto é dk+1=^^ 78 Capitulo 3 - Resoluções Segue que: diagonais Faremos um V, Ve 'VsV3 V? dk^i = dk+1+k-2 = dk+k-1 Como por hipótese, dk = , obtemos ak+i ~ logo, dk_.| é verdadeira e concluímos dk+1 é verdadeira para n > 3. O vértice v, Vs se transforma em lado assim podemos reescrever a expressão (1) da seguinte forma: Acrescentando vértice v6 temos: Vz (k-3).k 2 (k + 1)(k-2) 2 k2-k-2 2 Ao acrescentarmos o vértice vk.i aos vértices v,, v2, ...vk para formar o polígono convexo de k + 1 lados, notamos que o lado Vi vk no polígono convexo Vi v2 ... vk vira uma diagonal; além disso, partindo do vértice vk.,, podemos traçar diagonais para os vértices v2, v3, .... vk.i, para um
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