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Cálculo – 6° trabalho Nome: Gerson de Pontes Costa N°: 496415 Fonte das questões 1 a 5 : Engenharia exercícios Fonte das questões 6 a 8: UFRN Resolva as seguintes integrais trigonométricas: 01 - ∫ 𝒄𝒐𝒔𝒔𝒆𝒄(𝒙) 𝒅𝒙 Realizando uma substituição simples: ∫ 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥) 𝑑𝑥 = ∫ 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥) 1 . 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥)−𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥)−𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) = ∫(𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐2(𝑥)−𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥).𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) 𝑑𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥)−𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) Tomando u = cossec(x) – cotg(x) → du = -cossec(x).cotg(x) + cossec²(x)dx ∫ 1 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥)−𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) (𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐2(𝑥) − 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐(𝑥). 𝑐𝑜𝑡𝑔(𝑥) 𝑑𝑥 = ∫ 1 𝑢 𝑑𝑢 = ln |cossec(x) – cotg(x)| + C 02- ∫ 𝒄𝒐𝒔𝒔𝒆𝒄𝟐(𝒙) 𝒅𝒙 ∫ 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐2(𝑥) 𝑑𝑥 = ∫ 1 𝑠𝑒𝑛²(𝑥) → - ∫ 𝑑𝑢 = −𝑢 = -cotg(x) + C Utilizando substituição: Se u = cotg(x) = cos(x)/sen(x) du = -sen(x).sen(x) – cos(x).cos(x) / sen²(x) dx du = -(sen²(x) + cos²(x)) / sen²(x) dx du = -1/sen²(x) dx 03- ∫ 𝒔𝒆𝒏𝟒(𝒙)𝒄𝒐𝒔𝟓(𝒙)𝒅𝒙 ∫ 𝑠𝑒𝑛4(𝑥)𝑐𝑜𝑠5(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑠𝑒𝑛4(𝑥)cos4(𝑥)cos (𝑥)𝑑𝑥 Dessa forma, aplicando a lei fundamental da trigonometria e trocando de variável: =∫ 𝑠𝑒𝑛4(𝑥)(1 − 𝑠𝑒𝑛2𝑥)²𝑐𝑜𝑠(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑢4(1 − 𝑢2)²𝑑𝑢 = ∫(𝑢2 − 2𝑢6 + 𝑢8)𝑑𝑢 → = u5/5 - 2u7/7 + u9/9 + C Retornando para a variável original: = 1/5sen5(x) – 2/7sen7(x) + 1/9sen9(x) + C 04- ∫ 𝒔𝒆𝒏𝟑(𝒙)𝒄𝒐𝒔𝟐(𝒙)𝒅𝒙 ∫ 𝑠𝑒𝑛3(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑠𝑒𝑛2(𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥 = ∫(1 − 𝑐𝑜𝑠2𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥(-1) → − ∫ −(1 − 𝑐𝑜𝑠2𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥 Tomando u = cos(x) → du = -sen(x)dx, então: ∫ 𝑠𝑒𝑛3(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥 = − ∫(1 − 𝑢2)𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑢2𝑑𝑢 → − ∫(𝑢2 − 𝑢4)𝑑𝑢 = -u³/3 + u5/5 + C, logo: ∫ 𝑠𝑒𝑛3(𝑥)𝑐𝑜𝑠2(𝑥)𝑑𝑥 = 1/5 cos5(x) – 1/3cos³(x) + C 05- ∫ 𝒔𝒆𝒏³(𝒙) 𝒅𝒙 ∫ 𝑠𝑒𝑛³(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑠𝑒𝑛2(𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑑𝑥 = ∫(1 − 𝑐𝑜𝑠2(𝑥))𝑠𝑒𝑛(𝑥)𝑑𝑥 Tomando u = cos(x) → du = -sen(x)dx ∫(1 − 𝑢2)𝑑𝑢 = -u + u³ + C = -cos(x) + cos³(x)/3 + C Dê a resolução para as seguintes integrais por meio da substituição trigonométrica: 06 - ∫ √𝒙𝟐 + 𝟒 𝒅𝒙 ∫ √𝑥2 + 4 𝑑𝑥 = ∫ 2sec(θ)2sec²(θ)dθ = 4 ∫ sec³(θ)dθ Tomando u = sec(θ) → du = sec(θ)tg(θ)dθ 4 ∫ sec³(θ)dθ = 2sec(θ)tg(θ) + 2 ln |sec(θ) + tg(θ)| + C Voltando à variável original: tg(θ) = x/2 e sec(θ) = √𝑥2+4 2 Dessa forma: ∫ √𝑥2 + 4 𝑑𝑥 = 4 ∫ sec³(θ)dθ = 𝑥√𝑥2+4 2 + 2 𝑙𝑛 | √𝑥2+4𝑥+𝑥 2 | + 𝐶 07- ∫ √𝟗−𝒙𝟐 𝟐𝒙² 𝒅𝒙 ∫ √9−𝑥2 2𝑥² 𝑑𝑥 = ½ ∫ √3²−𝑥2 𝑥² 𝑑𝑥 Dessa forma, x = 3sen(θ) → dx = 3cos(θ)dθ √3² − 𝑥2 = 3 cos(θ) A partir dessa substituição: 1 2 ∫ 3𝑐𝑜𝑠(θ)3cos(θ) 9𝑠𝑒𝑛²θ dθ = 1 2 ∫ cos²(θ) 𝑠𝑒𝑛²θ dθ = 1 2 ∫ 𝑐𝑜𝑡𝑔2θdθ = 1 2 ∫(1 − 𝑐𝑜𝑠𝑠𝑒𝑐2θ)dθ = 1/2 (- cotgθ – θ) + C Retornando à variável: Senθ = x/3, θ = arcsen(x/3), 𝑡𝑔𝜃 = 𝑥 √9−𝑥2 , 𝑐𝑜𝑡 𝑔𝜃 = √9−𝑥2 𝑥 ∫ √9−𝑥2 2𝑥² 𝑑𝑥 = 1/2 (- √9−𝑥2 𝑥 – arcsen(x/3)) + C 08- ∫(√𝟏 − 𝒙𝟐)𝒅𝒙 ∫(√1 − 𝑥2)𝑑𝑥 = ∫(√1 − 𝑠𝑒𝑛2𝜃)cos (𝜃)𝑑𝜃 = ∫ √𝑐𝑜𝑠²𝜃 cos (𝜃)𝑑𝜃 = ∫ cos² (𝜃)𝑑𝜃 → ∫(√1 − 𝑥2)𝑑𝑥 = 1 2 ∫ 𝑑𝜃 + 1 2 ∫ cos(2𝜃) 𝑑𝜃 = x/2 + 2sen(x)cos(x)/4 + C (SIMULADO) Certa partícula tem velocidade 1/(x²+6x+9)^1/2 Julgar itens verdadeiros (V) ou falsos (F) 09- Sua aceleração é ln|x+3| + C Falso Dv/dt = -1/(x+3)² 10 – Sua função deslocamento é ln|x+3| + C Verdadeiro x = ∫ 1 √𝑥2+6𝑥+9 𝑑𝑥 , o que pode ser reescrito como ∫ 𝑑𝑥 √(𝑥+3)² = ∫ 𝑑𝑥 𝑥+3 , tomando u = x+3, temos uma integral do tipo du/u = ln |u| → ∫ 1 √𝑥2+6𝑥+9 𝑑𝑥 = ln |x+3| + C
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