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Segunda Avaliação Presencial de Equações Diferenciais e Equações Diferenciais Ordinárias –30/11/2019 Código da disciplina: Matemática/Física EAD 01028 Engenharia de produção EAD 01075 Nome: ______________________________________________ Matrícula: ____________________ Polo: _______________________________________________ Atenção! • Para cada folha de respostas que utilizar, antes de começar a resolver as questões, preencha (pintando os respectivos espaços na parte superior da folha) o número do CPF, o código da disciplina (indicado acima em negrito) e o número da folha. PADRÃO DE PREENCHIMENTO NA FOLHA DE RESPOSTAS • Preencha o número total de folhas somente quando for entregar a prova! • Identifique a Prova, colocando Nome, Matrícula e Polo. • É expressamente proibido o uso de qualquer instru- mento que sirva para cálculo como também qualquer material que sirva de consulta. • Devolver essa prova e as Folhas de Respostas ao Aplicador. • Somente utilize caneta esferográfica com tinta azul ou preta para registro das resoluções nas Folhas de Respostas. • As folhas de Respostas serão o único material conside- rado para correção. Quaisquer anotações feitas fora deste espaço, mesmo que em folha de rascunho, serão ignorados. • Não amasse, dobre ou rasure as Folhas de Respostas, pois isto pode inviabilizar a digitalização e a correção ______________________________________________________________________________________ Questão 1 (2,5 pontos) Usando o método dos coeficientes a determinar resolva { 𝑦′′ + 4𝑦 = 3 sen 2𝑥 𝑦(0) = 0 , 𝑦′(0) = 1 Solução Sabemos que a solução geral é da forma y = 𝑦ℎ + 𝑦𝑝 Como o polinômio característico associado ao problema homogêneo é 𝑟2 + 4 = 0 cujas raízes são 𝑟1 = 2𝑖, 𝑟2 = − 2𝑖. Logo 𝑦ℎ = 𝑐1 cos 2𝑥 + 𝑐2 sen 2𝑥. Também como a parte não homogênea que é 3sen 2𝑥 faz parte da solução homogênea, procura-se a solução particular na forma 𝑦𝑝 = 𝑥(𝐴 cos 2𝑥 + 𝐵 sen 2𝑥). Assim 𝑦′𝑝 = 𝐴 cos 2𝑥 − 2𝑥𝐴 sen 2𝑥 + 𝐵 sen 2𝑥 + 2𝑥𝐵 cos 2𝑥 𝑦′′𝑝 = − 2𝐴 sen 2𝑥 − 2𝐴 sen 2𝑥 − 4𝑥𝐴 cos 2𝑥 + 2𝐵 cos 2𝑥 + 2𝐵 cos 2𝑥 − 4𝑥𝐵 sen 2𝑥 Logo substituindo 𝑦𝑝 em y′′ + 4y = 3 sen 2𝑥, tem-se (− 4𝐴 sen 2𝑥 − 4𝑥𝐴 cos 2𝑥 + 4𝐵 cos 2𝑥 − 4𝑥𝐵 sen 2𝑥 ) + 4(𝑥𝐴 cos 2𝑥 + 𝑥𝐵 sen 2𝑥) = 3 sen 2𝑥 De onde − 4𝐴 sen 2𝑥 + 4𝐵 cos 2𝑥 = 3 sen 2𝑥 Logo − 4A = 3 assim A = − 3 4 e B = 0 logo 4B = 0 y = 𝑦ℎ + 𝑦𝑝 = 𝑐1 cos 2𝑥 + 𝑐2 sen 2𝑥 − 3𝑥 4 cos 2𝑥 Como y(0) = 0 logo 0 = 𝑐1 assim y′(𝑥) = 2𝑐2 cos 2𝑥 − 3 4 cos 2𝑥 + 3𝑥 2 sen 2𝑥 Como y′(0) = 1 logo 2𝑐2 − 3 4 = 1, assim 𝑐2 = 7 8 . Portanto a solução procurada é y(𝑥) = 7 8 sen 2𝑥 − 3𝑥 4 cos 2𝑥 Questão 2 (2,5 pontos) Resolva pelo método de variação dos parâmetros { 𝑦′′ + 3𝑦′ + 2𝑦 = 1 1 + 𝑒𝑥 𝑦(0) = 0 , 𝑦′(0) = 2 Solução Tem-se que o polinômio associado ao problema homogêneo é 𝑟2 + 3𝑟 + 2 = 0, cujas raízes são 𝑟1 = − 2, 𝑟2 = − 1. Assim 𝑦ℎ = 𝑐1𝑒 − 2𝑥 + 𝑐2𝑒 − 𝑥, também pelo método de variação dos parâmetros 𝑦𝑝 = µ1(𝑥)𝑦1(𝑥) + µ2(𝑥)𝑦2(𝑥) onde 𝑦1(𝑥) = 𝑒 − 2𝑥, 𝑦2(𝑥) = 𝑒 − 𝑥 µ1(𝑥) = ∫ 𝑤1 𝑤 𝑑𝑥, µ2(𝑥) = ∫ 𝑤2 𝑤 𝑑𝑥 Sendo w = | 𝑒 − 2𝑥 𝑒− 𝑥 − 2𝑒− 2𝑥 − 𝑒− 𝑥 | = − 𝑒− 3𝑥 + 2𝑒− 3𝑥 = 𝑒− 3𝑥 , 𝑤1 = | 0 𝑒− 𝑥 1 1+𝑒 𝑥 − 𝑒− 𝑥 | = − 𝑒− 𝑥 1+𝑒 𝑥 , 𝑤2 = | 𝑒− 2𝑥 0 − 2𝑒− 2𝑥 1 1+𝑒 𝑥 | = 𝑒− 2𝑥 1+𝑒 𝑥 Logo µ1(𝑥) = ∫ 𝑤1 𝑤 𝑑𝑥 = ∫ − 𝑒2𝑥 1 + 𝑒 𝑥 𝑑𝑥 = − (1 + 𝑒 𝑥) + 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) µ2(𝑥) = ∫ 𝑤2 𝑤 𝑑𝑥 = ∫ 𝑒2𝑥 1 + 𝑒 𝑥 𝑑𝑥 = 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) Assim, 𝑦𝑝(𝑥) = (− (1 + 𝑒 𝑥) + 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥))𝑒− 2𝑥 + (𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥))𝑒 − 𝑥 = - 𝑒− 2𝑥 − 𝑒− 𝑥 + (𝑒− 𝑥 + 𝑒− 2𝑥) 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) , assim y = 𝑐1𝑒 − 2𝑥 + 𝑐2𝑒 − 𝑥 + (𝑒− 𝑥 + 𝑒− 2𝑥) 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) Como 𝑦(0) = 0 logo 0 = 𝑐1 + 𝑐2 + 2 𝑙𝑛2 também como y′(𝑥) = − 2𝑐1𝑒 − 2𝑥 − 𝑐2𝑒 − 𝑥 + (𝑒− 𝑥 + 𝑒− 2𝑥) 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) + (𝑒 − 𝑥 + 𝑒 − 2𝑥) 1 1+𝑒 − 𝑥 e y′(0) = 2 Logo 2 = − 2𝑐1 − 𝑐2 − 3𝑙𝑛2 + 1 assim tem-se a solução { 𝑐1 + 𝑐2 = − 2 𝑙𝑛2 2𝑐1 + 𝑐2 = − 1 − 3𝑙𝑛2 logo 𝑐1 = − 1 − 𝑙𝑛2, 𝑐2 = 1 − 𝑙𝑛2 Assim a solução buscada é 𝑦(𝑥) = (− 1 − 𝑙𝑛2)𝑒 − 2𝑥 + (1 − 𝑙𝑛2)𝑒 − 𝑥 + (𝑒 − 𝑥 + 𝑒 − 2𝑥) 𝑙𝑛(1 + 𝑒 𝑥) Questão 3 (2,5 pontos) Considere o sistema { 𝑦′1 = 3𝑦1 − 𝑦2 𝑦′2 = 9 𝑦1 − 3𝑦2 a) Ache a solução geral do sistema b) Determine uma solução satisfazendo 𝑦1(0) = 1, 𝑦2(0) = 2 Solução a) O sistema pode ser escrito na forma �⃗�′ = 𝐴�⃗� onde 𝐴 = ( 3 −1 9 −3 ) , �⃗� = ( 𝑦1 𝑦2 ). Calculemos os autovalores resolvendo 𝑑𝑒𝑡(𝐴 − 𝜆) = 0 isto é | 3 − 𝜆 −1 9 −3 − 𝜆 | = (𝜆 − 3)(𝜆 − 3) + 9 = 𝜆2 = 0 Logo 𝜆1 = 𝜆2 = 0. Assim 𝜆1 = 0 é um autovalor duplo. Achemos o autovetor �⃗⃗� = ( 𝑣1 𝑣2 ) resolvendo (𝐴 − 𝜆)�⃗⃗� = 0⃗⃗ isto é ( 3 −1 9 −3 ) ( 𝑣1 𝑣2 ) = ( 0 0 ) isto é; { 3𝑣1 − 𝑣2 = 0 9𝑣1 − 3𝑣2 = 0 ⇒ 𝑣2 = 3𝑣1 assim �⃗⃗� = ( 𝑣1 3𝑣1 ) = 𝑣1 ( 1 3 ) logo ( 1 3 ) é o único autovetor associado a 𝜆 = 0. Procede �⃗⃗⃗� = ( 𝑈1 𝑈2 ) solução de (𝐴 − 𝜆𝐼)�⃗⃗⃗� = �⃗⃗� assim ( 3 −1 9 −3 ) ( 𝑢1 𝑢2 ) = ( 1 3 ) isto é { 3𝑢1 − 𝑢2 = 1 9𝑢1 − 3𝑢2 = 3 Se 𝑢1 = 0 logo 𝑢2 = −1 assim a solução geral é �⃗�(𝑡) = 𝑐1 ( 1 3 ) 𝑒0𝑡 + 𝑐2 (( 1 3 ) 𝑡 + ( 0 −1 )) 𝑒0𝑡 b) Como �⃗�(0) = ( 1 2 ) logo 𝑐1 ( 1 3 ) + 𝑐2 ( 0 −1 ) = ( 1 2 ), assim ( 𝑐1 3𝑐1 − 𝑐2 ) = ( 1 2 ) logo 𝑐1 = 1, 3𝑐1 − 𝑐2 = 2 assim 𝑐2 = 1 portanto a solução buscada é �⃗�(𝑡) = ( 1 3 ) + ( 1 3 ) 𝑡 + ( 0 −1 ) = ( 1 2 ) + ( 1 3 ) 𝑡 Questão 4 (2,5 pontos) Um peso de 0,5 kg é atado a uma mola de 1,5m de comprimento. Na posição de equilíbrio o comprimento da mola é 2,48m. Se o peso for suspenso e solto a partir do repouso de um ponto 2m acima da posição de equilíbrio, encontre o deslocamento x(t) se é sabido ainda que o meio ambiente oferece resistência numericamente igual a velocidade instantânea. Solução A equação diferencial de movimento com amortecimento é 𝑚 𝑑²𝑥 𝑑𝑡² + 𝛽 𝑑𝑥 𝑑𝑡 = −𝑘𝑥 onde m é a massa, 𝛽 é a constante de amortecimento que é positiva, k é a constante de proporcionalidade da força restauradora. O alongamento da mola depois que o peso é atado é 2,48 − 1,5 = 0,98 assim pela Lei de Hooke, 𝑚𝑔 = 𝑘𝑠 de onde 0,5 𝘹 9,8 = 𝑘(0,98) de onde 𝑘 = 5 𝑁/𝑚. Como 𝛽=1 e 𝑚 = 0,5 𝑘𝑔. Assim a equação diferencial é { 1 2 𝑑²𝑥 𝑑𝑡² + 𝑑𝑥 𝑑𝑡 + 5𝑥 = 0 𝑥(0) = −2 , 𝑥′(0) = 0 Achando as raízes do polinômio característico 1 2 𝑟2 + 𝑟 + 5 = 0 tem-se 𝑟1 = −1 + 3𝑖 𝑟2 = −1 − 3𝑖 assim a solução do sistema subamortecido é 𝑥(𝑡) = 𝑒−𝑡(𝑐1𝑐𝑜𝑠3𝑡 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛3𝑡). Como 𝑥(0) = −2 tem-se −2 = 𝑐1, como 𝑥 ′(0) = 0 tem-se 𝑥′(𝑡) = −𝑒−𝑡(𝑐1𝑐𝑜𝑠3𝑡 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛3𝑡) + 𝑒 −𝑡(−3𝑐1𝑠𝑒𝑛3𝑡 + 3𝑐2𝑐𝑜𝑠3𝑡) Assim 0 = −𝑐1 + 3𝑐2 logo 𝑐2 = 1 3 𝑐1 = −2 3 . Assim finalmente 𝑥(𝑡) = 𝑒−𝑡(−2𝑐𝑜𝑠3𝑡 − 2 3 𝑠𝑒𝑛3𝑡)
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