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MÉTODO DE ENERGIA/TEOREMA DE CASTIGLIANO – VIGAS 1) Determinar a energia de deformação (𝑈) para a viga abaixo. Em seguida, determinar (b) a deflexão no ponto (𝛿𝐵) e (c) a rotação (𝜃𝐵)no ponto 𝐵. Considere (𝐸𝐼)𝐴𝐵 = 2(𝐸𝐼)𝐵𝐶, 𝑤0 = 10 𝑘𝑁. 𝑚, 𝑎 = 2 𝑚, 𝐸 = 210 𝐺𝑃𝑎 e 𝐼 = 160 × 106 𝑚𝑚4. O método de energia aplicado a vigas nos diz que: 𝑈 = ∫ 𝑀2𝑑𝑥 2𝐸𝐼 Onde: 𝑈 – Energia de deformação; 𝑀 – Função de momento na viga; 𝐸 – Módulo de elasticidade do material; 𝐼 – Momento de inércia da seção transversal. a) Iniciando pela energia de deformação, temos: 𝑀𝑆1 = −5𝑥 2 (0 ≤ 𝑥 ≤ 2 𝑚) 𝑀𝑆1 2 = 25𝑥4 𝑀𝑆2 = −2 × 10 × (𝑥 − 1) − 18 → 𝑀𝑆2 = −20𝑥 + 2 (2 𝑚 ≤ 𝑥 ≤ 4 𝑚) 𝑀𝑆2 2 = 400𝑥2 − 80𝑥 + 4 OBS: A análise dos momentos realizada acima, foi feita partindo da ponta de balanço. Assim: 𝑈 = 1 4𝐸𝐼 ∫ 25𝑥4𝑑𝑥 2 0 + 1 2𝐸𝐼 ∫ (400𝑥2 − 80𝑥 + 4) 4 2 𝑑𝑥 𝑈 = 1 4𝐸𝐼 [5𝑥5]0 2 + 1 2𝐸𝐼 [ 400𝑥3 3 − 40𝑥2 + 4𝑥] 2 4 𝑈 = 1 4𝐸𝐼 [5(2)5] + 1 2𝐸𝐼 [( 400(4)3 3 − 40(4)2 + 4(4)) − ( 400(2)3 3 − 40(2)2 + 4(2))] 𝑈 = 80 4𝐸𝐼 + 1 2𝐸𝐼 ( 23728 3 − 2744 3 ) ∴ 𝑈 = 10552 3𝐸𝐼 Como: 𝐸 = 210 𝐺𝑃𝑎 = 210 × 106 𝑘𝑁 𝑚²⁄ 𝐼 = 160 × 106 𝑚𝑚4 = 160 × 106 × ( 1 1000 ) 4 = 160 × 10−6 𝑚4 Temos: 𝑈 = 10552 3 × 210 × 106 × 160 × 10−6 → 𝑈 = 104,68 × 10−3 𝑘𝐽 → 𝑈 = 104,68 𝐽 OBS: Devemos lembrar que a energia de deformação 𝑈 é denotada por 𝑁. 𝑚 (𝐽𝑜𝑢𝑙𝑒) e corresponde a energia associada à deformação de flexão da barra. b) Para a determinação da deflexão, utilizaremos o Teorema de Castigliano modificado: O método de Castigliano aplicado a vigas nos diz que: 𝛿 = ∫ ( 𝑀 𝐸𝐼 ) ( 𝜕𝑀 𝜕𝑃 ) 𝑑𝑥 Onde: 𝛿 – Deflexão; 𝑃 – Carga aplicada; 𝑀 – Função de momento na viga; 𝐸 – Módulo de elasticidade do material; 𝐼 – Momento de inércia da seção transversal. Para a determinação de deflexão pelo teorema de Castigliano, é obrigatória a presença de uma carga concentrada no ponto de interesse. No nosso caso, a carga fictícia 𝑃 foi aplicada no ponto 𝐵. Daí: 𝑀𝑆1 = −5𝑥 2 (0 ≤ 𝑥 ≤ 2 𝑚) 𝜕𝑀𝑆1 𝜕𝑃 = 0 𝑀𝑆2 = −10 × 2 × (𝑥 − 1) − 18 − 𝑃(𝑥 − 2) ∴ 𝑀𝑆2 = −20𝑥 + 2 − 𝑃𝑥 + 2𝑃 𝜕𝑀𝑆2 𝜕𝑃 = −𝑥 + 2 𝛿 = 1 2𝐸𝐼 ∫ (−5𝑥2) × (0)𝑑𝑥 + 1 𝐸𝐼 2 0 ∫ (−20𝑥 + 2 − 𝑃𝑥 + 2𝑃) 4 2 × (−𝑥 + 2)𝑑𝑥 𝛿 = 1 𝐸𝐼 ∫ (20𝑥2 + 𝑃𝑥2 − 42𝑥 − 4𝑃𝑥 + 4𝑃 + 4) 4 2 𝑑𝑥 𝛿 = 1 𝐸𝐼 [ 20𝑥3 3 + 𝑃𝑥3 3 − 21𝑥2 − 2𝑃𝑥2 + 4𝑃𝑥 + 4𝑥] 2 4 Como 𝑃 é uma força fictícia, utilizada apenas como recurso para obtenção da deflexão, seu valor é zero, portanto: 𝛿 = 1 𝐸𝐼 [ 20𝑥3 3 − 21𝑥2 + 4𝑥] 2 4 𝛿 = 1 𝐸𝐼 [( 20(4)3 3 − 21(4)2 + 4(4)) − ( 20(2)3 3 − 21(2)2 + 4(2))] ∴ 𝛿 = 388 3𝐸𝐼 Daí: 𝛿 = 388 3 × 210 × 160 → 𝛿 = 3,85 × 10−3 𝑚 → 𝛿 = 3,85 𝑚𝑚 c) Para a determinação da rotação, utilizaremos o Teorema de Castigliano modificado: O método de Castigliano aplicado a vigas nos diz que: 𝜃 = ∫ ( 𝑀 𝐸𝐼 ) ( 𝜕𝑀 𝜕𝑀0 ) 𝑑𝑥 Onde: 𝜃 – Rotação; 𝑀0 – Momento aplicado; 𝑀 – Função de momento na viga; 𝐸 – Módulo de elasticidade do material; 𝐼 – Momento de inércia da seção transversal. Para a determinação da rotação pelo teorema de Castigliano, é obrigatória a presença de um momento aplicado no ponto de interesse. No nosso caso, já existe um momento aplicado nesse ponto, portanto, não será necessário utilizar momento fictício. Chamaremos o momento de 18𝑘𝑁𝑚 por 𝑀0. Logo: 𝑀𝑆1 = −5𝑥 2 (0 ≤ 𝑥 ≤ 2 𝑚) 𝜕𝑀𝑆1 𝜕𝑀0 = 0 𝑀𝑆2 = −10 × 2 × (𝑥 − 1) − 𝑀0 → 𝑀𝑆2 = −20𝑥 + 20 − 𝑀0 (2 𝑚 ≤ 𝑥 ≤ 4 𝑚) 𝜕𝑀𝑆2 𝜕𝑀0 = −1 Daí: 𝜃 = 1 2𝐸𝐼 ∫ (−5𝑥2) 2 0 (0)𝑑𝑥 + 1 𝐸𝐼 ∫ (−20𝑥 + 20 − 𝑀0) 4 2 (−1)𝑑𝑥 𝜃 = 1 𝐸𝐼 ∫ (20𝑥 − 20 + 𝑀0) 4 2 𝑑𝑥 → 𝜃 = 1 𝐸𝐼 [10𝑥2 − 20𝑥 + 𝑀0𝑥]2 4 𝜃 = 1 𝐸𝐼 [(80 + 4𝑀0) − (2𝑀0)] ∴ 𝜃 = 80 + 2𝑀0 𝐸𝐼 Como 𝑀0 = 18 𝑘𝑁𝑚, temos: 𝜃 = 116 210 × 160 → 𝜃 = 3,45 × 10−3 𝑟𝑎𝑑 Verificando os resultados no FTOOL, obtemos: DISCUSSÕES: Observamos que podemos desenvolver o problema de forma literal ou numérica. A solução literal fornece um volume muito grande de cálculos, porém facilita a detecção e correção de eventuais erros cometidos. Já a solução literal é mais simples, mas não permite detectar erros, ou seja, se o resultado final estiver errado, só nos restará iniciar o exercício novamente. Caberá ao aluno resolver da maneira que lhe parecer mais confortável.
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