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Anotações de Aula – Termodinâmica – 16/09/2021 Capítulo 4 – Análise de Volume de Controle para Energia (parte 2) Exemplo 1: Balanço de Energia em uma turbina a vapor Vapor de água entra em uma turbina em estado estacionário com vazão mássica 4600 kg/h, com potência de 1000 kW. Na entrada a pressão é 60 bar, a temperatura é 400 ºC e a velocidade é 10 m/s. Na saída, a pressão é de 0,1 bar, a qualidade é 90% e a velocidade é 50 m/s. Determine a taxa de transferência de calor entre a turbina e as vizinhanças, em kW. 1º Passo: Equação Geral dEVC dt = Q̇VC − ẆVC + ṁE (hE + VE² 2000 + g. zE 1000 ) − ṁS (hS + VS² 2000 + g. zS 1000 ) 2º Passo: Considerações a. Regime permanente (dado pelo enunciado); b. Sem variação de energia potencial (situação problema). 3º Passo: Equação simplificada 0 = Q̇VC − ẆVC + �̇� . (ℎ1 + 𝑉1 2 2000 − ℎ2 − 𝑉2 2 2000 ) Q̇VC = ẆVC − �̇� . (ℎ1 + 𝑉1 2 2000 − ℎ2 − 𝑉2 2 2000 ) 4º Passo: análise de estados e valores de propriedades Estado 1: p 1 = 60 bar; T 1 = 400 ºC – vapor de água Tabela A-3: tabela de água saturada (pressão) Para P = 60 bar, T sat = 275,6 ºC Estado correspondente: vapor superaquecido (T > T sat ) Na tabela A-4, encontramos as propriedades de interesse. h 1 = 3177,2 kJ/kg Estado 2: p 2 = 0,1 bar e x 2 = 0,90 (mistura de líquido-vapor) Encontrar dados de h vapor sat e h liquido sat na tabela A-3: h liquido sat = 191,83 kJ/kg e h vapor sat = 2584,7 kJ/kg h 2 = h vapor sat . x 2 + h liquido sat . (1 – x 2 ) h 2 = 2584,7 . 0,90 + 191,83 . (1 – 0,90) h 2 = 2345,41 kJ/kg 5º Passo: Cálculos Q̇VC = ẆVC − �̇� . (ℎ1 + 𝑉1 2 2000 − ℎ2 − 𝑉2 2 2000 ) com �̇� = 4600 𝑘𝑔 ℎ . 1 ℎ 3600 𝑠 ∴ �̇� = 1,2778 𝑘𝑔/𝑠 Q̇VC = 1000 𝑘𝑊 − 1,2778 𝑘𝑔 𝑠 . (3177,2 + 102 2000 − 2345,41 − 502 2000 ) 𝑘𝐽 𝑘𝑔 Q̇VC = −61,33 𝑘𝑊 Comentários: 1) Com base no resultado acima, conclui-se que, durante o seu funcionamento, a turbina libera calor em uma taxa de 61,33 kW ou kJ/s. 2) Veja que a variação da energia cinética é muito pequena em relação às demais variações de energia no processo. 𝑉𝑎𝑟𝑖𝑎çã𝑜 𝐸𝑛𝑒𝑟𝑔𝑖𝑎 𝐶𝑖𝑛é𝑡𝑖𝑐𝑎 = ∆𝑒𝑐 = 𝑉2 2 2000 − 𝑉1 2 2000 = 102 2000 − 502 2000 = −1,2 𝑘𝐽 𝑘𝑔 𝑉𝑎𝑟𝑖𝑎çã𝑜 𝑑𝑒 𝐸𝑛𝑡𝑎𝑙𝑝𝑖𝑎 = ℎ1 − ℎ2 = 3177,2 − 2345,1 = 831,79 𝑘𝐽 𝑘𝑔 𝑃𝑜𝑡ê𝑛𝑐𝑖𝑎 𝑝𝑜𝑟 𝑈𝑛𝑖𝑑𝑎𝑑𝑒 𝑑𝑒 𝑀𝑎𝑠𝑠𝑎 = �̇� �̇� = 1000 1,2778 = 782,60 𝑘𝐽 𝑘𝑔 𝑇𝑎𝑥𝑎 𝑑𝑒 𝑇𝑟𝑎𝑛𝑠𝑓 𝑑𝑒 𝐶𝑎𝑙𝑜𝑟 𝑝𝑜𝑟 𝑈𝑛𝑖𝑑𝑎𝑑𝑒 𝑑𝑒 𝑀𝑎𝑠𝑠𝑎 = �̇� �̇� = − 61,33 1,2778 = −48 𝑘𝐽 𝑘𝑔 Por essa razão, é comum em balanços de energia envolvendo turbinas considerar a variação da energia cinética insignificante. 3) Tenha atenção com as unidades. Os termos de energia cinética e energia potencial podem ser representados por: [ 𝑉2 2 ] = 𝑚2 𝑠2 𝑜𝑢 𝐽 𝑘𝑔 [ 𝑉2 2000 ] = 𝑚2/𝑠2 1000 = 𝑘𝐽 𝑘𝑔 [𝑔. 𝑧] = 𝑚 𝑠2 . 𝑚 = 𝑚2 𝑠2 𝑜𝑢 𝐽 𝑘𝑔 Exemplo 2: Ar expande em uma turbina de 10 bar, 900 K para 1 bar, 500 K. A velocidade de entrada é pequena se comparada à velocidade de saída de 100 m/s. A turbina opera em regime permanente e desenvolve uma potência de 3200 kW. A transferência de calor para as vizinhanças e a variação de energia potencial podem ser ignoradas. Determine: a) A vazão mássica de ar em kg/s; b) A área do tubo de saída na turbina em m². 1º Passo: Equação Geral do Balanço de Energia dEVC dt = Q̇VC − ẆVC + ṁE (hE + VE² 2000 + g. zE 1000 ) − ṁS (hS + VS² 2000 + g. zS 1000 ) 2º Passo: Considerações a. Regime permanente ou estado estacionário -> dE VC /dt = 0 e m 1 = m 2 = m; b. Transferência de calor desprezível (dado) -> Q vc = 0; c. Sem variação de energia potencial -> z 1 = z 2 = 0; d. Velocidade de entrada pequena -> V 1 = 0 3º Passo: Equação Simplificada 0 = 0 − ẆVC + �̇�(hE + 0 + 0 ) − �̇� (hS + VS² 2000 + 0) 0 = −ẆVC + �̇� . (ℎ1 − ℎ2 − 𝑉2 2 2000 ) �̇� = ẆVC ℎ1 − ℎ2 − 𝑉2 2 2000 4º Passo: Análise de Estados e Valores de Propriedades Modelo de Gás Ideal: ℎ1 − ℎ2 = 𝐶𝑝,𝑎𝑟 . (𝑇1 − 𝑇2) com C p,ar = 1,0087 kJ/kg.K ℎ1 − ℎ2 = 1,0087 . (900 − 500) ℎ1 − ℎ2 = 403,48 𝑘𝐽 𝑘𝑔 5º Passo: Cálculos a) Vazão mássica de ar �̇� = 3200 403,48 − 100² 2000 ∴ �̇� = 8,03 𝑘𝑔 𝑠 b) Área do tubo de saída da turbina em m² Da definição de vazão mássica, temos: �̇� = 𝐴. 𝑉 𝑣 Á𝑟𝑒𝑎 = 𝐴 = �̇� . 𝑣 𝑉 O volume específico para a saída é encontrado pela equação de gás ideal: 𝑣 = 𝑅. 𝑇 𝑝. 𝑀𝑀 em que MM ar = 28,84 kg/kmol (massa molecular) Constante universal dos gases: 𝑅 = 0,08314 𝑏𝑎𝑟 . 𝑚³ 𝑘𝑚𝑜𝑙 . 𝐾 𝑣2 = 𝑅. 𝑇2 𝑝2. 𝑀𝑀 com p 2 = 1 bar, T 2 = 500 K, R = 0,08314 bar.m³/(kmol.K) e MM ar = 28,84 kg/mol 𝑣2 = 0,08314 . 500 1 . 28,84 ∴ 𝑣2 = 1,441 𝑚3 𝑘𝑔 𝐴 = �̇� . 𝑣 𝑉 = 8,03 𝑘𝑔 𝑠 . 1,441 𝑚3 𝑘𝑔 100 𝑚/𝑠 𝐴 = 0,116 𝑚² Comentários: 1) A capacidade calorífica C p para qualquer gás pode ser obtida pela expressão: 𝐶𝑝 = 7 2 . 𝑅𝑢𝑛𝑖𝑣 𝑐𝑜𝑚 𝑅𝑢𝑛𝑖𝑣 = 8,314 𝑘𝐽 𝑘𝑚𝑜𝑙. 𝐾 𝐶𝑝 = 29,099 𝑘𝐽 𝑘𝑚𝑜𝑙. 𝐾 𝑝𝑎𝑟𝑎 𝑞𝑢𝑎𝑙𝑞𝑢𝑒𝑟 𝑔á𝑠 Para o ar, MM = 28,84 kg/kmol, temos: 𝐶𝑝,𝑎𝑟 = 29,099 28,84 = 1,009 𝑘𝐽 𝑘𝑔. 𝐾 Para o CO 2 , MM = 44 kg/kmol, temos: 𝐶𝑝,𝐶𝑂2 = 29,099 44 = 0,661 𝑘𝐽 𝑘𝑔. 𝐾 2) O diâmetro do tubo de saída (seção circular) poderia ser determinado com a expressão para a área do círculo: 𝐴 = 𝜋. 𝐷2 4 3) A taxa de transferência de calor foi desprezada nesta resolução por informação do enunciado, mas na maioria das situações a taxa Q vc terá valor relevante no balanço de energia, especialmente para turbinas, compressores e bombas.
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