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1) Considere os planos 1 : 2 2 3 0x y zpi + − − = e 2 : 0x y zpi − − = . Encontre: (i) A distância entre eles se forem paralelos; (ii) O ângulo entre eles se forem concorrentes. 2) Considere as retas 1 : 2 1 x t r y t z t = = = − e 2 1 1 : 3 2 x y r z + − = = Encontre: (i) Um plano que contém ambas se forem paralelas; (ii) O ângulo entre elas se forem concorrentes; (iii) A distância entre elas se forem reversas. 3) Dada a equação 2 23 12 9 0x y y− + − = , resolva as seguintes questões: a. Identifique a cônica representada por esta equação; b. Encontre as coordenadas do centro (ou do vértice) da cônica; c. Encontre a excentricidade; Vetores diretores: ( )1 1,2, 1V = − ; ( )2 3,2,1V = Como os vetores diretores não são paralelos, então as retas são reversas ou concorrentes. Para serem concorrentes, é preciso que tenham um ponto em comum. Mas isso não ocorre, pois o sistema 13 1 1 1 32 1 2 2 2 1 4 3 4 1 3 1 2 1 3 1 2 s t s t s t s t s t s t t t s t s t t + = − = + = + = + = ⇒ − = − ⇒ − = − ⇒ = = − + = − = − = é impossível. Portanto as retas são reversas. Vamos determinar a distância entre elas: ( ) ( ) ( ) ( )( ) 1 2 1 2 1 2 1 2 1,1, 1 4,4,4 4 4 4 4 1 , 4,4,4 4 3 4 3 3 P P V V dist r r V V ⋅ × − − ⋅ − + − = = = = = × − ����� Vetores normais: ( )1 1,2, 2N = − ; ( )2 1, 1, 1N = − − Como os vetores normais não são paralelos, então os planos são concorrentes. Assim, vamos determinar o ângulo entre eles: ( ) ( ) ( )( ) ( ) 1 2 1 2 1 2 1,2, 2 1, 1, 1 1 2 2 1 cos , 1,2, 2 1, 1, 1 9 3 3 3 N N N N pi pi − ⋅ − −⋅ − + = = = = − − − Logo, o ângulo entre eles é 1arccos 3 3 . d. Represente graficamente a cônica. 4) Dada a equação polar 5 2 2sen r θ = + , resolva as seguintes questões: a. Identifique a cônica representada por esta equação; b. Encontre a distância da diretriz ao foco; c. A partir da equação polar, obtenha a equação cartesiana reduzida da cônica. d. Encontre as coordenadas polares de um vértice. a) Vamos escrever a equação na forma reduzida. Para isso, vamos utilizar o método de completar os quadrados perfeitos. ( ) ( )2 23 4 9x y y− − = ( ) ( )2 20 3 4 4 9 12x y y− − − + = − ( ) ( )2 20 3 2 3x y− − − = − ( ) ( )2 20 2 1 3 1 x y− − − + = Logo, essa cônica é uma hipérbole. b) (0,2)C c) Temos: 2 2 2 1 3 4c a b= + = + = . Logo 2c = . Assim, 2 2 1 c e a = = = . d) 5) Elimine o parâmetro para encontrar uma equação cartesiana da curva representada pelas equações paramétricas 2senx t= e 3cosy t= . 6) Transforme a equação 1xy = através de uma rotação de eixos de 4 radpiθ = . Temos que: 2 24 senx t= , 2 29cosy t= Assim, 2 2 2 2 2 2sen cos 1 4 9 4 9 x y x yt t+ = + ⇒ + = . a) Dividindo-se o numerador e o denominador da fração por 2, obtemos 5 2 1 sen r θ = + . Como a excentricidade é 1, então a cônica é uma parábola. b) Pela equação desta cônica, sabemos que 5 2 de = . Como 1e = , então 5 2 d = . c) Temos: 5 2 2 2 22 5 5 5sen 1 sen 2 2 2 r r r x y y x y yθ θ = ⇒ + = ⇒ + + = ⇒ + = − + 2 2 2 225 55 5 4 4 x y y y x y ⇒ + = − + ⇒ = − − d) Pela equação desta cônica, sabemos que a diretriz se encontra acima do pólo. Logo, o foco e o vértice da parábola estão em uma reta perpendicular ao eixo focal (no eixo y). Para 2 piθ = , temos 5 5 2 2 2 5 1 sen 2 4 r pi = = = + . Logo, 5 , 4 2 V pi . OU Pela equação cartesiana da letra d, temos que 50, 4 V . Transformando em coordenadas polares, temos 5 , 4 2 V pi . Temos que: ( ) ( ) / / / / / / / / / / / / 2 2 2 cos sen 4 4 2 2 2 2 2 2 sen cos 4 4 2 2 2 x x y x y x y y x y x y x y pi pi pi pi = − = − = − = + = + = + Substituindo na equação, temos: ( ) ( ) ( )2 2 2 2/ / / / / / / /2 2 21 1 1 22 2 4xy x y x y x y x y= ⇒ − + = ⇒ − = ⇒ − = Formulário: ( ) 1 21 2 1 2 cos , V V r r V V ⋅ = ( ) 1 21 2 1 2 cos , N N N N pi pi ⋅ = ( ) 1 00, P P N dist P N pi ⋅ = ���� ( ) 1 00, P P V dist P r V × = ���� ( ) 1 2 11 2 1 , P P N dist N pi pi ⋅ = ����� ( ) 1 2 21 2 2 , P P V dist r r V × = ����� ou ( ) ( )1 1 221 2 1 2 , P P V V dist r r V V ⋅ × = × ���� (casos diferentes) 2 2 cos sen r x y x r y r θ θ = + = = / 0 / 0 x x x y y y = + = + / / / / cos sen sen cos x x y y x y θ θ θ θ = − = +
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