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EAE0207: Matemática Aplicada à Economia Aula 10: Subespaços Associados a uma Matriz (Cont.) Marcos Y. Nakaguma 01/09/2017 1 Revisão Na aula passada, vimos que dada uma matriz de coe cientes n�m: A = 0 B@ a11 � � � a1m ... . . . ... an1 � � � anm 1 CA = � a1, ..., am � o subconjunto de Rn gerado pelas colunas de A é denominado espaço-coluna de A: Col (A) = L[a1, ..., am ] De nição: Uma coluna de uma matriz A é uma coluna básica se a coluna correspondente na sua forma escalonada por linhas Ar contém um pivô. Teorema: As colunas básicas de A constituem uma base de Col (A) . 2 Dimensão do Espaço-Coluna de A Exemplo 2: Considere a matriz A e a sua forma escalonada Ar : A = 0 @ 2 3 1 42 3 7 9 2 3 13 14 1 A e Ar = 0 @ 2 3 1 40 0 6 5 0 0 0 0 1 A I A colunas básicas de A:0 @ 22 2 1 A e 0 @ 17 13 1 A constituem uma base do espaço-coluna de A, Col (A). I Por sua vez, os vetores 0 @ 20 0 1 A e 0 @ 16 0 1 A constituem uma base do espaço coluna de Ar . Note que dimCol (A) = dimCol (Ar ) = 2, porém Col (A) 6= Col (Ar ) . 3 Dimensão do Espaço-Coluna de A (Cont.) I Além disso, é possível mostrar que a quarta coluna de ambas as matrizes pode ser expressa como uma combinação linear das bases do espaço-coluna das respectivas matrizes. De fato, temos que:0 @ 49 14 1 A = 19 12 0 @ 22 2 1 A+ 5 6 0 @ 17 13 1 A e 0 @ 45 0 1 A = 19 12 0 @ 20 0 1 A+ 5 6 0 @ 16 0 1 A Note que os coe cientes das combinações lineares associados à cada uma das bases é idêntico. 4 Dimensão do Espaço-Coluna de A Teorema: Para qualquer matriz A de tamanho n�m : dimCol (A) = posto A I Prova: dimCol (A) = no de vetores em uma base de Col (A) = no de pivôs em Ar = no de linhas não-nulas em Ar = posto de A � 5 O Papel do Espaço-Coluna de A Seja A uma matriz de coe cientes associada a um sistema de equações lineares Ax = b. Note que podemos re-expressar este sistema como: b = 0 B@ a11 � � � a1m ... . . . � � � an1 � � � anm 1 CA 0 B@ x1 ... xm 1 CA = x1 0 B@ a11 ... an1 1 CA+ ...+ xm 0 B@ a1m ... anm 1 CA = x1a1 + x2a2 + ...+ xmam Desta forma, o sistema Ax = b possui solução se, e somente se, b 2 Col (A) . 6 O Papel do Espaço-Coluna de A Teorema: Seja A uma matriz de tamanho n�m. i . O sistema de equações Ax = b tem uma solução para b 2 Rn se, e somente se, b está no espaço-coluna Col (A) . ii . O sistema Ax = b tem uma solução para qualquer b se, e somente se, posto A = n. 7 O Papel do Espaço-Coluna de A Exemplo: Considere o sistema:0 BB@ 2 6 0 3 1 3 1 0 0 4 8 1 1 CCA 0 @ x1x2 x3 1 A = 0 BB@ b1 b2 b3 b4 1 CCA de quatro equações e três incógnitas, i.e. n = 4 e m = 3. I Como n > m, então posto A < n (neste caso, pode-se veri car que posto A = 3). I Assim, dimCol (A) = 3 e o conjunto dos vetores b para os quais existe uma solução é um subespaço tridimensional de R4. I Portanto, existirão muitos vetores b para os quais este sistema não possui solução. 8 Espaço-Nulo De nição: O conjunto das soluções do sistema homogêneo Ax = 0 é denominado espaço-nulo de A e é denotado por Nul (A) . 9 Teorema Fundamental da Álgebra Linear Teorema: Seja A uma matriz n�m. Então, dimNul (A) = m� dimCol (A) = m� posto A, onde m é o número de variáveis/colunas do sistema. 10 Teorema Fundamental da Álgebra Linear Exemplo: Considere a matriz A e a sua forma escalonada Ar : A = 0 @ 2 3 1 42 3 7 9 2 3 13 14 1 A e Ar = 0 @ 2 3 1 40 0 6 5 0 0 0 0 1 A I Um vetor x pertece a Nul (A) se, e somente se, Ax = 0, i.e.:8< : 2x1 + 3x2 + x3 + 4x4 = 0 2x1 + 3x2 + 7x3 + 9x4 = 0 2x1 + 3x2 + 13x3 + 14x4 = 0 I Dada a matriz escalonada Ar , sabemos que este sistema pode ser re-expresso como:� 2x1 + 3x2 + x3 + 4x4 = 0 6x3 + 5x4 = 0 Portanto, Nul (A) = Nul (Ar ) . No sistema acima, iremos tratar x1 e x3 como variáveis básicas e x2 e x4 como variáveis livres. 11 Teorema Fundamental da Álgebra Linear (Cont.) I Re-arranjando o sistema acima de modo a escrever as variáveis básicas em termos das variáveis livres, obtemos: x3 = � 5 6 x4 e x1 = � 3 2 x2 � 1 2 � � 5 6 x4 � � 2x4 = � 3 2 x2 � 19 12 x4 I Assim, cada solução x de Ax = 0 pode ser escrita como:0 BB@ x1 x2 x3 x4 1 CCA = 0 BB@ � 32 x2 � 19 12 x4 x2 � 56 x4 x4 1 CCA = x2 0 BB@ � 32 1 0 0 1 CCA+ x4 0 BB@ � 1912 0 � 56 1 1 CCA 12 Teorema Fundamental da Álgebra Linear (Cont.) I Os vetores: 0 BB@ � 32 1 0 0 1 CCA e 0 BB@ � 1912 0 � 56 1 1 CCA formam uma base do espaço-nulo de A, de modo que dimNul (A) = 2. I Esta conclusão é consistente com o teorema anterior, pois: dimNul (A) = no de variáveis livres = no de colunas � posto A = 4� 2 = 2 13 Exercício 1: 27.12(d) Exercício: Calcule uma base do espaço-nulo da seguinte matriz: A = 0 @ 4 1 �5 18 5 �10 8 �4 2 7 5 1 A I O espaço-nulo de A é dado pelo conjunto de soluções do sistema de equações homogêneo Ax = 0. I Note que a matriz A em sua forma escalonada por linhas é dada por: Ar = 0 @ 4 1 �5 10 3 0 6 0 0 2 0 1 A 14 Exercício 1: 27.12(d) (Cont.) I Assim, o sistema Ax = 0 pode ser expresso como:8< : 4x1 +x2 �5x3 +x4 = 0 3x2 +6x4 = 0 2x3 = 0 ) 8< : x1 = 1 4 x4 x2 = �2x4 x3 = 0 onde x4 é a variável livre do sistema. I Portanto, qualquer solução de Ax = 0 pode ser escrita como: x = 0 BB@ x1 x2 x3 x4 1 CCA = 0 BB@ 1 4 x4 �2x4 0 x4 1 CCA = x4 0 BB@ 1 4 �2 0 1 1 CCA e o vetor ( 14 ,�2, 0, 1) constitui uma base de Nul (A), de forma que dimNul (A) = 1. 15 Exercício 1: 27.12(d) (Cont.) I Assim como anteriormente, note que: dimNul (A) = no de variáveis livres = no de variáveis � posto A = no de variáveis � Col (A) = 4� 3 = 1 16 Exercício 2: 27.14(a) Exercício: Descreva o conjunto solução do sistema Ax = b, com: A = � 2 �1 4 �2 � e b = � 4 8 � I O nosso objetivo é caracterizar os valores de x1 e x2 que satisfaçam o seguinte sistema: � 2 �1 4 �2 �� x1 x2 � = � 4 8 � I Primeiramente, gostaríamos de veri car se o conjunto solução é ou não vazio. Para tanto, considere a matriz ampliada: bA = � 2 �1 4 4 �2 8 � 17 Exercício 2: 27.14(a) (Cont.) I Reduzindo a matriz ampliada a sua forma escalonada obtemos:� 2 �1 4 0 0 0 � Assim, posto A = posto bA = 1 e, portanto, o sistema possui solução (i.e. o conjunto solução é não vazio). I Para caracterizar o conjunto solução de Ax = b, observe que x1 e x2 são solução do sistema se, e somente se: 2x1 � x2 = 4! x2 = 2x1 � 4, onde x1 é uma variável livre do sistema. 18 Exercício 2: 27.14(a) (Cont.) I Assim, para x1 2 R, toda solução do sistema deve possuir a seguinte forma: x = � x1 2x1 � 4 � = x1 � 1 2 � � � 0 4 � 19
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