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ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica PME 2100 – MECÂNICA A Terceira Prova – 06 de dezembro de 2002 – Duração: 100 minutos (importante: não é permitida a utilização de calculadoras) Nome: ______________________________________________________________________________________ Assinatura: ___________________________________________________________________________________ (5,0 pontos) Questão 1 – O vagão mostrado na figura é tracionado por uma força T a uma altura h dos eixos das ro- das de maneira que os esforços nos dois eixos sejam iguais. A massa da carroceria do vagão é M e a massa de cada uma das rodas é m, supostas homogêneas. A altura do baricentro da carroceria é H em relação ao eixo das rodas. Sa- bendo que as rodas rolam sem escorregar, pede-se: a) O diagrama de corpo livre do vagão e os diagra- mas de corpo livre de cada roda. (½ + ½) b) A aplicação do Teorema do Movimento do Bari- centro e do Teorema do Momento Angular em uma roda. (½ + ½) c) A aplicação do Teorema do Movimento do Bari- centro e do Teorema do Momento Angular no va- gão. (½ + ½) d) A aceleração do vagão. ( 1 ) e) A altura h do engate do vagão para que os esfor- ços nos dois eixos sejam iguais. ( 1 ) Dado: para um disco homogêneo de centro de massa em C e raio R: 2 2mRJ zC = (5,0 pontos) Questão 2 – Um sólido é composto por uma barra AB, homogênea, de comprimento L e massa 3M e dois pontos materiais de massa M cada um, rigidamente fixados nas extremidades A e B da barra. O sólido é articu- lado sem atrito em A. Pede-se: a) O momento de inércia do sólido em relação ao eixo paralelo ao versor k ! e que passa pelo ponto A. b) A velocidade angular do sólido, em função de θ. Sabe-se que ele é liberado em θ = 30o , partindo do repouso. Use o Teo- rema da Energia Cinética c) O diagrama de corpo livre do sólido na posição inicial, θ = 30o, logo depois de liberado. d) A aceleração angular do sólido, para θ = 30o , logo depois de liberado. Use o Teorema do Momento Angular. e) As reações da articulação A no sólido neste instante. 12 2mlJ zG = (para uma barra homogênea de massa m e comprimento l) i ! j ! g G h H a a R T A B L g k ! i ! j ! θ ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica PME 2100 – MECÂNICA A Terceira Prova – 06 de dezembro de 2002 – Gabarito (5,0 pontos) Questão 1 – O vagão mostrado na figura é tracionado por uma força T a uma altura h dos eixos das ro- das de maneira que os esforços nos dois eixos são iguais. A massa da carroceria do vagão é M e a massa de cada uma das rodas é m, supostas homogêneas. A altura do baricentro da carroceria é H em relação ao eixo das rodas. Sa- bendo que as rodas rolam sem escorregar, pede-se: a) O diagrama de corpo livre do vagão e os diagra- mas de corpo livre de cada roda. b) A aplicação do Teorema do Movimento do Bari- centro e do Teorema do Momento Angular em uma roda. c) A aplicação do Teorema do Movimento do Bari- centro e do Teorema do Momento Angular no va- gão. d) A aceleração do vagão. e) A altura h do engate do vagão para que os esfor- ços nos dois eixos sejam iguais. Para um disco homogêneo de centro de massa em C e raio R temos: 2 2mRJ zC = Solução: Item (a) O enunciado informa que os esforços nos dois eixos são iguais: Diagrama de corpo livre do vagão: Diagramas de corpo livre das rodas: Item (b) Roda: Teorema do Movimento do Baricentro: aRx FFma −= (1) mgNNma aRy −−= (2) Teorema do Momento Angular: RFJ aRR =ω" (3) Item (c) Vagão: Teorema do Movimento do Baricentro: FTMaGx 2−= (4) MgNMaGy −= 2 (5) Teorema do Momento Angular: ( )hHTFHJG −+−= 2ω" (6) G h H a a T Mg F F N N N Na Fa F mg N Na Fa F mg i ! j ! g G h H a a R T ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica Item (d): Observando o movimento do vagão temos: 0== GyRy aa Como não há escorregamento, e como o centro da roda translada com o vagão: GGxRx aaa == Como: R aRx R =ω" então: R aG R =ω" (7) Usando (7) em (3): RF R amR a G = 2 2 2 G a maF = (8) De (1) e (8): aG FFma −= 2 G GaG mamaFmaF +=+= 2 3 GmaF = (9) Aplicando (9) em (4): ( ) TamM TmaMa maT ma TFTMa G GG G G G =+ =+ −=−=−= 3 3 3 2 3 22 ( )mM TaG 3+ = (10) Item (e) Usando (9) e (10) em (6), e sabendo que 0=ω" : ( ) ( ) ( ) ( ) ( )HmM mhH H mM TmhHT HmahHT FHhHT G 3 3 3 3 3 2 + =− + =− =− =− ( ) HmM mh + −= 3 31 ( )HmM Mh 3+ = ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica (5,0 pontos) Questão 2 – Um sólido é composto por uma barra AB, homogênea, de comprimento L e massa 3M e dois pontos materiais de massa M cada um, rigidamente fixados nas extremidades A e B da barra. O sólido é articu- lado sem atrito em A. Pede-se: a) O momento de inércia do sólido em relação ao eixo paralelo ao versor k ! e que passa pelo ponto A. (½ + ½) b) A velocidade angular do sólido, em função de θ, sabendo que ele é liberado em θ = 30o , partindo do repouso. Use o Teo- rema da Energia Cinética (½ + ½) c) O diagrama de corpo livre do sólido na posição θ = 30o, logo depois de liberado. ( 1 ) d) A aceleração angular do sólido para θ = 30o , logo depois de liberado. Use o Teorema do Momento Angular. (½ + ½) e) As reações da articulação A no sólido neste instante. (½ + ½) 12 2mlJ zG = (para uma barra homogênea de massa m e comprimento l) Solução: Item (a) ( ) ( ) 2 2222 2 22 22 22 2 12 24 12 1293 4 3 12 30 2 3 12 3 MLJ MLMLMLMLMLMLMLMLMLMLMJ Az materiaispontos barra Az = = ++ =++=++ += ##$##%& ### $### %& Item (b) Energia cinética: 222 22 2 2 2 θθθ "" " MLMLJE Az === Trabalho da força peso: ( ) −= −= θθ cos 2 3 2 5cos30cos 2 5 LMgLMgW o Teorema da energia cinética (o sólido parte do repouso): WEWEE =−⇒=− 00 −= θθ cos 2 3 2 522 LMgML " 2 2 cos 2 3 2 5 ML LMg − = θ θ" ( ) L g 4 cos2352 θθ −=" ( ) L g 4 cos235 θθ −=" A B L g k ! i ! j ! θ ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica Item (c) Pela simetria, o baricentro do sólido está no centro da barra, e pelo enunciado, a massa do sólido é 5M. Item (d) Teorema do Momento Angular: ( ) L g MgLMLLMgJ Az 8 5 4 5 2 4 5 2 =⇒=⇒ = ωωω """ Item (e) Teorema do Movimento do Baricentro: ( ) ( ) jMgYiXaM AAG !!! 55 +−+= (I) Pela cinemática: ( ) ( )[ ]AGAGaa AG −∧∧+−∧+= ωωω !!"!!! Como ω" é no sentido horário, k L g !"! 8 5 =ω , e considerando que o ponto A é fixo e que logo após a liberação da barra temos 0 !! =ω : ( ) jgMigMaM jgiga jLiLk L ga G G G !!! !!! !!!! 32 55 32 3555 32 5 32 35 4 3 48 5 += += −∧= ( ) jMgiMgaM G !!! 32 25 32 3255 += (II) Comparando (I) e (II): MgYMgMgY MgX AA A 32 135 32 255 32 325 =⇒=+− = jMgY iMgX A A !! !! 32 135 32 325 −= = A B 5Mg XA YA 22 1 L 22 3 L G 30o k ! i ! j !
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