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Rotação Professor Dr. Valdir Rosa valdirrosa@ufpr.br UNIVERSIDADE FEDERAL DO PARANÁ CURSO DE LICENCIATURA EM CIÊNCIAS EXATAS E ENGENHARIAS FÍSICA II 𝜃 = 𝑠 𝑟 (1) 𝜃 é 𝑎 𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜 𝑎𝑛𝑔𝑢𝑙𝑎𝑟 (𝑒𝑚 𝑟𝑎𝑑𝑖𝑎𝑛𝑜𝑠) 𝑠 é 𝑜 𝑎𝑟𝑐𝑜 𝑑𝑎 𝑐𝑖𝑟𝑐𝑢𝑛𝑓𝑒𝑟ê𝑛𝑐𝑖𝑎 𝑟 é 𝑜 𝑟𝑎𝑖𝑜 𝑑𝑎 𝑐𝑖𝑟𝑐𝑢𝑛𝑓𝑒𝑟ê𝑛𝑐𝑖𝑎 DESLOCAMENTO ANGULAR ∆𝜃 = 𝜃2 − 𝜃1 (2) Sentido horário Deslocamento negativo Sentido anti-horário Deslocamento positivo VELOCIDADE ANGULAR 𝑤𝑚é𝑑 = 𝜃2 − 𝜃1 𝑡2 − 𝑡1 = ∆𝜃 ∆𝑡 (3) 𝑤 = lim ∆𝑡→0 ∆𝜃 ∆𝑡 = 𝑑𝜃 𝑑𝑡 (4) Velocidade angular média Velocidade angular instantânea ACELERAÇÃO ANGULAR 𝑣 = 𝑑𝑠 𝑑𝑡 𝑣 = 𝑟 𝑑𝜃 𝑑𝑡 Substituindo equação (01) no s, temos: Da definição (4), então: 𝑣 = 𝑟𝑤 (5) Então: 𝑎𝑡𝑎𝑛 = 𝑑𝑣 𝑑𝑡 𝑎𝑡𝑎𝑛 = 𝑟 𝑑𝑤 𝑑𝑡 𝑎𝑡𝑎𝑛 = 𝑟𝛼 (6) ACELERAÇÃO ANGULAR 𝛼𝑚é𝑑 = 𝑤2 − 𝑤1 𝑡2 − 𝑡1 = ∆𝑤 ∆𝑡 (7) 𝑈𝑛𝑖𝑑𝑎𝑑𝑒 𝑟𝑎𝑑/𝑠2 𝑟𝑒𝑣/𝑠2 𝛼𝑚é𝑑 = lim ∆𝑡→0 ∆𝑤 ∆𝑡 = 𝑑𝑤 𝑑𝑡 (8) EXEMPLO: A posição angular em relação a linha de referência de uma roda de bicicleta girando é dada pela equação 𝜃 𝑡 = 2 − 3𝑡2 + 2𝑡3. Determine (a) a velocidade angular e (b) a aceleração para o tempo t = 2s. 𝜃 𝑡 = 2 − 3𝑡2 + 2𝑡3 𝑤(𝑡) = 𝑑𝜃 𝑑𝑡 𝑤(𝑡) = 𝑑(2 − 3𝑡2 + 2𝑡3) 𝑑𝑡 𝑤(𝑡) = −6𝑡 + 6𝑡2 𝑤(2) = −6(2) + 6(2)2 = 𝛼𝑚é𝑑 = 𝑑𝑤 𝑑𝑡 𝛼𝑚é𝑑 = 𝑑(−6𝑡 + 6𝑡2) 𝑑𝑡 𝛼𝑚é𝑑 = −6 + 12𝑡 Exemplo: Um pião gira com aceleração angular 𝛼 = 5𝑡3 − 4𝑡, onde t está em segundos e em radianos por segundo ao quadrado. Em t = 0 a velocidade do pião é w = 5 rad/s e uma reta de referência traçada no pião está na posição angular = 2 rad. (a) Obtenha uma expressão para a velocidade angular do pião, w(t). (b) Obtenha uma expressão para a posição angular do pião (t). 𝛼 = 𝑑𝑤 𝑑𝑡 𝑑𝑤 = 𝛼𝑑𝑡 න𝑑𝑤 = න𝛼 𝑑𝑡 න𝑑𝑤 = න(5𝑡3 − 4𝑡) 𝑑𝑡 a) 𝑤 = 5 4 𝑡4 − 2𝑡2 + 𝐶 Para t = 0 5 = 5 4 .04−2.02+𝐶 ∴ 𝑤 = 5 4 𝑡4 − 2𝑡2 + 5 (b) Obtenha uma expressão para a posição angular do pião (t). 𝑑𝜃 = 𝑤𝑑𝑡 න𝑑𝜃 = න𝑤𝑑𝑡 න𝑑𝜃 = න( 5 4 𝑡4 − 2𝑡2 + 5) 𝑑𝑡 𝜃 = 1 4 𝑡5 − 2 3 𝑡3 + 5𝑡 + 𝐶 Para t = 0 2 = 1 4 (05) − 2 3 0 3 + 5(0) + 𝐶 ∴ 𝜃 = 1 4 𝑡5 − 2 3 𝑡3 + 5𝑡 + 2 Energia Cinética de Rotação 𝐾 = 1 2 𝑚𝑣2 𝐾 = 1 2 𝑚1𝑣1 2 + 1 2 𝑚2𝑣2 2 +⋯ = 1 2 𝑚𝑖𝑣𝑖 2 𝑐𝑜𝑚𝑜 𝑣 = 𝑟𝑤 𝐾 = 1 2 𝑚𝑖(𝑤𝑟𝑖) 2 𝐾 = 1 2 (𝑚𝑖 𝑟𝑖 2)𝑤2 𝐼 =𝑚𝑖 𝑟𝑖 2 𝐾 = 1 2 𝐼𝑤2 𝐼 =𝑚𝑖 𝑟𝑖 2 Momento de inércia (I) do corpo: - depende da massa do corpo; - do eixo do qual está sendo executada a rotação; - oferece resistência ao estado de movimento Em qual das duas situações é mais fácil girar a barra? 𝐼 = න𝑟2𝑑𝑚 Momento de Inércia para um corpo contínuo 𝐼 = 𝐼𝐶𝑀 +𝑀ℎ 2 Teorema dos eixos paralelos Exemplo (Halliday 10-6): A figura mostra duas partículas de massa m ligadas por uma barra de comprimento L e de massa desprezível. (a) Qual é o momento de inércia 𝐼𝐶𝑀 em relação a um eixo passando pelo centro de massa e perpendicular à barra? 𝐼 =𝑚𝑖 𝑟𝑖 2 𝐼𝐶𝑀 = 𝑚 ( 1 2 𝐿)2 + 𝑚 ( 1 2 𝐿)2 𝐼𝐶𝑀 = 2𝑚 1 4 𝐿2 𝐼𝐶𝑀 = 1 2 𝑚𝐿2 (b) Qual é o momento de inércia I do corpo em relação a um eixo passando pela extremidade esquerda da barra e paralela ao primeiro eixo? 𝐼 =𝑚𝑖 𝑟𝑖 2 𝐼 = 𝑚 (0)2 + 𝑚 (𝐿)2 𝐼 = 𝑚 𝐿2 Ao resolver pelo Teorema dos Eixos Paralelos, teremos: 𝐼 = 𝐼𝐶𝑀 +𝑀ℎ 2 𝐼 = 1 2 𝑚𝐿2 + (2𝑚)( 1 2 𝐿)2 𝐼 = 𝑚 𝐿2 O torque tende a girar ou mudar o estado de rotação dos corpos, representando o efeito girante de uma força. O efeito de rotação de uma força ou torque depende de duas coisas: - da intensidade da força aplicada; - do comprimento do braço de alavanca da força. 𝜏 = 𝑟 𝐹 𝑠𝑒𝑛 ∅ = 𝑟 𝐹 (07) 𝑁.𝑚 A Segunda Lei de Newton para a rotação F = ma (08) 𝜏 = 𝑟 𝐹 (07) 𝑎𝑡 = 𝑟𝛼 (06) Substituindo (06) em (08), e depois na equação (07) Lei, temos: 𝜏 = 𝑚𝑟2𝛼 𝜏 = 𝐼𝛼 Exemplo - Halliday: A figura mostra um disco uniforme, de massa M = 2,5 kg e raio R 20 cm, montado em um eixo horizontal fixo. Um bloco de massa m = 1,2 kg está pendurado por uma corda de massa desprezível que está enrolada na borda do disco. Determine a aceleração do bloco em queda, a aceleração angular do disco e a tensão da corda. 𝑇 −𝑚𝑔 = 𝑚𝑎 (1) 𝜏 = 𝑟 𝐹 𝜏 = 𝐼 𝛼 𝜏 = −𝑇𝑅 𝑐𝑜𝑚𝑜 𝐼 = 1 2 𝑀𝑅2 𝑇𝑎𝑏. 10 − 2𝑐 −𝑇𝑅 = 1 2 𝑀𝑅2 𝛼 (2) Sabemos que: 𝑎 = 𝛼. 𝑟 𝛼 = 𝑎 𝑅 −𝑇 = 1 2 𝑀𝑅 𝑎 𝑅 𝑇 = − 1 2 𝑀𝑎 (3) Substituímos (3) em (1) − 1 2 𝑀𝑎 −𝑚𝑔 = 𝑚𝑎 𝑎 = − 2𝑚𝑔 (2𝑚 +𝑀) 𝑎 = −4,8 𝑚/𝑠2 𝛼 = 𝑎 𝑅 𝛼 = 24 𝑟𝑎𝑑/𝑠2 𝑇 = − 1 2 𝑀𝑎 (3) 𝑇 = 6,0 𝑁 𝛼 = 𝑎 𝑅 𝛼 = −4,8 0,20 𝛼 = 24 𝑟𝑎𝑑/𝑠2 Torque como Produto Vetorial 𝜏 = 𝐹 𝑥 𝑟 Exemplo: Calcule o torque considerando que a força e o deslocamento sejam dados por: Ԧ𝐹 𝑥 Ԧ𝑟 = 𝐹𝑦𝑟𝑧 − 𝐹𝑧𝑟𝑦 Ƹ𝑖 + 𝐹𝑧𝑟𝑥 − 𝐹𝑥𝑟𝑧 Ƹ𝑗 + 𝐹𝑥𝑟𝑦 − 𝐹𝑦𝑟𝑥 𝑘 Trabalho, Potência e Energia Cinética Rotacional 𝑊 = න 𝜃𝑖 𝜃𝑓 𝜏 𝑑𝜃 𝑃 = 𝑑𝑊 𝑑𝑡 = 𝜏𝜔 𝑊 = 𝜏 𝜃𝑓 − 𝜃𝑖 𝑝𝑎𝑟𝑎 𝜏 = 𝑐𝑜𝑛𝑠𝑡𝑎𝑛𝑡𝑒 ∆𝐾 = 𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑊 ∆𝐾 = 1 2 𝐼𝜔𝑓 2 − 1 2 𝐼𝜔𝑖 2 = 𝑊 Exercícios Capitulo 10: 2, 4, 5, 6, 9, 11, 13, 17, 19, 21, 23, 25, 27, 29, 31, 33, 45, 47, 49, 51, 53, 55, 57, 59, 61.