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Fundac¸a˜o Centro de Cieˆncias e Educac¸a˜o Superior a Distaˆncia do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educac¸a˜o Superior a Distaˆncia do Estado do Rio de Janeiro Geometria Plana – AD1 – Gabarito – 2013.1 Questa˜o 1: [1,4 pts] Em um dos semiplanos determinados pela reta AB e por um ponto O tomado sobre a mesma trac¸am-se os aˆngulos adjacentes AÔC, CÔD e DÔB tais que a medida do aˆngulo AÔC vale oito vezes a medida do aˆngulo DÔB e a soma desses dois aˆngulos representa o triplo da medida do aˆngulos CÔD. Quanto mede cada aˆngulo? Soluc¸a˜o: Seja a reta AB, em um dos semiplanos determinados pela reta AB e por um ponto O sobre a mesma trac¸am-se os aˆngulos adjacentes AÔC, CÔD e DÔB. Considere x = m(AÔC), y = m(DÔB) e z = m(CÔD) AB O D C x y z Temos pelo enunciado x = 8y x+ y = 3z x+ z + y = 180◦ ⇒ { 8y + y = 3z 8y + z + y = 180◦ ⇒ { z = 3y 9y + z = 180◦ ⇒ 9y + 3y = 180◦ y = 180◦ 12 = 15◦, z = 3 · 15◦ = 45◦, x = 8 · 15◦ = 120◦ Logo m(AÔC) = 120◦, m(DÔB) = 15◦ e m(CÔD) = 45◦ Questa˜o 2: [1,2 pts] Mostre que em um triaˆngulo iso´sceles ABC (AB = AC) baixando de um ponto P , sobre a base, perpendiculares aos lados iguais, a soma desses segmentos PM e PS e´ constante e igual a BH, onde BH e´ a altura relativa ao lado AC. Atenc¸a˜o: P e´ um ponto qualquer sobre a base BC. Soluc¸a˜o: De fato, tracemos a altura BH relativa ao lado AC e PF , perpendicular a` altura BH. P A CB S H F M Temos que PS = FH, como segmentos de paralelas, compreendidos entre paralelas. ∆BPF = ∆BMP , pois BF̂P = BM̂PBP hipotenusa comum MB̂P = B̂ = FP̂B = Ĉ Logo PM = BF e portanto PM + PS = BF + FH = BH = constante. Geometria Plana – Gabarito AD1 2 Questa˜o 3: [1,4 pts] Usando a questa˜o 2, encontre a soma das distaˆncias de um ponto P , interior ao triaˆngulo equila´tero ABC, aos lados do mesmo sendo que a metade da altura deste triaˆngulo tem medida 4 cm. Soluc¸a˜o: Considere o triaˆngulo equila´tero ABC de altura 8 cm. P A CB xD y z E Seja P interior ao triaˆngulo ABC. Trac¸a-se uma reta paralela a BC passando por P . Usando a questa˜o 2, no triaˆngulo iso´sceles ADE, temos que a altura de ∆ADE e´ 8− z, enta˜o: 8− z = x+ y ⇒ x+ y + z = 8 cm Questa˜o 4: [1,5 pts] Considere duas retas paralelas r e s cortadas pela secante AB, onde A ∈ r e B ∈ s. Sobre r, marcam-se os segmentos AM = AP = AB, onde A esta´ entre M e P . Mostre que: (i) BM e BP sa˜o as bissetrizes dos aˆngulos que AB faz com s. (ii) o triaˆngulo MBP e´ retaˆngulo. Soluc¸a˜o: Sejam r//s e AB secante as retas r e s onde A ∈ r e B ∈ s. Sobre r, marcam-se os pontos distintos M e P , tal que AM = AP = AB. a a rA B P M a b b b s t D C (i) Ligando B a M e P a B, e denote MB̂C = a, PB̂D = b, onde C e D sa˜o pontos sobre s, conforme figura. Temos: AM̂B = a pois sa˜o aˆngulos alternos internos. ∆AMB e´ iso´sceles de base BM , enta˜o AB̂M = a. De maneira ana´loga temos para ∆PAB, PB̂A = b. Logo BM e BP sa˜o bissetrizes dos aˆngulos que AB faz com s. (ii) Temos tambe´m que 2a + 2b = 180◦ ⇒ a + b = 90◦. Da´ı ∆MBP e´ retaˆngulo , ja´ que PB̂M = a+ b = 90◦. Questa˜o 5: [1,5 pts] ABC e´ um triaˆngulo no qual a bissetriz interna relativa ao aˆngulo  e´ igual ao lado AB e a bissetriz interna relativa ao aˆngulo Ĉ e´ igual ao lado AC. Calcule os aˆngulos do triaˆngulo ABC, representando-os em graus, minutos e segundos. Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AD1 3 Soluc¸a˜o: Seja ABC um triaˆngulo no qual a bissetriz interna AD relativa ao aˆngulo  e´ igual ao lado AB e a bissetriz interna CE relativa ao aˆngulo Ĉ e´ igual ao lado AC. Denotando BÂD = DÂC = a, BĈE = EĈA = b : E A B a a D b b C 180º-a 2 2a Do enunciado temos que ∆ABD e ∆AEC sa˜o iso´sceles. No triaˆngulo ABD, AB̂D = AD̂B = 180◦ − a 2 e pelo aˆngulo externo AD̂B = a+ 2b, enta˜o 180◦ − a 2 = a+ 2b ⇒ 3a+ 4b = 180◦ (1) No triaˆngulo AEC,temos que CÊA = CÂE = 2a, assim 4a+ b = 180◦ (2) De (1) e (2), temos { 3a+ 4b = 180◦ 4a+ b = 180◦ ⇒ 3a+ 4(180◦ − 4a) = 180◦ ⇒ 3a− 16a = 180◦ − 720◦ ⇒ 13a = 540◦ ⇒ a ≈ 41◦32′18”  = 2a ≈ 83◦04′36”, B̂ = 180− a 2 ≈ 69◦13′50” e Ĉ = 2b = 180◦ − Â− B̂ ≈ 27◦41′32” Questa˜o 6: [1,5 pts] Num triaˆngulo ABC, as bissetrizes dos aˆngulos externos em B e C formam um aˆngulo de 40◦ e a altura relativa ao lado BC forma com a bissetriz do aˆngulo  um aˆngulo de 25◦. Calcule os aˆngulos do triaˆngulo. Soluc¸a˜o: F G b a A B C a a 40º c c 25º b b D E H J Sejam ∆ABC, as bissetrizes dos aˆngulos externos em B e em C forma um aˆngulo de 40◦ e a altura relativa ao lado BC forma com a bissetriz do aˆngulo  um aˆngulo de 25◦. Seja a = AB̂E = EB̂F = CB̂D, b = GĈH = HĈA = BĈD, BD̂C = 40◦. a+ b+ 40◦ = 180◦, (∆BCD) 90◦ = 180◦ − 2a+ c− 25◦, (∆ABJ) 90◦ = c+ 25◦ + 180◦ − 2b, (∆ACJ) a+ b = 140◦ (1) 2a− c = 65◦ (2) 2b− c = 115◦ (3) De (2) e (3) vem: 2a− 2b = 65◦ − 115◦ ⇒ −a+ b = 25◦ (4) Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ Geometria Plana – Gabarito AD1 4 De (1) e (4), temos: 2b = 165◦ logo BĈA = 180◦ − 2b = 180◦ − 165◦ = 15◦ De (3) vem: 2b− c = 115◦ ⇒ c = 165◦ − 115◦ = 50◦ Da´ı BÂC = 2c = 100◦ e AB̂C + 100◦ + 15◦ = 180◦ ⇒ AB̂C = 65◦ Portanto os aˆngulos do triaˆngulos ABC sa˜o  = 100◦, B̂ = 65◦ e Ĉ = 15◦. Questa˜o 7: [1,5 pts] Num triaˆngulo retaˆngulo, a bissetriz interna do maior dos aˆngulos agudos e´ igual ao maior dos dois segmentos que ela determina no cateto oposto. Encontre os aˆngulos que esta bissetriz forma com este cateto. Soluc¸a˜o: Seja o triaˆngulo retaˆngulo ABC, E a A C B a a trace a bissetriz interna do maior dos aˆngulos agudos e, pelo enunciado, sabemos que e´ igual ao maior dos dois segmentos que ela determina no cateto oposto. Suponha que AC > AB, enta˜o B̂ > Ĉ. A bissetriz interna BE e´ tal que BE = EC e AB̂E = EB̂C = BĈE = a. Logo AÊB = 2a. No ∆ABE, a+ 2a+ 90◦ = 180◦ ⇒ a = 30◦ Da´ı AÊB = 2a = 60◦ e BÊC = 120◦. Questa˜o 8: [boˆnus: 0,5 pt] P e´ um ponto da bissetriz de um aˆngulo XÔY . A mediatriz do segmento OP intercepta OX em M . Mostre que MP e OY sa˜o paralelas. Soluc¸a˜o: Seja P um ponto da bissetriz de um aˆngulo XÔY . Temos PÔY = PÔX = a. P R M a a Y O X A mediatriz de OP intercepta OX em M . Da definic¸a˜o de mediatriz OR = RP e OR̂M = PR̂M = 90◦. Da´ı ∆ORM ≡ ∆MPR pelo crite´rio LAL, pois OR̂M = PR̂M = 90 ◦ OR = RP RM lado comum ⇒ RP̂M = RÔM = a. Enta˜o XM̂P = a+ a, (aˆngulo externo). Logo Y ÔM = PM̂X = 2a, (aˆngulos correspondentes). Portanto OY//MP . Fundac¸a˜o CECIERJ Conso´rcio CEDERJ