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logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis E.D.O. de Variáveis Separáveis Fellipe Antonio dos S.C. Leite Instituto Federal da Bahia — IFBA Maio de 2020 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis 1 Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação A ideia 1 Uma E.D.O. (na forma normal) é do Tipo variáveis separáveis se é posśıvel colocar no 1o membro da equação uma função que depende somente da variável y (variável dependente) e no 2o membro uma função que depende somente da variável x (variável independente). 2 Para isso acontecer a derivada pode ser expressa como um produto de uma função de x por outra função de y . 3 Simbolicamente a E.D.O. de variáveis separáveis pode ser escrita na forma: y ′ = f (x) · g(y) 4 Na forma diferencial, podemos tem f1(x)g1(y) dx + f2(x)g2(y) dy = 0 ou simplesmente f (x)dx + g(y)dy = 0 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação A ideia 1 Uma E.D.O. (na forma normal) é do Tipo variáveis separáveis se é posśıvel colocar no 1o membro da equação uma função que depende somente da variável y (variável dependente) e no 2o membro uma função que depende somente da variável x (variável independente). 2 Para isso acontecer a derivada pode ser expressa como um produto de uma função de x por outra função de y . 3 Simbolicamente a E.D.O. de variáveis separáveis pode ser escrita na forma: y ′ = f (x) · g(y) 4 Na forma diferencial, podemos tem f1(x)g1(y) dx + f2(x)g2(y) dy = 0 ou simplesmente f (x)dx + g(y)dy = 0 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação A ideia 1 Uma E.D.O. (na forma normal) é do Tipo variáveis separáveis se é posśıvel colocar no 1o membro da equação uma função que depende somente da variável y (variável dependente) e no 2o membro uma função que depende somente da variável x (variável independente). 2 Para isso acontecer a derivada pode ser expressa como um produto de uma função de x por outra função de y . 3 Simbolicamente a E.D.O. de variáveis separáveis pode ser escrita na forma: y ′ = f (x) · g(y) 4 Na forma diferencial, podemos tem f1(x)g1(y) dx + f2(x)g2(y) dy = 0 ou simplesmente f (x)dx + g(y)dy = 0 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação A ideia 1 Uma E.D.O. (na forma normal) é do Tipo variáveis separáveis se é posśıvel colocar no 1o membro da equação uma função que depende somente da variável y (variável dependente) e no 2o membro uma função que depende somente da variável x (variável independente). 2 Para isso acontecer a derivada pode ser expressa como um produto de uma função de x por outra função de y . 3 Simbolicamente a E.D.O. de variáveis separáveis pode ser escrita na forma: y ′ = f (x) · g(y) 4 Na forma diferencial, podemos tem f1(x)g1(y) dx + f2(x)g2(y) dy = 0 ou simplesmente f (x)dx + g(y)dy = 0 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Como resolver? I. Reconhecer o tipo de E.D.O. II. “Isolar o que tem x no 2o membro e o que tem y no 1o membro” III. Separar os diferenciais IV. Integrar cada membro com respeito a variável que aparece Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Exemplos I. y ′ = 2xy Note y ′ = f (x) · g(y) com f (x) = 2x e g(y) = y Separando as variáveis: 1 y dy dx = 2x Separando os diferenciais: dy y = 2x dx Integrando: ∫ dy y = ∫ 2x dx ln y = x2 + k ⇒ y = ex2+k = ex2 · ek = A · ex2 Verificando a solução ϕ(x) = A · ex2 , derivando: ϕ′(x) = A · (2x)ex2 = (2x)(Aex2) = 2xϕ(x) Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Exemplos II. y ′ = x2 − 1 y2 + 1 Note y ′ = f (x) · g(y) com f (x) = x2 − 1 e g(y) = 1 y2 + 1 Separando as variáveis: (y2 + 1) dy dx = x2 − 1 Separando os diferenciais: (y2 + 1)dy = (x2 − 1)dx Integrando: ∫ (y2 + 1)dy = ∫ (x2 − 1)dx y3 3 + y = x3 3 − x + k ⇒ y3 + 3y = x3 − 3x + 3k Solução Geral: y3 + 3y = x3 − 3x + C Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Exemplos III. Resolver o P.V.I. { y ′ = y cos x y2 + 1 y(0) = 1 Separando as variáveis: (y2 + 1) y dy dx = cos x Separando os diferenciais: (y + 1 y )dy = (cos(x))dx Integrando: ∫ (y + 1 y )dy = ∫ (cos(x))dx Solução Geral da E.D.O.: y2 2 + ln(y) = sen x + k Usando as condições iniciais: 12/2 + ln(1) = sen 0 + k ⇒ k = 12 Solução do P.V.I.: y2 2 + ln(y) = sen x + 12 Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Aplicação Problema:Uma substância é posta numa corrente de ar. Se a temperatua ambiente é 30◦C e a temperatura da substância. em 15 minutos, resfria de 100◦ para 70◦C, determine em que momento a temperatura da substância será de 40◦C. Resolução: Segundo a Lei de Newton: dT dt = k(T − T0) Separando as variáveis: dT T − 30 = kdt Integrando: ∫ dT T − 30 = kdt Solução Geral da E.D.O. na forma impĺıcita: ln(T − 30) = kt + lnC Solução Geral na forma expĺıcita (Isolar o T (t)): ln T − 30 C = kt ⇒ T (t)− 30 C = ekt Assim: T (t) = 30 + C · ekt Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 logos.png Sumário Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação Aplicação Problema:Uma substância é posta numa corrente de ar. Se a temperatua ambiente é 30◦C e a temperatura da substância. em 15 minutos, resfria de 100◦ para 70◦C, determine em que momento a temperatura da substância será de 40◦C. T (t) = 30 + C · ekt Usando as condições iniciais: T (0) = 100 e T (15) = 70. Assim T (0) = 30 + C · 1 = 100 ∴ C = 70 T (15) = 30 + 70e15k = 70 ∴ e15k = 4 7 ⇒ 15k = ln 4 7 k = 1 15 ln 4 7 . P.V.I. (na verdade aqui é um problema de contorno):{ dT dt = k(T − T0) T (0) = 100T (15) = 70 Solução do P.V.I.: T (t) = 30 + 70e t 15 ln 4 7 Resposta do problema: 40 = 30 + 70e t 15 ln 4 7 ⇒ e t 15 ln 4 7 = 1 7 t 15 = ln 7−1 ln 4 7 ⇒ t = −15 ln 7 ln 4− ln 7 = 15 ln 7 ln 7− ln 4 ∼= 52, 16min Fellipe Antonio dos S.C. Leite Aula 4.4 Equações de Variáveis Separáveis O que é? Como Resolve? Exemplos Aplicação
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