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AVALIAÇÃO 3 Enunciado e Resolução Exercício 1 0=tUma partícula inicia seu movimento circular em no ponto A com velocidade angular inicial . Ao longo de sua trajetória circular de raio , a velocidade angular é definida a cada instante por: 0ω ( )tω t 0( ) 2 rad/st tω ω= − 1- Determinar as expressões do ângulo e da aceleração angular no instante .( )tα( )tθ t 2- A velocidade angular a partícula se anula no instante . Determinar o número total de revoluções efetuadas pela partícula entre o instante inicial e . 0 ( ) 0 2f f t t ω ω= → = 3- Determinar as componentes normal e tangencial da aceleração neste instante .( )n fa t ( )t fa t DB × A 0 , 0θ= =t P( )t Posição em t ( )θ t O R 0 2f t ω= R Os dados deste exercício, indicados para cada aluno no arquivo Dados3_1.pdf , é: (O valor de é fixo para cada grupo) 0 2f t ω= R 0ω 0=t Exercício 1 – Resolução 1- As expressões do ângulo e da aceleração angular no instante são:( )tα( )tθ t 2Aceleração angular: ( ) 2 rad/s d t dt ωα = = − 2 00 Coordenada angular: ( ) ( ) td t t dt t t dt θω θ ω ω= → = = − +∫ 2- O número total de revoluções efetuadas pela partícula entre o instante inicial e é:0=t 0 2f t ω= 2 2 0 0 ( ) Número total de revoluções: n 2 2 8 f f ft t tθ ω ω π π π − + = = = 3- As componentes normal e tangencial da aceleração neste instante são:0 2f t ω= 2 aceleração tangencial 2 ( ) 0 aceleração normal ( ) 0 t f n f a R R t a R t α ω ω → = = −= ⇒ → = = Exercício 2 2 m/s B v i= �� x z y O Os dados deste exercício, indicados para cada aluno no arquivo Dados3_1.pdf , são: Considera-se a estrutura formada pelas barras OA e AB (O é um ponto fixo). As duas barras têm o mesmo cumprimento . No instante considerado, a estrutura está na configuração mostrada na figura e a velocidade do ponto B vale . Determine as velocidades angulares e das barra AO e AB, assim como a velocidade do ponto A neste instante. A ⊙ v B 2 m/s B v = OA ω� AB ω� α ,L,L,L,Lαααα A v � OA AB L= = OA AB L= = Exercício 2 – Resolução • Estudo do movimento da barra OA rotação em torno do eixo Oz com velocidade angular OA OA A OA k v OA ω ω ω → = − ⇒ = × �� ������ ( )L senOA 0 0 L cos sen L cos L sen L cos 0 A AB OA i j k v i j α ω ω α α α α α ⇒ = − = − �� � ���� � �� • Estudo do movimento da barra AB movimento plano geral (translação + rotação) com velocidade angular é algébrico pode ser 0 ou 0 AB AB AB AB AB B A AB k v v AB ω ω ω ω ω ω → = → > < ⇒ = + × �� ������ � ( ) ( )L 0 0 2 L cos sen L 2 L cos L L sen 0 L 0 0 B A AB OA AB OA AB OA i j k AB v v i i j j i i jω ω α α ω ω α ω ω α⇒ = + ⇒ = − + ⇒ = + − �� � ���� � � � � � � �� � 2 2 L cos L cos rad/s 0 L L sen 2 tan L OA OA AB OA AB ωω α α ω ω α ω α == ⇒ ⇒ = − = ( )2 tan m/sAv i jα→ = − � �� Determine a força TA que deve ser aplicada ao cabo em A para conferir ao bloco B de massa mB uma aceleração para cima de . Assume-se que o cabo não desliza sobre a superfície do disco de massa mD . O disco de massa mD e raio , é sustentado por meio de um pino em seu centro G e é livre para girar. Indicações: (i) O momento de inércia de massa de um disco, de massa m e raio R, em relação a um eixo perpendicular que passe pelo seu baricentro é . (ii) Considere uma aceleração da gravidade de g = 10 m/s2. Exercício 3 20,5 m/s B a j= �� Os dados deste exercício, indicados para cada aluno no arquivo Dados3_1.pdf , são: mB , mD 0,2 mR = 21 2G I m R= TA B A R=0,2 m x ⊙ z y O G R 20,5 m/s B a = Exercício 3 – Resolução • Equações da dinâmica para o bloco B x ⊙z y BG × TB B G × diagrama de corpo livre diagrama cinético (Translação vertical) B Bm a ≡≡≡≡ B 0,5ext B G B G G F m a m j M I kα = = = ∑ ∑ � �� �� 0 0,5 0 x y B G F F m M = ⇒ = = ∑ ∑ ∑ Equações da dinâmica (Lei fundamental) 0 0 0,5 0 0 B B BT P m = ⇒ − = = PB = mB g ( )0,5 0,5 10,5B B B B BT P m m g m⇒ = + = + = 20,5 m/s G B a a j= = �� � • Equações da dinâmica para o disco DB 0,2 mR = HP × D G Rx Ry PD = mD g TA DB 0,2 mR = D G GIα α ≡≡≡≡ x ⊙z y diagrama cinético (Rotação em torno do eixo Gz)diagrama de corpo livre 0Ga = � 20,5 com 2,5 rad/s 0,2 Bak R α α α= = = = �� × TB 2 2 21 1 0,2 0,02 kgm 2 2G D D D I m R m m= = × = ext D G G G F m a M I kα = = ∑ ∑ � � �� 0 0 x y G G F F M Iα = ⇒ = = ∑ ∑ ∑ Equações da dinâmica (Lei fundamental) B 0x y D A A B G R R m g T T T R T R Iα = ⇒ = + + × − × = B 0 / 2,5 0,02 / 0,2 0,25 x y D A A B G D D R R m g T T T T I R m mα = ⇒ = + + − = = × = ( )0,25 0,25 0,5A D B D BT m T m m g⇒ = + = + + 0,25 10,5A D BT m m⇒ = +
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