Baixe o app para aproveitar ainda mais
Prévia do material em texto
INSTITUTO FEDERAL DE EDUCAÇÃO, CIÊNCIA E TECNOLOGIA DO CEARÁ EIXO TECNOLÓGICO DE QUÍMICA E MEIO AMBIENTE CURSO DE ENGENHARIA AMBIENTAL E SANITÁRIA DIMENSIONAMENTO DE UMA ESTAÇÃO DE TRATAMENTO DE EFLUENTES POR LAGOAS DE ESTABILIZAÇÃO Maracanaú – CE 2021 INSTITUTO FEDERAL DE EDUCAÇÃO, CIÊNCIA E TECNOLOGIA DO CEARÁ EIXO TECNOLÓGICO DE QUÍMICA E MEIO AMBIENTE CURSO DE ENGENHARIA AMBIENTAL E SANITÁRIA DIMENSIONAMENTO DE UMA ESTAÇÃO DE TRATAMENTO DE EFLUENTES POR LAGOAS DE ESTABILIZAÇÃO HUBERTT AUGUSTO F. RODRIGUES Graduando em Engenharia Ambiental e Sanitária no Instituto Federal do Ceará IFCE - Maracanaú ANE KAROLINE BARBOSA BRANDÃO Graduanda em Engenharia Ambiental e Sanitária no Instituto Federal do Ceará IFCE – Maracanaú GILVAN ANTONIO DA SILVA JÚNIOR Graduando em Engenharia Ambiental e Sanitária no Instituto Federal do Ceará IFCE – Maracanaú JOANA D’ARCK FARIAS BRAGA Graduanda em Engenharia Ambiental e Sanitária no Instituto Federal do Ceará IFCE – Maracanaú TIAGO DE ABREU LIMA Graduando em Engenharia Ambiental e Sanitária no Instituto Federal do Ceará IFCE – Maracanaú Maracanaú – CE 2021 1) A ETE deverá ter eficiência de modo que o efluente final respeite os padrões de lançamento dentro dos padrões recomendado pela Resolução COEMA Nº 2 DE 02/02/2017. A população é formada pela média dos 4 últimos números da matrícula, sendo que a população inicial não poderá ter 3 dígitos, caso a sequência de número inicia com 0 (zero) substitua este pelo segundo dígito. A determinação da população de projeto utilize a equação geométrica e adote para taxa de crescimento r= 1,019 com tempo de projeto de 20 anos. ● Hubertt: 20152045040450 = 4450 ● Ane: 20121045040654 = 6654 ● Gilvan: 20161045040491 = 4491 ● Joana: 20171045040375 = 3375 ● Tiago: 20161045040025 = 2225 Dados do projeto: *Todos os dados que não foram disponibilizados na Tabela 1 devem ser adotados com base nas NBRs e literatura. I) População opulação P = 5 4450+6654+4491+3375+2225 opulação 239 habitantesP = 4 opulação 239 x (1, 19 ) 176 habitantesP = 4 0 20 = 6 II) Vazões ● Vazão Média Qmed = 1000 ( 86400População×Q ×RPC ) Qmed = 1000 ( 864006176×150×0,8) , 08 m /sQmed = 0 0 3 ● Vazão Máxima: ×K1×K2)Qmáx = (Qmed Variável Valor Per capita de DBO 54 kg/hab.dia Per capita de CTT 109 a 10 12 org/hab.dia K1 1,2 K2 1,5 K3 0,5 Temperatura (T) 25°C Tx infiltração 0,3 L/Km.s Percapita do consumo de água “q” 150 L/hab.dia Coeficiente de Retorno (R) C = 0,8 , 08×1, ×1,Qmáx = 0 0 2 5 0, 14 m /sQmáx = 0 3 ● Vazão Mínima: ×K3)Qmín = (Qmed , 08×0,Qmín = 0 0 5 , 04 m /sQmín = 0 0 3 DIMENSIONAMENTO DO TRATAMENTO PRELIMINAR GRADE I) Escolha da Calha Parshall A partir dos valores de vazões mínima e máxima foi possível escolher de acordo com a tabela que padroniza a calha parshall, qual seria a melhor opção para esses valores de vazões. Assim a calha parshall adotada foi a de 3 polegadas, onde: k = 0,176 n = 1,547 II) Lâmina de água antes do rebaixo ● Altura Máxima (Hmáx): Hmáx = ( kQmáx) n 1 Hmáx = ( 0,1760,014) 1 1,547 , 9 mHmáx = 0 1 ● Altura Média (Hméd): Hméd = ( kQméd) n 1 Hméd = ( 0,0080,1,76) 1 1,547 , 3 mHméd = 0 1 ● Altura Mínima (Hmín): Hmín = ( kQmín) n 1 Hmín = ( 0,1760,004) 1 1,547 , 8 mHmín = 0 0 III) Determinação do rebaixo (Z) Z = Q −Qmáx mín (Q ×H )−(Q ×H )máx mín mín máx Z = 0,014−0,004 (0,014×0,08)−(0,004×0,19) , 4 mZ = 0 0 IV) Lâmina de água a jusante da grade ● Altura Máxima: hmáx = Hmáx − Z , 9 , 4hmáx = 0 1 − 0 0 , 5 mhmáx = 0 1 ● Altura Média: hméd = Hméd − Z , 3 , 4hméd = 0 1 − 0 0 , 9 mhméd = 0 0 ● Altura Mínima: hmín = Hmín − Z , 8 , 4hmín = 0 0 − 0 0 , 4 mhmín = 0 0 V) Adoção da grade Foi adotada uma grade fina, com as seguintes características: Espessura (t) = 13 mm Espaçamento (a) = 25 mm VI) Eficiência da grade E = aa+t E = 2525+13 , 5 5%E = 0 6 = 6 Recomendações da NBR 12209 (ABNT 2011) Eficiência maior que 65% VII) Área útil da grade AU = v Qmáx AU = 0,60 0,014 , 23 m²AU = 0 0 O valor de v varia de 0,4 a 0,75 m/s. Nesse caso foi adotado v = 0,60 m/s. VIII) Seção de Escoamento (S) S = E AU S = 0,65 0,023 , 35 m²S = 0 0 IX) Largura do canal da grade b = Shmáx b = 0,15 0,035 , 3 mb = 0 2 X) Verificação da velocidade XI) Perda de carga - 50% obstruida Para calcular a perda de carga foi considerada o valor da aceleração da gravidade de 9,81 m/s². ● 0×Ev = V , 0×0, 5v = 0 6 6 , 9 m/sv = 0 3 ● ×V 0V = 2 ×0, 0V = 2 6 , m/sV = 1 2 f , 3×h = 1 4 2×g V −v²( 2 ) f , 3×h = 1 4 2×9,81 1,2 −0,39²( 2 ) f , 9 mh = 0 0 Recomendação hf= 0,15 m para grades manuais Q (m³/s) H (m) h (m) S = b x h Au = S x E V0 = Q/Au Verificação 0,014 0,19 0,15 0,035 0,023 0,60 ok 0,008 0,13 0,09 0,021 0,014 0,57 n 0,004 0,08 0,04 0,009 0,005 0,50 n hf = 0,10 m para grades mecânicas XII) Número de barras n = t+a b (mm) n = 23013+25 barrasn = 6 XIII) Verificação do número de barras ● Para n = 6 barras: e = b − (n×t) a[ + (n )− 1 × ] 30e = 2 − (6×13) 25[ + (6 )− 1 × ] 7 cme = 2 ● Para n = 7 barras: e = b − (n×t) a[ + (n )− 1 × ] 30e = 2 − (7×13) 25[ + (7 )− 1 × ] 11 cme = − Para ser válido é necessário que e ≤ a. Dessa forma, serão utilizadas 6 barras. XIV) Comprimento da barra Foi adotado um diâmetro (D) = 150 mm (0,15 m). v f , 0h = hmáx + h + D + 0 1 v , 9 , 9 , 5 , 0h = 0 1 + 0 0 + 0 1 + 0 1 v , 3 mh = 0 5 L = hvsen∝ L = 0,53sen 45 , 5 mL = 0 7 XV) Quadro resumo GRADE Vazões H antes do rebaixo h depois do rebaixo Q méd = 0,008 m³/s H méd = 0,13 m h méd = 0,09 m Q máx = 0,014 m³/s H máx = 0,19 m h máx = 0,15 m Q mín = 0,004 m³/s H mín = 0,08 m h mín = 0,04 m Dimensões Barras A útil = 0,023 m² t = 13 mm n = 6 barras DESARENADOR I) Área da seção transversal Foi adotada uma velocidade V = 0,30 m/s. AU = V Qmáx AU = 0,30 0,014 , 5 m²AU = 0 0 II) Largura da caixa de areia b = Auhmáx b = 0,15 0,05 , mb = 0 3 IV) Verificação da velocidade V) Comprimento da caixa de areia 2, × hL = 2 5 máx 2, × 0, 5L = 2 5 1 , 75 mL = 3 3 VI) Volume de areia sedimentado Considerando a vazão média a taxa de sedimentação - Tx = 0,03 L/m³ V= Qméd * Tx V= 8 * 86.4 * 0,03 V= 20 L ou 0,02 m³ VII) Profundidade do depósito de areia Considerando a limpeza semanal. h = A V S = 0,035 m² a = 25 mm hv = 0,53 m b (canal) = 0,23 m inclinação = 45 L = 0,75 m Q (m³/s) h (m) A = b x h V = Q/A Verificação 0,014 0,15 0,045 0,31 ok 0,008 0,09 0,027 0,29 ok 0,004 0,04 0,012 0,26 ok h = 0,02 7* 1,70 ×3,375 , 1 mh = 0 1 Recomendações da NBR 12209/11 Profundidade mínima do poço deve ser de 20 cm VIII) Quadro resumo DIMENSIONAMENTO DO TRATAMENTO PRIMÁRIO LAGOA ANAERÓBIA I) Carga de DBO afluente argaC = 1000 População×carga per capita(g/hab.d) argaC = 1000 6176×54 arga 33, 0 Kg/dC = 3 5 II) Concentração de DBO afluente oncentraçãoC = cargaQ(m /d)3 oncentraçãoC = 691,2 333,50 oncentração , 82 x 1000 82 mg/LC = 0 4 = 4 III) Volume da lagoa Primeiro temos que determinar o L - carga afluente: L = conc x Q L = (482 x 691,2)/1000 L = 333,15 kg/d Calcula-se então o Volume da Lagoa: L/LvV = 333, 5/0, 5V = 1 3 951, 5V = 8 m3 A taxa de aplicação volumétrica adotada para esse cálculo foi de Lv = 0,35KgDBO/m³.d. Área da seção transversal Largura Comprimento da caixa Volume de areia sedimentado Profundidade (areia) 0,05 m² 0,3 m 3,375 m 20 L 0,11 m IV) Tempo de detenção DHT = VQ (m /d)3 DHT = 691,2 951,85 DH , 7 diasT = 1 3 Nas lagoas anaeróbias convencionais o tempo de detenção é em torno de 3 a 6 dias, então faz-se necessário corrigir o atual TDH. Alteramos o valor de LV para 0,15 para encontrarmos um TDH entre 3 e 6. L/LvV = 333, 5/0, 5V = 1 1 2.221V = m3 DHT = VQ (m /d)3 DHT = 691,2 2.221 DH , 1 diasT = 3 2 V) Área requerida A altura da lagoa (H) adotada foi de H = 4,0 m, com uma borda livre de 0,5 m. A = H V A = 4 2.221 55, 5 m²A = 5 2 VI) Dimensões da lagoa A relação comprimento/largura da lagoa anaeróbia situa-se entre 1 e 3, nesse caso adotamos: L/B = 2,5. ×BA = L Como a relação L/B = 2,5: 2, B x BA = 5 55, 5 , B5 2 = 2 5 2 222,B2 = 1 14, mB = 9 Depois de acharmos o B basta substituir no L: L x BA = 55, 5 x 14,5 2 = L 9 37, mL = 2 VII) Carga de DBO efluente Foi adotada uma eficiência de remoção da DBO de 60%. concentração DBOEF = 1( − E100) × 482 DBOEF = 1( − 60100) × 93 mg/LDBOEF = 1 VIII) Acúmulo de lodo Foi adotada uma taxa de acúmulo de 0,04 m³/hab.ano. ● Acúmulo anual: cúm. anual opulação×Taxa de acúmuloA = P cúm. anual .176×0, 4A = 6 0 cúm. anual 47, 4 m /anoA = 2 0 3 ● Espessura da camada de lodo: spessuraE = Acúm. anualÁrea da lagoa spessuraE = 555,25 247,04 spessura , 5 m/anoE = 0 4 ● Tempo para se atingir 1/3 da altura útil das lagoas: empoT = e 3 H empoT = 0,45 (4/3) empo , 6 anosT = 2 9 IX) Quadro resumo LAGOA ANAERÓBIA DBO afluent e Volume da lagoa Tempo de detenção Altura Borda livre (adotada ) Área da lagoa Largura Comprimento DBO efluente 482 mg/L 951,85 m³ 3,21 dias 4,0 m 0,5 m 555,25 m² 37,2 m 14,9 m 193 mg/L DIMENSIONAMENTO DO TRATAMENTO SECUNDÁRIO LAGOA FACULTATIVA I) Área da Lagoa Foi considerado a eficiência máxima da lagoa anaeróbia E= 60% de L então a carga de DBO chegando na Lagoa Facultativa é: x ( )L 60100 33, 5 x 0,L = 3 1 6 199, 9 Kg DBO/dL = 8 Partimos então para o calcúlo da área. De acordo com a temperatura e condições climáticas o valor de Ls pode variar de 1000 a 250 DBO/ha.d, sendo adotado o valor de Ls = 180Kg DBO/ha.d. A = LLs A = 180 199,89 , 1x10.000A = 1 1 1.000 m²A = 1 II) Tempo de detenção Os tempos de detenção em lagoas facultativas variam entre 15 a 45 dias. DHT = Q V DHT = 691,52 22.000 DH 1, 1 2dT = 3 8 = 3 III) Volume da Lagoa Usualmente, adotam-se valores da profundidade (H) na faixa de 2,0 a 4,0 m, nesse caso adotamos H = 2 m. xHV = A 1.000x2V = 1 2.000 m³V = 2 IV) Dimensões da lagoa Admitindo-se L/B = 2,5. ×LA = B ×2, ×BA = B 5 , B²A = 2 5 2.000 , xB²2 = 2 5 3, 0 mB = 9 8 L = B A L = 93,80 22.000 34, 2 mL = 2 5 V) Concentração da DBO particulada efluente Considerando que a DBO afluente da lagoa facultativa é a DBO efluente da lagoa anaeróbia. E adotando-se o coeficiente K = 0,29 d-1 para 27 ºC. Sendo o ϴ=01,05, temos o valor de Kc xϴ Kc = K T−20 , 9 x (1, 9)Kc = 0 2 0 23−20 c 0, 7/dK = 3 i. DBO efluente solúvel solúvelDBO5 = So (1+K ×TDH)C solúvelDBO5 = 193 (1+0,37×32) solúvel 5, 3 mgDBO/LDBO5 = 1 0 ii. DBO efluente particulada Assumindo que o efluente contenha 80 mg/L de sólidos em suspensão (SS) e que a cada 1 mg/L de SS gera uma DBO particulada 0,35 mg/L, a concentração de DBO5 particulada efluente será de: particulada x TXDBOef l = SSef l particulada 0x 0, 5DBOef l = 8 3 particulada 8 mgDBO /LDBOef l = 2 5 iii. DBO efluente total BO ef luente total DBO solúvel particulada D = 5 + DBO5 BO ef luente total 5, 3 8D = 1 0 + 2 BO ef luente total 3, 3 mg/LD = 4 0 VI) Eficiência do sistema na remoção de DBO ×100E = DBO af luente DBO af luente−DBO ef luente ×100E = 193 193−43,03 7, %E = 7 7 VII) Quadro resumo DIMENSIONAMENTO DO TRATAMENTO TERCIÁRIO I) Remoção de CTT na Lagoa Facultativa Dados: TT , 9x10 NMP /hab.d.C = 8 6 9 Qaflu = 1209,6 m³/d opulação 176 habP = 6 5°T = 2 , e H , mLB = 2 5 = 2 0 II) Determinação do coeficiente de remoção bacteriana ● Coeficiente de remoção de coliformes: b , 42×HK = 0 5 −1,259 b , 42×2K = 0 5 −1,259 b 0, 3 dK = 2 −1 ● Dimensionamento utilizando fluxo disperso. ● Correção de Kb: Admitindo θ = 1,07. b×θKbT = K (T−20) , 3KbT = 0 2 × 1, 70 (25−20) , 23 dKbT = 0 3 −1 III) Concentração de CTT na LF: a = √1 ×Kb DHdaLF×d+ 4 T × T a = √1 ×0, 23 ×32×0,+ 4 3 4 4,19a = LAGOA FACULTATIVA Tempo de detenção DBO solúvel DBO particulada DBO total Volume Altura Borda livre Área Largura Compriment o 32 dias 15,03 mg/L 28 mgDBO5/L 43,03 mg/L 22.000 m³ 2 m 0,5 m 11.000 m² 93,80 m 234,52 m N = N 0 × 4×a×e 1 (2×d) (1+a) ×e −[(1−a) ×e ][ 2 a (2×d)] 2 −a (2×d) x10 N = 5 7 × 4×4,19×e 1 (2×0,4) (1+4,19) ×e −[(1−4,19) ×e ][ 2 4,19(2×0,4)] 2 −4,19(2×0,4) 8, 9x10 NMP /100 mlN = 6 9 LAGOA DE MATURAÇÃO Remoção de CTT na Lagoa de Maturação Foram adotadas 3 lagoas de maturação em série, com um tempo de detenção total de 12 dias, 4 dias em cada lagoa. Dados: Número de lagoas: 3 lagoas TDH: 4 dias H=1 I) Volume da Lagoa De cada lagoa: empo de detenção×QV = T ×(1209, )V = 4 6 838, x 3 lagoas 14.515, m³V = 4 4 = 2 II) Área das lagoas Foi adotado H = 1 m, com uma borda livre de 0,5 m. ● Área superficial da lagoa: A = H V A = 1 14.515,2 4.515, m²A = 1 2 ● Área superficial total: ×número de lagoasAT = A 4.515, ×3AT = 1 2 3.545, m²AT = 4 6 III) Dimensões de cada lagoa xBA = L , BxBA = 2 5 , B²A = 2 5 4.515, , B²1 2 = 2 5 6, 9B = 7 1 ,LB = 2 5 , xBL = 2 5 , x76, 9L = 2 5 1 90, 9L = 1 4 de fundo 47, 1mL = 2 6 ase do fundo 23, 8mB = 1 1 coroamento 50, 1mL = 2 1 do coroamento 25, 8mB = 1 6 IV) Coeficiente de decaimento bacteriano Kbc b , 42×HK = 0 5 −1,259 b , 42×1K = 0 5 −1,259 b , 42 dK = 0 5 −1 V) Correção de Kb Admitindo θ = 1,07. b×θKbc = K (T−20) , 42×1, 7Kbc = 0 5 0 (25−20) , 6 dKbc = 0 7 −1 VI) Concentração de CTT no efluente da LM Lagoa facultativa: N= 2,00x NMP/100ml109 a = √1 ×Kb ×TDH×d+ 4 c a = √1 ×0, 6×4×0,+ 4 7 4 , 2a = 2 4 N = NLF × 4×a×e 1 (2×d) (1+a) ×e −[(1−a) ×e ][ 2 a (2×d)] 2 −a (2×d) , 9x10 N = 8 6 9 × 4×2,42×e 1 (2×0,4) (1+2,42) ×e −[(1−2,42) ×e ][ 2 2,42(2×0,4)] 2 −2,42(2×0,4) 3, 3x10 CF /100 mlN = 4 11 d = 1L/B d = 12,5 , d = 0 4 VI) Eficiência de remoção na 1ª lagoa ×100E = N0 N −N0 ×100E = 2,00x10−10 2,00x10 − 2,93571x10−10 −11 5, 2% E = 8 3 VII) Eficiência considerando as 3 lagoas En = 1 − (1 )− E1 n En = 1 − (1 , 532)− 0 8 3 , 96837362En = 0 9 9, 8 % En = 9 6 XI) Concentração de CTT final ×(1 )N = N 0 − E , 0x10 ×(1 , 968)N = 2 0 −10 − 0 9 CF /100 mlN = A Resolução COEMA Nº 02 de 02/02/2017, dispõe sobre padrões e condições para lançamentos de efluentes líquidos, nela consta que os efluentes sanitários só poderão ser lançados diretamente no corpo hídrico se atender alguns parâmetros, dentre eles a resolução cita que o NMP de coliformes termotolerantes seja até 5000 CT/100 ml. Nesse dimensionamento, obtemos o valor de CF/100 ml, estando assim dentro dos padrões para lançamento no corpo hídrico. XII) Quadro resumo LAGOA DE MATURAÇÃOCF afluente Tempo de detenção Volume Altura Borda livre Área Largura Comprimento CF efluente CF/100 ml 3 dias para cada lagoa 58.126,2 m³ 1 m 0,5 m 19.375,4m² cada lagoa 88,0349 m m CF/100 ml
Compartilhar