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1. Provaremos que dada duas bijeções: g : A → B e f : B →C então sua composta é bijeção. Para tanto, mostraremos, que sua composta é injetiva e também é sobrejetiva, vamos aos passos: (a) Como f e g são bijeções então cada uma é injetora então a função composta f ◦g : A →C é injetora. Solução Se g, f são injetoras então ∀x1,x2 ∈ A, x1 ̸= x2 =⇒ g(x1) ̸= g(x2) e ∀y1,y2 ∈ B,y1 ̸= y2 ∈ B =⇒ f (y1) ̸= f (y2). Pondo y1 = g(x1) e y2 = g(x2) segue da injetividade da g e f que, ∀g(x1),g(x2) ∈ B,g(x1) ̸= g(x2) ∈ B =⇒ f (g(x1)) ̸= f (g(x2)) e portanto f ◦g é injetora. (b) Se f e g são sobrejetora então a função composta f ◦g : A →C é sobrejetora. Solução Se f e g são sobrejetoras então, ∀y ∈ B, ∃x ∈ A tal que y = g(x) e ∀z ∈ C ∃y ∈ B tal que z = f (y). Da composta f ◦ g segue então que ∀z ∈ C, ∃x ∈ A tal que z = f (g(x)) e logo composta é sobrejetora. (c) Use os itens anteriores para concluir que se f e g são bijetoras então a composta f ◦ g é bijetora. Solução Se f e g são bijetoras, ambas são injetoras e sobrejetoras. Da hipótese de que f e g são injetoras segue do item (a) que a composta é injetora. Da hipótese de que f e g serem sobrejetoras tem-se do item (b) que a composta é sobrejetora. Logo, a composta é injetora e sobrejetora e portanto bijetora. 2) Analise a função abaixo: f (x) = (x+1)(3x2 −10x+21) x2 +7x+10 (a) Note que: x2 +7x+10 = (x+2)(x+5) Logo temos que: f (x) = (x+1)(3x2 −10x+21) (x+2)(x+5) observe que a função não é definida para x = −2 e x = −5. Daí temos que domínio da função é o conjunto D = {x ∈ R|x ̸=−2 e x ̸=−5}. [(b)] Determinaremos o maior intervalo em que f (x) > 0. Perceba que a função g(x) = 3x2 − 10x+ 21 é uma parábola que toca o eixo vertical em y = 21 e x = 0, não só isso, mas sua concavidade é para cima, visto que o coeficiente de x2 é positivo, de modo que esse termo é sempre maior que zero, não é possível que este seja zero, dado que o discriminante é ∆ = 100−4 ·21 ·3 =−152 ou seja, a função não tem raízes reais. Então, analisar o intervalo onde 1 f (x)> 0 se resume a analisar: (x+1) (x+2)(x+5) > 0 Assim podemos analisar os seguintes casos: • Se x > −1 então temos que (x+ 2),(x+ 5) > 0 e (x+ 1) > 0. Logo segue que f (x) > 0 em [−1,∞). • Se −2 < x ≤ −1, então temos que (x+ 1) < 0 enquanto que (x+ 2),(x+ 5) > 0 logo f (x)< 0. • Se −5 < x < −2 então temos que (x+ 1) < 0 e (x+ 2) < 0 e (x+ 5) > 0 logo f (x) > 0 em (−5,−2). • Se −∞ < x <−5 então (x+1),(x+2),(x+3)< 0 e logo f (x)< 0 em (−∞,−5). Portanto, o maior intervalo onde a f (x)> 0 é obtido em [−1,∞) 2. Questão 3. Olá amigo, tudo bem?. Bom sobre esta questão farei um comentário importante, esta questão está errada!. Há um erro na sua construção, veja o enunciado afirma que a intersecção das retas ocorre no ponto ( 24 5 ,− 6 10 ) , todavia, isso é impossível!!, veja a reta: f (x)=−3 4 x+6, observe que em x = 24 5 temos: f ( 24 5 ) =−3 4 · 24 5 +6 =−18 5 +6 = 12 5 o que mostra a inconsistência da questão!. Todas as outras questões estão devidamente feitas e justi- ficadas! com resolução completa, inclusive a bonus, como você havia pedido, abraços. 2
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