EXÉRCÍCIOS Genética

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CAPITULO 3 - HERANÇA MONOFATORIAL 
1) Qual a frequência de plantas Aa na terceira geração de autofecundação sucessiva 
realizada em uma população original com indivíduos de genótipo Aa? 
 
Informações dadas: n=3; População original= 100% Aa 
 
f(Hn) = (1/2)
n x f(H0) 
f(H3) = (1/2)
3 x 100 
f(H3) = 12,5 % 
 
ou 
 
A cada geração de autofecundação a frequência de indivíduos heterozigotos reduz a metade, 
e esta redução é acrescida igualmente aos demais genótipos homozigotos. Assim, para essa 
população, obtém-se: 
 
 AA Aa aa 
População original (G0) 0 100 0 
1a geração de autofecundação (G1) 25 50 25 
2a geração de autofecundação (G2) 37,5 25 37,5 
3a geração de autofecundação (G3) 43,75 12,5 43,75 
 
 
R: A frequência de plantas Aa após 3 gerações de autofecundação será de 12,5%. 
 
 
2) Qual a frequência de plantas aa na terceira geração de autofecundação sucessiva 
realizada em uma população original com indivíduos de genótipos Aa? E em uma 
população original com indivíduos 10 AA, 60 Aa e 30 aa? 
 
• Informações dadas: n=3; População original= 100% Aa; f(aa) = ? 
 
 AA Aa aa 
População original (G0) 0 100 0 
1a geração de autofecundação (G1) 25 50 25 
2a geração de autofecundação (G2) 37,5 25 37,5 
3a geração de autofecundação (G3) 43,75 12,5 43,75 
 
R: A frequência de plantas aa é de 43,75%. 
 
• Informações dadas: n=3; População original: 10 AA (D0), 60 Aa (H0), 30 aa (R0) ; f(aa) 
= ? 
 
f(Hn) = (1/2)
n x f(H0) 
f(H3) = (1/2)
3 x 60 
f(H3) = 7,5 % 
 
 
f(Dn) = f(D0) + ½ [f(H0) – f(Hn)] 
f(D3) = 10 + ½ [60 – 7,5] 
f(D3) = 36,25 % 
 
f(Rn) = f(R0) + ½ [f(H0) – f(Hn)] 
f(R3) = 30 + ½ [60 – 7,5] 
f(R3) = 56,25 % 
 
R: A frequência de plantas aa é de 56,25 %. 
 
 
3) Considere A_ (flor vermelha) e aa (flor branca). Quantas plantas da descendência da 
autofecundação de uma planta X, de fenótipo vermelho, devem ser analisadas para se 
concluir com 95% de certeza a respeito de seu genótipo? 
 
c = 1- (3/4)n 
0,95 = 1 – (3/4)n 
n = log (1 – 0,95)/log (3/4) 
n = 10,41 ~ 11 plantas 
 
R: Devem ser analisadas 11 plantas. 
 
 
4) Considere uma planta X, comercial e anã (aa), e outra Y, selvagem e alta (AA). Cruzou-
se X x Y e obteve-se a F1. Posteriormente, foram realizados três retrocruzamentos entre 
os descendentes altos e a variedade X. Em RC3, qual a frequência de plantas altas? E em 
RC6? 
 
Informações dadas: 
X (aa)- comercial e anã 
Y (AA)- selvagem e alta 
 
P: X (aa) x (AA) Y 
 
 
F1: Aa x aa 
 
 
RC1: 50% Aa; 50% aa 
 
R: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa) e 50% de plantas 
anãs (aa). 
 
a) Qual o grau de similaridade das plantas RC3 com a variedade X? 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 1 – 1/16 = 15/16 
 
R: O grau de similaridade das plantas RC3 com X é de 15/16. 
 
 
b) Onde há maior similaridade genética: entre a variedade X e as RC3 altas ou entre a 
variedade X e as RC4 anãs? Justifique numericamente a sua resposta. 
 
- Grau de similaridade das plantas RC3 com a variedade X 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 1 – 1/16 = 15/16 
 
- Grau de similaridade das plantas RC4 com a variedade X 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)5 = 1 – 1/32 = 31/32 
 
 
5) Numa espécie, as plantas são resistentes (A_) ou suscetíveis (aa) a uma determinada 
doença. Uma planta Aa foi autofecundada, gerando a população F1. As plantas aa desta 
geração (F1) foram eliminadas e as demais acasaladas ao acaso, originando a população 
F2. Responda: a) Qual a frequência de acasalamentos entre plantas homozigotas e 
heterozigotas na F1? b) Qual a frequência de plantas suscetíveis na F2? 
 
Informações dadas: 
P: Aa x Aa (autofecundação) 
 
 
F1: 1/3 AA, 2/3 Aa, aa 
 aaa 
 
 F2 
 
Cruzamentos Frequência de acasalamentos AA Aa aa 
AA x AA 1/3 x 1/3 = 1/9 1/9 - - 
AA x Aa 2 x (1/3 x 2/3) = 4/9 2/9 2/9 - 
Aa x Aa 2/3 x 2/3 = 4/9 1/9 2/9 1/9 
 
a) R: A frequência de acasalamentos entre plantas homozigotas e heterozigotas na F1 é de 
4/9. 
 
b) R: A frequência de plantas suscetíveis na F2 é de 1/9. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
6) Numa espécie, as plantas são resistentes (A_) ou suscetíveis (aa) a uma determinada 
doença. Uma planta X (Aa) foi autofecundada, gerando a população F1. As plantas aa 
desta geração (F1) foram eliminadas e as demais retrocruzadas com a X, originando a 
população RC1. Responda: a) Quais os possíveis cruzamentos e suas respectivas 
frequências, para a formação da geração RC1? b) Qual a frequência de plantas 
suscetíveis na RC1? 
 
 
Informações dadas: 
P: Aa x Aa (autofecundação) 
 
 
F1: 1/3 AA, 2/3 Aa, aa x Aa 
 
 
 RC1 
 
Cruzamentos Frequência de acasalamentos AA Aa aa 
AA x Aa 1/3 x 1 = 1/3 1/6 1/6 - 
Aa x Aa 2/3 x 1 = 2/3 1/6 2/6 1/6 
 
a) R: Os possíveis cruzamentos e suas respectivas frequências são AA x Aa 1/3 e Aa x Aa 
2/3. 
 
b) R: A frequência de plantas suscetíveis na RC1 é de 1/6. 
 
 
7) Em uma espécie vegetal, as flores são vermelhas (A_) ou brancas (aa). Após cinco 
gerações de autofecundações sucessivas das plantas de uma população Aa, qual a 
proporção de plantas com flores vermelhas que seria encontrada? 
 
 
f(Hn) = (1/2)
n x f(H0) 
f(H5) = (1/2)
5 x 1 
f(H5) = 1/32 (frequência das flores vermelhas heterozigotas) 
 
 
f(Dn) = f(D0) + ½ [f(H0) – f(Hn)] 
f(D5) = 0 + ½ [1 – 1/32] 
f(D5) = 31/64 (frequência de flores vermelhas homozigotas) 
 
Proporção de plantas com flores vermelhas = f(H5) + f(D5) = 1/31 + 31/64 = 33/64 
 
R: A frequência de plantas com flores vermelhas é de 33/64. 
 
 
 
 
 
8) Em uma espécie, a variedade X é alta (AA) e a Y é anã (aa). Obteve-se a F1 e realizaram-
se retrocruzamentos envolvendo o material genético alto e a variedade Y. Considerando 
a geração RC3 (terceira geração de retrocruzamento), responda: a) Qual a relação 
fenotípica (fenótipos e suas respectivas proporções) encontrada nesta geração? b) Qual 
o grau de similaridade genética entre as plantas altas da geração RC3 e a variedade 
original Y? 
 
a) P: X (AA) x (aa) Y 
 
 
F1: Aa x aa 
 
 
RC1: 50% Aa; 50% aa 
 
R: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa) e 50% de plantas 
anãs (aa). 
 
b) - Grau de similaridade das plantas altas RC3 com o genitor original Y (recorrente) 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 1 – 1/16 = 15/16 
 
R: O grau de similaridade das plantas RC3 com Y é de 15/16. 
 
 
9) Com relação a uma doença, as plantas de uma espécie são resistentes (A_) ou suscetíveis 
(aa). Uma planta X (resistente) foi autofecundada e proporcionou 15 descendentes, todos 
resistentes. Qual a certeza que se tem ao afirmar que o genótipo de X é AA? 
 
α = (3/4)n 
α = (3/4)15 = 0,01334 
 
c = 1 - (3/4)n 
c = 1 - (3/4)15 
c = 1 – 0,01334 
c = 0,986 ~ 99 % 
 
R: A certeza é de 99 %. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
10) Considere uma planta C, comercial e anã (aa), e outra S, selvagem e alta (AA). Cruzou-
se C x S e obteve-se a F1. Posteriormente, foram realizados três retrocruzamentos entre 
os descendentes altos e a variedade C. Responda: a) Em RC3, qual a frequência de 
plantas altas? b) Quais os valores de similaridade de F1, RC1, RC2 e RC3 com a 
variedade C? (ENUNCIADO CORRIGIDO) 
 
a) P: C (aa) x (AA) S 
 
 
F1: Aa x aa 
 
 
RC1: 50% Aa; 50% aa 
 
R: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa). 
 
 
b) - Grau de similaridade da F1 com a variedade C (recorrente) 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)1 = 1/2 
 
- Grau de similaridade da RC1 com a variedade C (recorrente)1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)2 = 3/4 
 
- Grau de similaridade da RC2 com a variedade C (recorrente) 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)3 = 7/8 
 
- Grau de similaridade da RC3 com a variedade C (recorrente) 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 15/16 
 
 
11) Considere A_ : flor vermelha e aa : flor branca. Na descendência da autofecundação de 
uma planta X, de fenótipo vermelho, surgiram 10 plantas de flores vermelhas. Com que 
certeza pode-se afirmar que o genótipo de X é AA? 
 
α = (3/4)n 
α = (3/4)10 
 
c = 1 - (3/4)n 
c = 1 - (3/4)10 
c = 1 – 0,0563 
c = 0,944 ~ 94 % 
 
R: A certeza é de 94 %. 
 
 
12) Considere uma planta X, comercial e suscetível a uma doença (aa), e outra Y, selvagem 
e resistente (AA). Cruzou-se X x Y e obteve-se a F1. Posteriormente, foram realizados 
vários retrocruzamentos entre os descendentes resistentes e a variedade X. a) Em RC5, 
qual a frequência de plantas resistentes? b) Qual o grau de similaridade das plantas RC4 
alta com a variedade X ? 
 
b) P: X (aa) x (AA) Y 
 
 
F1: Aa x aa 
 
 
RC1: 50% Aa; 50% aa 
 
R: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas resistentes (Aa). 
 
 
 
b) - Grau de similaridade da RC4 com a variedade X (recorrente) 
 
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)5 = 31/32 
 
R: O grau de similaridade das plantas RC4 com X é de 31/32. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
CAPÍTULO 4 - GENES INDEPENDENTES 
1) Mendel descobriu que nas ervilhas a cor amarela dos cotilédones era dominante sobre a 
verde e a forma lisa da semente era dominante sobre a forma rugosa. Com base nessas 
informações, responda: a) Que razão fenotípica pode-se esperar em F2 do cruzamento 
(progenitores puros) de semente amarela, lisa x verde, rugosa? b) Qual é a proporção em 
F2 de amarela: verde e de lisa: rugosa? 
V_ → Amarela R_ → Lisa 
vv → Verde rr → Rugosa 
a) Amarela Lisa (VVRR) x Verde Rugosa (vvrr) 
 
F1 100% Amarela Lisa VvRr 
 
F2: V_R_: 3/4 x 3/4 = 9/16 
 V_rr: 3/4 x 1/4 = 3/16 
 vvRr: 3/4 x 1/4 = 3/16 
 vvrr: 1/4 x 1/4 = 1/16 
 
b) Proporção de amarela: verde Proporção de Lisa:Rugosa 
Amarelo: 9/16 + 3/16 = 12/16 = 3/4 Lisa: 9/16 + 3/16 = 12/16 = 3/4 
 Verdes: 3/16 + 1/16 = 4/16 = 1/4 Rugosa: 3/16+ 1/16 = 4/16 = 1/4 
 
 
 
 
 
 
 
 
 2) Apresente a proporção genotípica e fenotípicas resultante do cruzamento VvRr x Vvrr. 
(Para fazer a proporção fenotípica tem que saber a interação alélica) 
 VvRr x Vvrr 
 
 VV = 1/4 
 Vv = 2/4 
 vv = 1/4 
 
 Rr = 1/2 
 Rr = 1/2 
 
 
VVRr= 1/4 x 1/2 = 1/8 
VVrr = 1/4 x 1/2 = 1/8 
VvRr = 2/4 x 1/2 = 2/8 Proporção Genotípica 
Vvrr = 2/4 x 1/2 = 2/8 
vvRr = 1/4 x 1/2 = 1/8 
vvrr = 1/4 x 1/2 = 1/8 
 
V_R_= 1/8 + 2/8 = 3/8 
V_rr = 1/8 + 2/8 = 3/8 Proporção Fenotípica 
vvR_ = 1/8 
vvrr = 1/8 
 
 
 
 
 V v 
V VV Vv 
v Vv vv 
 r r 
R Rr Rr 
r rr rr 
3) O alelo dominante L condiciona o pelo curto nas cobaias e seu alelo recessivo l condiciona 
o pelo longo. Um par de alelos independentes condiciona a cor dos pelos, tal que 
C1C1=amarelo, C1C2=creme e C2C2=branco. 
a) Qual é a proporção fenotípica esperada entre os descendentes de acasalamentos entre 
duplos-heterozigotos? 
Gene L: Dominância completa Gene C: Ausência de dominância 
L_ : Pelo curto C1C1: Amarelo 
ll: Pelo longo C1C2: Creme 
 C2C2: Branco 
 
LlC1C2 x LlC1C2 
 
 
LLC1C1: 1/4 x 1/4 = 1/16 
LLC1C2: 1/4 x 2/4 = 2/16 
LLC2C2: 1/4 x 1/4 = 1/16 P.G 
LlC1C1: 2/4 x 1/4 = 2/16 
LlC1C2: 2/4 x 2/4 = 4/16 
LlC2C2: 2/4 x 1/4 = 2/16 
llC1C1: 1/4 x 1/4 = 1/16 
llC1C2: 1/4 x 2/4 = 2/16 
llC2C2: 1/4 x 1/4 = 1/16 
 
• Proporção fenotípica: 
Curto, amarelo (L_C1C1): 1/16 + 2/16 = 3/16 
Curto, creme (L_C1C2): 2/16 + 4/16 = 6/16 
Curto, Branco (L_C2C2): 1/16 + 2/16 = 3/16 
Longo, amarelo (llC1C1): 1/16 
Longo, creme (llC1C2): 2/16 
Longo, branco (llC2C2): 1/16 
 
 
 
b) O cruzamento entre duas cobaias produziu a seguinte descendência: 66 curto, creme; 64 
curto, branca; 22 longo, creme; e 21 longo, branca. Quais são os genótipos dos pais? 
66- Curto, creme (L_C1C2) 
64- Curto, Branco (L_C2C2) 
22- Longo, creme (llC1C2) 
21- Longo, branco (llC2C2) 
173 
Análise individual dos locus: 
Curto: (66+64) / 173 = 130/173 ≈ 3/4 
Longo: (22+21) /173 = 43/173 ≈ 1/4 Cruzamento entre duplo heterozigotos: Ll x Ll 
 
Branco: (64+21) /173 = 85/173 ≈ 1/2 
Creme: (66+22) /173 = 88/173 ≈ 1/2 Cruzamento entre C1C2 x C2C2 
➢ Genitores: LlC1C2 x LlC2C2 
 
c) Se o cruzamento LlC1C2xLlC2C2 produzir 173 descendentes, qual é o número esperado 
em cada classe fenotípica? 
Ll x Ll → 3/4 L_, 1/4 ll C1C2 x C2C2 → 1/2C1C2, 1/2 C2C2 
Curto e creme: 3/4 x 1/2 = 3/8 x 173 = 64,9 
Curto e branco: 3/4 x 1/2 = 3/8 x 173 = 64,9 
Longo e creme: 1/4 x 1/2 = 1/8 x 173 = 21,63 
Longo e branco: 1/4 x 1/2 = 1/8 x 173 = 21,63 
 
 
 
 
 
4) Numa espécie vegetal, os caracteres cor da planta e cor das flores são governados pelos 
genes C/c e B/b: CC = verde-escuro, Cc = verde-claro, cc = letal, B_ = flor vermelha e bb = 
flor branca. 
a) Qual é a PF esperada na descendência da autofecundação de plantas duplo- heterozigotas? 
CC: Verde escuro B_: Vermelha 
Cc: Verde Claro bb: branca 
cc: Letal 
 BbCc x BbCc 
 
 CC: 1/4 → 1/3 B_: 3/4 
 Cc: 2/4 → 2/3 bb: 1/4 
 cc: 1/4 → Letal 
Verde escuro, vermelha (CCB_): 1/3 x 3/4 = 3/12 
Verde escuro, brancos (CCbb): 1/3 x 1/4 = 1/12 
Verde clara, vermelha (CcB_): 2/3 x 3/4 = 6/12 
Verde clara, branca (Ccbb): 2/3 x 1/4 = 2/12 
 
b) O cruzamento entre duas plantas produziu a seguinte descendência: 150 vermelha, 
v.escura; 305 vermelhas, v.clara; 147 brancas, v.escura e 300 brancas, v.claras. Quais são os 
genótipos das duas plantas cruzadas? 
➢ Análise dos locus individuais: 
Vermelha: (150+305) /902 = 455/902 ≈ 1/2 Cruz.: Bb x bb 
Branca: (147+305) /902 ≈ 1/2 
V. Clara: (300+305) /902 ≈ 2/3 
V. escura: (147+150) /902 ≈ 1/3 Cruz.: Cc x Cc 
Genótipo das plantas cruzadas: BbCc x bbCc 
 
 
c) Se o cruzamento BbCc x bbCc produzir 902 descendentes, qual é o número esperado em 
cada classe fenotípica? 
Verde escura, vermelha (CCB_): 1/3 x 1/2 = 3/6 x 902 = 150,3 
Verde escura, branca (CCbb): 1/3 x 1/2 = 1/6 x 902 = 150,3 
Verde clara, vermelha (CcB_): 2/3 x 1/2 = 1/6 x 902 = 300,7 
Verde clara, branca (Ccbb): 2/3 x 1/2 = 1/6 x 902 = 300,7 
 
5) Em ervilha, uma linhagem de sementes lisas e cotilédones verdes foi cruzada com outra, 
de cotilédones amarelos e sementes rugosas. Os indivíduos da geração F1 foram submetidos 
ao cruzamento-teste. Pede-se: 
a) fazer a representação dos cruzamentos 
R_:Lisa / rr: Rugosa RRvv x rrVV 
V_: Amarela/vv:verde 
 100%RrVv x rrvv 
 
b) apresentar a relação gamética (tipos de gametas e suas frequências esperadas) produzida 
pelos indivíduos homozigotos recessivos para os dois genes 
100% rv → rrvv 
 
c) apresentar a relação gamética produzida pelos indivíduos da F1 
F1→ RrVv 
Gametas: RV→ 1/4 Rv→ 1/4 rV→ 1/4 rv→ 1/4 
 
 
 
 
 
 
d) apresentar as relações genotípica e fenotípica na descendência resultante do cruzamento-
teste 
 RG RF 
 RrVv: 1/2 x 1/2 = 1/4 Lisa, amarela 
 Rrvv: 1/2 x 1/2 = 1/4 Lisa, verde 
 rrVv: 1/2 x 1/2 = 1/4 Rugosa, amarela 
 rrvv: 1/2 x 1/2 = 1/4 Rugosa, verde 
 
 
 
6) Apresente a relação gamética produzida por cada um dos seguintes genótipos: 
a) AA: 100% A 
b) Aa: 50% A, 50% a 
 c) AaBb: 1/4 AB, 1/4 Ab, 1/4 aB, 1/4 ab. 
 d) AABB: 100% AB 
 e) AABBccDDeeffgg: 100% ABcDefg 
 f) AabbccDdee: 1/4 AbcDe, 1/4 Abcde, 1/4 abcDe, 1/4 abcde 
 
7) Apresente o número de gametas diferentes produzidos por indivíduos de cada um dos 
seguintes genótipos: 
a) AA: um gameta → A 
b) Aa: dois gametas→ A e a 
c) AaBb:quatro gametas→ AB, Ab, aB, ab 
d) AABB: um gameta→ AB 
e) AABBccDDeeffgg: um gameta→ ABcDefg 
f) AabbccDdee: quatro gametas→ AbcDe, Abcde, abcDe, abcde 
g) AaBbCCDdEeFFGg: 32 gametas 2n onde n= numero de genes em heterozigose, 5. 
h) AaBbCcDdEeHhIiJjKkLlMM: 210 = 1.024. 
 rv (1) 
RV 
(1/4) 
RrVv 
Rv (1/4) 
rV (1/4) 
rv (1/4) 
Rrvv 
rrVv 
rrvv 
8) Apresente a PG esperada na descendência: 
a) do cruzamento AaBbCCDD x AabbCCdd 
 AABbCCDd: 1/8 
 AAbbCCDd: 1/8 
 AaBbCCDd: 2/8 
 AabbCCDd: 2/8 
 aaBbCCDd: 1/8 
 aabbCCDd: 1/8 
 
b) da autofecundação de indivíduos de genótipo AaBBCCDD 
1/4: AABBCCDD, 1/4: aaBBCCDD, 2/4: AaBBCCDD 
 
 
9) Qual é o número de genótipos possíveis na descendência: 
a) do cruzamento AABbDdeeFf x aaBbddEEFf 
 1(A) x 3(B) x 2(D) x 1 (E) x 3 (F) = 18 genótipos. 
b) da autofecundação de indivíduos de genótipo AABbCcddEeFf 
 1 x 3 x 3 x 1 x 3 x 3 = 81 
 
10) Qual é a frequência esperada do genótipo aabbccddee na descendência: 
a) do cruzamento AabbCcddEe x AaBbCcddEe 
1/4 x 1/2 x 1/4 x 1 x 1/4 = 1/128 
b) da autofecundação de AaBbCcddEe (1/256) 
1/4 x 1/4 x 1/4 x 1 x 1/4 = 1/256 
c) aaBBccddeeff 
Zero: gene “B” produz apenas gametas B. 
 
 Ab (1/2) ab 
(1/2) 
AB 
(1/4) 
AABb AaBb 
Ab (1/4) 
aB (1/4) 
ab (1/4) 
AAbb 
AaBb 
Aabb 
Aabb 
aaBb 
aabb 
11) Numa determinada espécie vegetal, as plantas podem ser altas (A_) ou anãs (aa), ter 
sementes lisas (R_) ou rugosas (rr), flores de cor vermelha (B1B1), rosa (B1B2) ou branca 
(B2B2). Apresente a relação fenotípica esperada na descendência: 
a) da autofecundação de plantas de genótipo AaRRB1B2 
 AaRRB1B2 x AaRRB1B2 
 
 
 
 
Relação fenotípica: 
A_RRB1B1: Altas, lisas e 
vermelha: 3/4x1x1/4 =3/16 
A_RRB1B2: Altas, lisas e 
rosas: 3/4x1x2/4 = 6/16 
A_RRB2B2: Alta, lisa e vermelha: 3/4x1x1/4 = 3/16 
aaRRB1B1: Anã, lisa e vermelha: 1/4x1x1/4 = 1/16 
aaRRB1B2: Anã, lisa e rosa: 1/4x1x2/4 = 2/16 
aaRRB2B2: Anã, lisa e branca: 1/4x1x1/4 = 1/16 
 
b) do cruzamento AaRrB2B2 x aaRRB2B2. 
AaRRB2B2: 1/2 x 1/2 x 1= 1/4 1/2→ Altas, Lisas e Brancas 
AaRrB2B2: 1/2 x 1/2 x 1= 1/4 
aaRRB2B2: 1/2 x 1/2 x 1= ¼ 1/2→ Anã, Lisas e Brancas. 
aaRrB2B2: 1/2 x 1/2 x 1= 1/4 
 
12) Apresente o número possível de fenótipos diferentes na descendência do cruzamento 
AaBbCcDd x AaBbCCDD, sabendo-se que nos genes A/a e D/d ocorre dominância completa 
e, nos genes B/b e C/c, ausência de dominância. 
Número de fenótipos: 2(A_,aa) x 3(BB,Bb,bb) x 2(CC,Cc) x 1(D_)= 12 diferentes fenótipos. 
 AB1 (1/4) AB2 (1/4) aB1 (1/4) aB2 (1/4) 
AB1 (1/4) AAB1B1 AAB1B2 AaB1B1 AaB1B2 
AB2 (1/4) 
aB1 (1/4) 
aB2 (1/4) 
AAB1B2 
AaB1B1 
AaB1B2 
AAB2B2 
AaB2B2 
AaB2B2 
AaB1B2 
aaB1B1 
aaB1B2 
 
AaB2B2 
aaB1B2 
aaB2B2 
13) Qual é o número possível de fenótipos diferentes na descendência da autofecundação de 
plantas de genótipo AaBbDdEeFfGgHhIIjjkk, considerando que ocorre: 
a) dominância completa em todos os genes 
2(A_,aa) x 2(B_,bb) x 2(D_,dd) x 2(E_,ee) x 2(F_,ff) x 2(G_,gg) x 2(H_,hh) x 1(II) x 1(jj) 
x 1(kk)= 128 genótipos diferentes. 
b) ausência de dominância em todos os genes 
3(AA,Aa,aa) x 3(BB,Bb,bb) x 3(DD,Dd,dd) x 3(EE,Ee,ee) x 3(FF,Ff,ff) x 3(GG,Gg,gg) x 
3(HH,Hh,hh) x 1(II) x 1(jj) x 1(kk)= 2187 genótipos diferentes. 
c) codominância nos quatro primeiros genes e dominância completa nos demais 
3(AA,Aa,aa) x 3(BB,Bb,bb) x 3(DD,Dd,dd) x 3(EE,Ee,ee)x 2(F_,ff) x 2(G_,gg) x 2(H_,hh) 
x 1(II) x 1(jj) x 1(kk )= 648 genótipos diferentes. 
 
14) Considerando o cruzamento AaBbCcDdEe x AaBBccDdEe, qual é a probabilidade de 
um descendente apresentar: 
a) fenótipo dominante para todos os sete caracteres 
3/4 x 1 x 1/2 x 3/4 x 3/4 = 27/128 fenótipos dominantes para todos caracteres. 
b) fenótipo recessivo com relação ao gene A/a 
P(aa) = 1/4 
c) fenótipo recessivo para todos os sete caracteres 
Zero, pois o loco “B” do pai 2 produz apenas gametas dominantes (B). 
 
 
 
 
 
 
 
 
15) Os tomateiros altos são produzidos pela ação do alelo dominante A, e as plantas anãs, 
por seu alelo recessivo a. Os caules peludos são produzidos pelo gene dominante P, e os 
caules sem pelos, por seu alelo recessivo p. Uma planta duplo-heterozigota, alta e peluda, é 
submetida ao cruzamento-teste. Foi analisado o F1 e contadas 118 plantas altas, peludas: 
121 anãs sem pelos: 112 altas sem pelos: 109 anãs peludas. 
a) Faça a representação desse cruzamento, mostrando os genótipos associados aos quatro 
fenótipos; 
A_: Alta aa: anã 
P_: Pubescente pp: sem pelos 
 AaPp x aapp 
 F1: 
 118 AaPp (altas, peludas) 
 121 aapp (anãs sem pelos) 
 112 Aapp (altas sem pelos) 
 109 aaPp (anãs, peludas) 
Total→ 460 
 
b) Qual é a proporção de altas para anãs e de peludas para sem pelos? 
230 altas: 230 anãs .: 1:1 
227 peludas: 227 sem pelos .: 1:1 
 
c) Esses dois genes estão segregando independentemente um do outro? Justifique. 
Sim, pois a probabilidade de um gameta conter um alelo qualquer do gene “P” não interfere 
na probabilidade de conter qualquer alelo do gene “A”. Ou seja, a probabilidade de ocorrer 
um gameta contendo qualquer combinação alélica se da pela multiplicação das 
probabilidades individuais de cada alelo. 
Ex.: P(AP)= P(A) + P (P) = 0,5 x 0,5 = 1/4 
 
 
 
16) O tamanho normal das pernas, que caracteriza o tipo de gado Kerry, é produzido pelo 
genótipo homozigoto DD; o tipo de gado Dexter de perna curta possui o genótipo 
heterozigoto Dd. O genótipo homozigoto dd é letal e produz indivíduos grosseiramente 
deformados, natimortos, denominados bezerros "bull-dog". A presença dos chifres no gado 
é governada pelo alelo recessivo de um outro gene, P/p; a condição mocho (ausência de 
chifres) é produzida pelo alelo dominante P. Em acasalamentos entre animais Dexter e 
mochos de genótipo DdPp, que proporção fenotípica pode-se esperar na progênie adulta? 
DD: perna normal (Kerry) P_: ausência de chifres Dd x Dd 
Dd: perna curta (Dexter) pp: presença de chifres DD: 1/3 Dd: 2/3 
dd: letal 
 DdPp x DdPp 
 
DDPP: 1/3 x 1/4 = 1/12 
 DDPp: 1/3 x 2/4 = 2/12 
 DDpp: 1/3 x 1/4 = 1/12 
 DdPP: 2/3 x 1/4 = 2/12 
 DdPp: 2/3 x 2/4 = 4/12 
 Ddpp: 2/3 x 1/4 = 2/12 
➢ DDP_: Kerry e mocho: 1/12 + 2/12 = 3/12 
➢ DDpp: Kerry e com chifres: 1/12 
➢ DdP_Dexter e mocho: 2/12 + 4/12 = 6/12 
➢ Ddpp: Dexter e com Chifres: 2/12 
 
17) Relacione os diferentes tipos de gametas que podem ser produzidos pelos seguintes 
indivíduos: 
a) AABBCc 
1/2: ABC e 1/2:ABc 
b) aaBbCc 
1/4 aBC, 1/4 aBc, 1/4 abC e 1/4 abc 
c) AABbDdEEffgg 
2n = n gametas = 22 =4→1/4 ABDEfg, 1/4 ABdEfg, 1/4 AbDEfg e 1/4 AbdEfg 
 
 
18) A configuração dos rabanetes pode ser longa (L1L1), redonda (L2L2) ou oval (L1L2). 
A cor pode ser vermelha (R1R1), branca (R2R2) ou púrpura (R1R2). Suponha que dois 
progenitores sejam cruzados e produzam uma progênie composta de 16 longos e brancos, 31 
ovais e púrpuras, 16 ovais e brancos, 15 longos e vermelhos, 17 ovais e vermelhos e 32 
longos e púrpuras. Quais seriam os fenótipos dos genitores? (longa, púrpura x oval, púrpura). 
L1L1: Longa R1R1: Vermelha 
L2L2: redonda R2R2: Branca 
L1L2: oval R1R2: púrpura 
F1: 
• 16 L1L1R2R2 
• 31 L1L2R1R2 
• 16 L1L2R2R2 
• 15 L1L1R1R1 
• 17 L1L2R1R1 
• 32 L1L1R1R2 
• Análise individual: 
Longo: (16+15+32)/127 = 0,49 ≈ 1/2 Segregação do cruzamento: L1L1 x L1L2 
Oval: (31+16+17)/127 = 0,50 ≈ 1/2 
Vermelha: (15+17)/127 ≈ 1/4 
Purpura: (31+32)/127 ≈ 2/4 Segregação do cruzamento: R1R2 x R1R2 
Branca: (16+16)/127 ≈ 1/4 
Genitores: L1L1R1R2 x L1L2R1R2 : longa,púrpura x oval,púrpura 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
19) Idiotia amaurótica infantil (doença de Tay-Sachs) é anomalia hereditária recessiva que 
causa morte nos primeiros anos de vida somente quando em homozigose (ii). A condiçãodominante nesse loco produz um fenótipo normal (I_). Admite-se que dedos das mãos 
anormalmente curtos (braquidactilia) sejam devidos a um genótipo heterozigoto para um 
gene letal (Bb), sendo o homozigoto BB letal e o outro homozigoto (bb) normal. Qual é a 
proporção fenotípica esperada na descendência adulta cujos pais são ambos braquidáctilos e 
heterozigotos para idiotia amaurótica juvenil? E a proporção genotípica? 
BB: letal ii: causa a morte 
Bb: dedos curtos I_: normal 
bb: normal 
 IiBb x IiBb 
 
IIBb: 1/3 x 2/3 = 2/9 
 IIbb: 1/3 x 1/3 = 1/9 
 IiBb: 2/3 x 2/3 = 4/9 
 Iibb: 2/3 x 1/3 = 2/9 
 
 
Normal, Braquidáctilos (I_Bb) = 2/9 + 4/9 
= 6/9 
Normal, normal (I_bb) = 1/9 + 2/9 = 3/9 
20) Quantos tipos de gametas diferentes são produzidos por um genitor heterozigoto para: 
a) nenhum gene em heterozigoto 
20= 1 gameta 
b) um gene 
21= dois gametas diferentes 
c) dois genes 
22= 4 gametas 
d) n genes em heterozigose 
2n = número de gametas diferentes 
 
21) Quantas classes fenotípicas são produzidas por um cruzamento-teste em que um dos 
genitores seja heterozigoto para: 
a) dois genes: 2 x 2 = 4 classes fenotípicas 
b) três genes: 2 x 2 x 2 = 8 classes fenotípicas 
c) quatro genes: 24 = 16 classes fenotípicas 
d) n genes: 2n = número de classes fenotípicas. 
 
22) Que proporção fenotípica na prole resulta do cruzamento AaBbC1C2 x AaBbC1C2 se 
os indivíduos bb morrem durante o estádio embrionário? Considere dominância completa 
para os genes “A”, “B” e dominância parcial para o gene C. 
• Dominância completa: Yy x Yy = 3 Y_: 1 yy → 3:1 (A/a) 
• Dominância parcial: Yy x Yy = 1YY:2Yy:1yy → 1:2:1 (C/c) 
• Se o duplo recessivo for letal só existirá uma classe fenotípica considerando a 
dominância parcial. 1 (B/b) 
(3:1) x (1) x (1:2:1) = (3A_:1aa) x (1B_) x (1C1C1:2C1C2:1C2C2) = 
= 3A_B_C1C1:6A_B_C1C2:3A_B_C2C2:1aaB_C1C1:2aaB_C1C2:1aaB_C2C2 = 3:6:3:1:2:1 
 
 
 
 
23) Nos cruzamentos dos genitores AABBCCDDEE x aabbccddee: 
a) quantos gametas diferentes poderão ser formados na F2 
F1: AaBbCcDdEe → número de gametas possíveis para formar a F2: 25 = 32 
b) quantos genótipos diferentes podem ocorrer na geração F2 
Número de genótipos diferentes = 3n onde n é número de locos em heterozigose.: 35 = 243 
genótipos diferentes 
c) quantos quadrados seriam necessários no "tabuleiro- xadrez" gamético para acomodar a 
F2 
25 x 25 = 1024 genótipos formados, ou seja, lugares 
necessários para acomodar a F2. 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 32 Gametas 
32 
Gametas 
Genótipos formados 
CAPÍTULO 5 – MODIFICAÇÃO NA RELAÇÃO FENOTÍPICA 
 
1) Foi cruzada uma planta de flores roxas (X) com outra de flores brancas (Y), produzindo 
em F1 apenas flores roxas. Na geração F2 foram obtidas 718 plantas de flores roxas e 242 
de flores brancas. Responda: 
a) Estão envolvidos um ou dois genes na determinação desse caráter? Justifique sua resposta. 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Roxa 718 720 -2 5,55 x 10-3 
Branca 242 240 2 0,0166 
 χ2calc = 0,0222 
Graus de liberdade (GL) = 2 -1 = 1 
χ2tab 5% e 1 GL= 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por um gene com dois alelos e dominância completa e a segregação é 
do tipo 3:1. 
b) Qual (ou quais) os genótipos dos indivíduos: planta paternal X, planta paternal Y, F2 
roxas, e F2 brancas? 
 X=AA, Y=aa, F1=Aa, F2= roxa (A_) e branca (aa). 
 
2)Coloque verdadeiro ou falso nas sentenças a seguir: 
a) (V) - A interação gênica sempre ocorre quando dois ou mais genes controlam um 
determinado caráter. 
 
 
 
 
b) (F) – A interação epistática sempre ocorre quando dois ou mais genes localizam-se em 
um mesmo cromossomo. Resolução: Para uma interação epistática, os genes devem gerar 
produtos que agem na mesma via metabólica. Isso não importa se estão, ou não, em um 
mesmo cromossomo. ( A interação gênica epistática ocorre quando dois ou mais genes 
codificam enzimas que atuam numa mesma via metabólica). 
 
c) (V) - Nas interações não epistáticas os genes produzem enzimas que participam em 
diferentes vias biossintéticas. 
 
d) (V) - O pleiotropismo sempre ocorre quando um gene controla mais de um caráter. 
 
 
3) Ratos heterozigotos pretos, de uma população X, quando acasalados produzem a seguinte 
descendência na seguinte proporção: 3 animais creme, 9 pretos e 4 albinos. Qual a relação 
fenotípica esperada na descendência do cruzamento entre animais creme heterozigotos (F1) 
e os pretos da população X? 
Pop. X 9 pretos (A_B_), 3 cremes (aaB_), 4 albinos (A_bb e aabb). 
 
Creme heterozigoto (aaBb) X (AaBb) pretos pop. X 
Gametas do rato creme: aB e ab 
Gametas do rato preto: AB, Ab, aB e ab 
 
 AB Ab aB ab 
aB AaBB preto AaBb preto aaBB creme aaBb creme 
ab AaBb preto Aabb albinos aaBb creme aabb albinos 
 
Proporção fenotípica: (3∕8 preto: 3∕8 creme: 2∕8 albinos) 
* = acasalamentos ao acaso. 
 
AA
A
*
 
4) Em uma espécie as flores são violeta ou brancas. Duas linhagens (x e y) de flores brancas 
foram cruzadas, dando origem a plantas F1 de flores violeta. A F2 consistiu de: 182 plantas 
com flores violeta e 138 com flores brancas. 
a) Quantos genes estão envolvidos na determinação do caráter (apresente os cálculos)? 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Violeta 182 240 -58 14,01 
Branca 138 80 58 42,05 
 χ2calc = 56,06 
 
Graus de liberdade (GL) = 2 -1 = 1 
χ2tab 5% e 1 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc ≥ χ
2
tab , rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por um gene com dois alelos e dominância completa e a segregação 
não é do tipo 3:1. 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia recessiva dupla 
(segregação do tipo 9:7). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia recessiva 
dupla (segregação do tipo 9:7). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Violeta 182 180 2 0,0222 
Branca 138 140 -2 0,0285 
 χ2calc = 0,0507 
χ2tab 5% e 1 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia recessiva dupla 
(segregação do tipo 9:7). 
 
b) Qual (ou quais) os genótipos dos indivíduos: planta paternal X, planta paternal Y e F1? 
Lx (aaBB) X (AAbb) Ly 
 ↓ 
 F1=(AaBb) violeta 
 ↓ 
F2=(A_B_) violeta 
 (aaB_) branca 
 (A_bb) branca 
 (aabb) branca 
 
5) Em uma espécie as flores são violeta, rosas ou brancas. Duas linhagens (X e Y) de flores 
rosa foram cruzadas, dando origem a plantas F1 com flores violeta. A F2 consistiu de: 182 
plantas com flores violeta, 120 com flores rosa e 18 com flores brancas. 
a) Quantos genes estão envolvidos na determinação do caráter? 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Rosa 120 80 40 20 
Violeta 182 160 22 3,025 
Branco 18 80 -62 48,05 
 χ2calc = 71,075 
 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Comoχ2calc ≥ χ
2
tab , rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por um gene com dois alelos e ausência de dominância e a 
segregação não é do tipo 1:2:1. 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia do tipo genes 
duplos dominantes com efeito cumulativo (segregação do tipo 9:6:1). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia do tipo 
genes duplos dominantes com efeito cumulativo (segregação do tipo 9:6:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Violeta 182 180 2 0,0222 
Rosa 120 120 0 0,0 
Branca 18 20 -2 0,2 
 χ2calc = 0,2222 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia do tipo genes 
duplos dominantes com efeito cumulativo (segregação do tipo 9:6:1). 
 
b) Qual (ou quais) o(s) genótipo(s) dos indivíduos: linhagem X? linhagem Y? F2 violeta? 
F2 rosa? F2 branco? 
Rosa (aaBB) X (AAbb) Rosa 
 ↓ 
 F1=(AaBb) violeta 
 ↓ 
F2=(A_B_) violeta 
 (aaB_ e A_bb) rosa 
 (aabb) branca 
c) Qual a relação FENOTÍPICA esperada do retrocruzamento envolvendo a F1 e o 
progenitor X? 
aaBB X AaBb 
Gameta do genótipo aaBB: aB 
Gametas do genótipo AaBb: AB, Ab, aB e ab 
 AB Ab aB ab 
aB AaBB violeta AaBb violeta aaBB rosa aaBb rosa 
 
Proporção fenotípica: (1∕2 violeta: 1∕2 rosa) 
 
d) Qual a relação GENOTÍPICA esperada do retrocruzamento envolvendo a F1 e o 
progenitor Y? 
AAbb X AaBb 
Gametas do genótipo AAbb: Ab 
Gametas do genótipo AaBb: AB, Ab, aB e ab 
 
 AB Ab aB ab 
Ab AABb AAbb AaBb Aabb 
 
Proporção genotípica: (1∕4 AABb: 1∕4 AAbb: 1∕4 AaBb: 1∕4 Aabb) 
 
 
 
 
 
 
 
6) Em uma espécie os frutos são alongados, redondos ou ovais. Uma linhagem de frutos 
alongados (X) foi cruzada com outra de frutos redondos (Y). Todas as plantas F1 
apresentaram frutos ovais. A F2 consistiu de: 182 plantas com frutos ovais, 58 com frutos 
alongados e 80 com frutos redondos. 
a) Quantos genes estão envolvidos na determinação do caráter? 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Oval 182 160 22 3,025 
Redondo 58 80 -22 6,05 
Alongado 80 80 0 0 
 χ2calc = 9,075 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc ≥ χ
2
tab , rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por um gene com dois alelos e ausência de dominância e a 
segregação não é do tipo 1:2:1. 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 9:3:4). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada com dois alelos cada 
com epistasia recessiva (segregação do tipo 9:3:4). 
 
 
 
 
 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Oval 182 180 2 0,0222 
Redondo 80 80 0 0,0 
Alongado 58 60 -2 0,0666 
 χ2calc = 0,0888 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos e epistasia recessiva (segregação do 
tipo 9:3:4). 
 
b) Qual (ou quais) os genótipos dos indivíduos: linhagem X? linhagem Y? F2 alongado? F2 
oval? F2 redondo? 
X=(aaBB) X (AAbb)=Y ou Y=(aaBB), X=(AAbb) 
 ↓ 
 F1=(AaBb) 
 ↓ 
F2=(A_B_) oval 
 (A_bb) alongado 
 (aaB_) redondo 
 (aabb) redondo 
 
 
 
 
 
 
 
7) Responda as questões a seguir: 
a) Quais os fatores que alteram a relação fenotípica 9:3:3:1 obtida na descendência de um 
duplo-heterozigoto? 
Ligação fatorial, relações intra-alélicas e epistasia. 
b) Quais são os fatores que originam as mutações? 
As mutações podem se originar a partir de substituição, inserção ou deleção de nucleotídeos 
no DNA. As mutações podem ocorrer espontaneamente ou serem provocadas por exposição 
à agentes mutagênicos físicos como luz UV ou radiação α, β, γ ou agentes químicos como 
SEM (etil metano sulfonato). 
c) Qual a diferença entre pleiotropia e interação gênica? 
Pleiotropia – ocorre quando um gene controla mais de uma característica. 
Interação gênica – ocorre quando dois ou mais genes controlam o mesmo caráter. 
d) Quais as diferenças entre interações epistáticas e não epistática? 
Interação gênica epistática – quando dois ou mais genes codificam enzimas que atuam numa 
mesma via biossintética. 
 
Interação gênica não epistática – quando dois ou mais genes codificam enzimas que atuam 
em vias metabólicas distintas. 
 
 
8) Foi cruzada uma planta de flores vermelhas com outra de flores brancas, produzindo em 
F1 apenas flores rosa. Na geração F2 foram obtidas 178 plantas de flores rosa, 63 brancas e 
79 vermelhas. 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Rosa 178 160 18 2,025 
Vermelha 79 80 -1 0,0125 
Branco 63 80 -17 3,6125 
 χ2calc = 5,65 
 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2tab ≥ χ
2
calc, não rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter pode ser controlado por um gene com dois alelos e ausência de dominância e a 
segregação não é do tipo 1:2:1. Mas cabe testar mais uma hipótese com dois genes que pode 
se adaptar melhor aos dados. 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 9:3:4). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada com dois alelos cada 
com epistasia recessiva (segregação do tipo 9:3:4). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Rosa 178 180 -2 0,0222 
Vermelha 79 80 -1 0,0125 
Branca 63 60 3 0,15 
 χ2calc = 0,1847 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos e epistasia recessiva (segregação do 
tipo 9:3:4). 
 
b) Em outro cruzamento foram também cruzadas plantas homozigotas de flores vermelhas 
com homozigotas de flores brancas, produzindo F1 com flores brancas. Qual a relação 
fenotípica e genotípica esperada na F2? 
vermelha (aabb) X (AAbb) branca 
 ↓ 
 F1=(Aabb) branca 
 ↓ 
 F2 
 Ab Ab 
Ab AAbb branca Aabb branca 
Ab Aabb branca aabb vermelha 
 
Proporção genotípica: (1∕4 AAbb: 2∕4 Aabb: 1∕4 aabb) 
Proporção fenotípica: (3∕4 branca: 1∕4 vermelha) 
Rosa: A_B_ 
Vermelha: aaB_ e aabb 
Branca: AAbb 
 
 
 
 
 
9) Ratos heterozigotos pretos, quando acasalados, produzem a seguinte descendência: 28 
animais creme, 94 pretos e 38 albinos. Teste, pelo qui-quadrado, a hipótese de que o caráter 
é regulado por dois genes, com epistasia recessiva (3:9:4), e estabeleça: 
a) O valor do qui-quadrado. 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 9:3:4). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada com dois alelos cada 
com epistasia recessiva (segregação do tipo 9:3:4). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Preto 94 90 4 0,1777 
Albino 38 40 -2 0,1 
Creme 28 30 -2 0,1333 
 χ2calc =0,4111 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos e epistasia recessiva (segregação do 
tipo 9:3:4). 
b) Os graus de liberdade. 
Graus de liberdade: 3 classes fenotípicas – 1 = 2 GL 
c) O nível de significância estimado. Usando o programa Genes ou Gbol. 81,42% 
 
10) Foram cruzadas duas linhagens (X e Y), ambas de flores vermelhas, produzindo apenas 
descendentes F1's de flores vermelhas. Na geração F2 foram obtidas 125 plantas de flores 
vermelhas e 35 de flores brancas. 
a) Quantos genes estão envolvidos na determinação do caráter? Justifique sua resposta. 
Como ambas linhagens X e Y possuem flores vermelhas não é possível envolver apenas 1 
gene. O caráter só pode ser controlado por dois genes, já que com um gene seria incoerente 
dado os fenótipos dos genitores cruzados. 
 
b) Apresente a constituição genotípica dos indivíduos: genitor X, genitor Y, F2 vermelho e 
F2 branco. 
Lx=AABB 
Ly=aabb 
F2 vermelha= A_B_, A_bb ou aaB_ 
F2 branca=aabb 
 
11) Considere o exemplo hipotético referente à pigmentação em asas de borboletas: 
a) Quantos genes controlam o caráter? 
2 
b) Quais os genótipos dos tipos de borboletas: vermelhas? roxas? verde? amarelas? 
AAbb=cinza 
aabb=amarelo 
aaBB=roxa 
A_B_=vermelha 
 
12) Em uma espécie as flores são vermelhas, rosas ou brancas. Cruzamentos entre flores 
rosas (F1) resultaram na descendência (F2): 176 plantas de flores rosas, 63 de flores brancas 
e 81 de flores vermelhas. Testando a hipótese de que o caráter é regulado por dois genes, 
responda: 
a) Qual o número esperado (mais adequado) de plantas com flores: brancas? rosa? 
vermelhas? 
Total=176+63+81=320 
Considerando que o caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada e epistasia 
recessiva espera-se que a segregação seja 9:3:4. 
Portanto, 
A_B_: 320∕16 = 20 x 9 = 180 rosa 
A_bb: 320∕16 = 20 x 3 = 60 branca 
aaB_ e aabb: 320∕16 = 20 x 4 = 80 vermelha 
b) Qual a relação fenotípica prevista para a descendência do retrocruzamento envolvendo o 
F1 e as plantas brancas F2 heterozigotas? 
rosa (AaBb) X (Aabb) branca 
 ↓ 
 AB Ab aB ab 
Ab AABb rosa AAbb branca AaBb rosa Aabb branca 
Ab AaBb rosa Aabb branca aaBb vermelha aabb vermelha 
 
Proporção fenotípica= (3∕8 rosas: 3∕8 brancas: 2∕8 vermelha) 
 
13) Analise os seguintes resultados de cruzamentos entre duas linhagens de aves e apresente 
os genótipos das linhagens parentais. Justifique, mostrando os genótipos e fenótipos 
esperados nas gerações F1 e F2, bem como suas probabilidades. 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Com pena 49 39,75 9,25 2,1525 
Sem pena 4 13,25 -9,25 6,4575 
 χ2calc = 8,61 
Graus de liberdade (GL) = 2 -1 = 1 
χ2tab 5% e 1 GL= 3,841 
Conclusão: Como χ2calc ≥ χ
2
tab , se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por um gene com dois alelos e dominância completa. Mas podemos 
testar mais uma hipótese envolvendo dois genes (15:1). 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia do tipo genes 
duplos dominantes sem o efeito cumulativo (segregação do tipo 15:1). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia do tipo 
genes duplos dominantes sem o efeito cumulativo (segregação do tipo 15:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Com penas 49 49,6875 -0,6875 9,51 x 10-3 
Sem penas 4 3,3125 0,6875 0,1426 
 χ2calc = 0,1521 
Graus de liberdade (GL) = 2-1 = 1 
χ2tab 5% e 2 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com epistasia do tipo genes duplos dominantes sem o 
efeito cumulativo (segregação do tipo 15:1). 
 
14) Analise os resultados a seguir, indique o número mínimo de genes que determinam cada 
caráter e sugira um efeito para cada gene. 
Caráter 1: cor da plumagem em aves 
P: ave da linhagem Plymouth Rock (branca) x ave da linhagem Leghorn (branca) 
F1: 100% de aves brancas 
F2: 49 aves brancas 
12 aves de plumagem colorida 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Branca 49 45,75 3,25 0,2309 
Colorida 12 15,25 -3,25 0,6926 
 χ2calc = 0,9235 
Graus de liberdade (GL) = 2 -1 = 1 
χ2tab 5% e 1 GL= 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por um gene com dois alelos e dominância completa e a segregação é 
do tipo 3:1. Mas podemos testar mais uma hipótese com dois genes (13:3). 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia dominante e 
recessiva (segregação do tipo 13:3). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia dominante 
e recessiva (segregação do tipo 13:3). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Branca 49 49,56 -0.5625 0,00638 
Colorida 12 11,44 0,5625 0,02766 
 χ2calc = 0,03404 
χ2tab 5% e 1 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia dominante e 
recessiva (segregação do tipo 13:3). Como o valor do teste qui-quadrado é menor para a 
segunda hipótese, conclui-se que o caráter é controlado por 2 genes. 
Caráter 1 – 2 genes, epistasia dominante e recessiva (13:3) 
 
Caráter 2: coloração da pelagem de camundongos 
P: fêmea aguti x macho albino 
F1:100% de animais aguti 
F2: 7 animais pretos 
21 animais aguti 
9 animais albinos 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com ausência de dominância 
(segregação do tipo 1:2:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Preto 7 9,25 -2,25 0,5473 
Aguti 21 18,5 2,5 0,3378 
Albinos 9 9,25 -0,25 0,0067 
 χ2calc = 0,8918 
 
Graus de liberdade (GL) = 3-1 = 2 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter pode ser controlado por um gene com dois alelos e ausência de dominância e a 
segregação não é do tipo 1:2:1. Mas podemos testar outra hipótese, com dois genes. 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 3:9:4). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 3:9:4). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2∕E 
Preto 7 6,9375 0,0625 0,0006 
Aguti 21 20,8125 0,1875 0,0017 
Albino 9 9,25 -0,25 0,0068 
 χ2calc = 0,0091 
χ2tab 5% e 2 GL = 5,99 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia recessiva 
(segregação do tipo 3:9:4).Como o valor do teste qui-quadrado da segunda hipótese, 
podemos concluir que o caráter é controlado por dois genes. 
Caráter 2 – 2 genes, epistasia recessiva (9:3:4) 
 
Caráter 3: forma da cápsula da semente de uma dada angiospermaP: planta de população de cápsula triangular x planta de população de cápsula oval 
F1: 100% de plantas com sementes de cápsula triangular 
F2: 257 plantas com sementes de cápsula triangular 
5 plantas com sementes de cápsula oval 
Primeira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Ha: O caráter não é controlado por um gene com dois alelos com dominância completa 
(segregação do tipo 3:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Triangular 257 196,5 60,5 18,6272 
Oval 5 65,5 -60,5 55,8817 
 χ2calc = 74,5089 
Graus de liberdade (GL) = 2 -1 = 1 
χ2tab 5% e 1 GL= 3,841 
Conclusão: Como χ2calc ≥ χ
2
tab, se rejeita H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por um gene com dois alelos e dominância completa e a segregação 
é do tipo 3:1. Mas podemos testar mais uma hipótese envolvendo dois genes com epistasia 
com genes duplo dominantes sem o efeito cumulativo (15:1). 
Segunda hipótese: 
H0: O caráter é controlado por dois genes com dois alelos cada com epistasia com genes 
duplo dominantes sem o efeito cumulativo (segregação do tipo 15:1). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia com genes 
duplo dominantes sem o efeito cumulativo (segregação do tipo 15:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Triangular 257 245,625 11,375 0,5268 
Oval 5 16,375 -11,375 7,9017 
 χ2calc = 8,4285 
χ2tab 5% e 1 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc ≥ χ
2
tab , rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, o 
caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia com genes duplo 
dominantes sem o efeito cumulativo (segregação do tipo 13:3). Então podemos testar a 
hipótese de 3 genes. 
Terceira hipótese: 
H0: O caráter é controlado por três genes com dois alelos cada com epistasia (segregação do 
tipo 63:1). 
Ha: O caráter não é controlado por dois genes com dois alelos cada, com epistasia 
(segregação do tipo 63:1). 
Fenótipos Observado (O) Esperado (E) Desvio (O – E) (O – E)2 ∕ E 
Triangular 257 257,90625 -0,90625 0,00318 
Oval 5 4,09375 0,90625 0,2006 
 χ2calc = 0,2038 
χ2tab 5% e 1 GL = 3,841 
Conclusão: Como χ2calc < χ
2
tab , não rejeita-se H0 ao nível de 5% de probabilidade. Portanto, 
o caráter é controlado por três genes com dois alelos cada, com epistasia (segregação do tipo 
63:1). 
Caráter 3 – 3 genes (6:3:1) 
 
15) Analise os seguintes resultados, do cruzamento entre duas linhagens de trigo, e responda: 
P: L1 (grãos marrons) x L2 (grãos marrons) 
F1: 100% de grãos vermelhos 
F2: 2.410 grãos vermelhos 
 1.604 grãos marrons 
 270 grãos brancos 
 
 
 
 
a) Quantos genes afetam a cor dos grãos? Justifique, apresentando os genótipos dos pais e 
as proporções genotípica e fenotípica em F1 e F2. 
Marrom (AAbb) X (aaBB) Marrom 
 ↓ 
 F1=(A_B_) vermelho 
 ↓ 
 F2= (A_B_) vermelho 
 (A_bb e aaB_) marrom 
 (aabb) branco 
Proporção genotípica: (9∕16 A_B_: 6∕16 A_bb e aaB_: 1∕16 aabb) 
Proporção fenotípica: (9∕16 vermelho: 6∕16 marrom: 1∕16 branco) 
Dois genes. 
 
b) Qual a proporção genotípica, considerando apenas os grãos vermelhos da F2? 
Vermelho: A_B_ 
 AB Ab aB ab 
AB AABB vermelho AABb vermelho AaBB vermelho AaBb vermelho 
Ab AABb vermelho AAbb AaBb vermelho Aabb 
aB AaBB vermelho AaBa vermelho aaBB aaBb 
ab AaBb vermelho Aabb aaBb aabb 
 
Proporção genotípica=(1∕9 AABB: 2∕9 AABb: 2∕9 AaBB: 4∕9 AaBb) 
 
 
 
 
 
16) Os resultados apresentados a seguir referem-se à cor da flor em ervilha-doce (Lathyrus 
odoratus). As linhagens usadas nos cruzamentos são homozigóticas. 
Cruzamento 1: 
P: linhagem 1 (flor púrpura) x linhagem 2 (flor branca) 
F1: 100% de plantas com flor púrpura 
F2: 156 plantas de flor púrpura 
124 plantas de flor branca 
 
Cruzamento 2: 
P: linhagem 1 (flor púrpura) x linhagem 3 (flor branca) 
F1: 100% de plantas com flor púrpura 
F2: 120 plantas de flor púrpura 
 38 plantas de flor branca 
Responda: 
a) Quais os prováveis genótipos das linhagens 1 e 2? Justifique, apresentando as proporções 
genotípica e fenotípica em F1 e F2. Apresente cada genótipo e cada fenótipo, bem como suas 
probabilidades de ocorrência. 
Cruzamento 1 
L1 púrpura (AABB) X (aabb) L2 branca 
 ↓ 
 F1=(AaBb) púrpura 
 ↓ 
 F2= 9∕16 (A_B_) púrpura 
 7∕16 (A_bb, aaB_ e aabb) branca 
 
 
 
 
b) Qual o provável genótipo das flores da linhagem 3? Justifique, apresentando as 
proporções genotípica e fenotípica em F1 e F2. 
Cruzamento 2 
L1 púrpura (AABB) X (aaBB) L3 branca 
 ↓ 
 F1=(AaBB) púrpura 
 ↓ 
 F2= 3∕4 (A_BB) púrpura 
 1∕4 (aaBB) branca 
 
c) Se as plantas F1 forem usadas no cruzamento-teste, quais as proporções genotípica e 
fenotípica esperadas nas descendências? 
F1 cruzamento 1 
AaBb x aabb 
 AB aB Ab ab 
ab AaBb aaBb Aabb aabb 
 
Proporção genotípica=(1/4 AaBb: 1∕4 aaBb:1/4Aabb:1/4aabb) 
Proporção fenotípica=(1∕4 púrpura: 3/4 branca) 
 
F1 cruzamento 2 
AaBB x aabb 
 AB aB 
ab AaBb aaBb 
 
Proporção genotípica=(1∕2 AaBb: 1∕2 aaBb) 
Proporção fenotípica=(1∕2 púrpura: 1∕2 branca) 
17) Todos os filhos de um casal são mulatos médios. Provavelmente esse casal é constituído 
por: 
a) dois mulatos médios 
b) um mulato médio e um negro puro 
c) um mulato médio e um branco puro 
d) um negro puro e um branco puro 
e) um mulato claro e um escuro 
Alternativa D 
 
18) Pares de genes, com segregação independente, podem agir, conjuntamente, na 
determinação de uma mesma característica fenotípica. Esse fenômemo é conhecido como: 
a) interação gênica 
b) epistasia 
c) herança quantitativa 
d) poligenia 
e) dominância completa 
Resposta: Letra A. Interação gênica é o fenômeno pelo qual dois ou mais genes, como ou 
sem segregação independente, controlam uma determinada característica. 
Alternativa A 
 
19) Os fenótipos para a forma dos frutos da abóbora podem ser: discoide, esférica ou 
alongada. 
A forma discoide dos frutos da abóbora é condicionada pelo genótipo A_B_; a forma 
alongada, por aabb. Do cruzamento de abóboras discoides, ambas heterozigotas, espera-se 
que nasçam: 
a) somente abóboras discoides 
b) 50% AaBb e 50% aabb 
c) abóboras discoides, esféricas e alongadas 
d) 75% A_B_ e 25% a_B_ 
e) somente abóboras discoides heterozigotas 
Discoide = A_B_ 
Alongada = aabb 
AaBb X AaBb 
 ↓ 
 F1=9 A_B_ discóide 
 3 A_bb esférico 
 3 aaB_ esférico 
 1 aabb alongada 
Alternativa C 
 
20) Sabe-se que, de maneira geral, cada gene determina, ou controla, uma única 
característica, porém há casos em que um mesmo genes, sob determinadas condições 
ambientais, determina dois ou mais caracteres. Esse fenômeno é conhecido como: 
a) epistasia 
b) genes aditivos 
c) interação gênica 
d) pleiotropia 
e) genes quantitativos 
O fenômeno da pleiotropia é caracterizado quando um gene controla a expressão de dois ou 
mais caracteres. 
Alternativa D 
 
 
 
 
 
 
21) Na moranga, a cor dos frutos deve-se às seguintes combinações de genes: 
B_aa = amarelo B_A_ = branco 
bbA_ = branco bbaa = verde 
Essas informações permitem concluir que o gene: 
a) A é epistático sobre seu alelo 
b) B é epistático sobre A e sobre a 
c) a é hipostático em relação a A 
d) b é hipostático em relação a B 
e) A é epistático sobre B e sobre b 
Alternativa E 
 
22) Supondo que a cor da pele humana seja condicionada por apenas dois genes 
autossômicos (A e B) dominantes, qual a probabilidade de um casal de mulatos médios, 
ambos com genótipo AaBb, ter um filho branco? 
a) 1/16 
b) 4/16 
c) 5/16 
d) 6/16 
e) 8/16 
P(aabb)= 1/4 x 1/4 = 1/16 
AaBb X AaBb 
 ↓ 
 P(aabb) = 1∕16 
Alternativa A 
 
 
 
23)Admita que em certos animais de laboratório o gene A condicione cor preta de pelagem 
e seja dominante sobre o seu alelo a, que condiciona a cor marrom. O gene E não alelo de 
A, e localizado em diferente autossomo, condiciona cor branca de pelagem, em homozigose 
ou heterozigose, tendo, pois, efeito epistático sobre os genes A e a. 
Um animal preto, filho de pais brancos, é retrocruzado com sua mãe e tem 20 descendentes 
com as três cores de pelagem citadas. Quantos devem ser brancos? 
a) 2 
b) 8 
c) 10 
d) 4 
e) 5 
Branco (AAee) X (AABEe) branco 
 ↓ 
 (AAee) preto 
Preto (AAee) x (AAEe) Mãe branca 
 ↓ 
 AE Ae 
Ae AAEe AAee 
 
Branco: 1∕2 x 20 = 10 
Alternativa C 
 
 
 
 
 
 
 
 
CAPÍTULO 6- MUTAÇÕES E ALELOS MÚLTIPLOS 
 
1) Coloque V ou F nas sentenças a seguir: 
 
a) ( F ) Toda mutação recessiva é prejudicial, mas nem toda mutação dominante é benéfica. 
b) ( F ) Toda mutação, para ser hereditária, deverá sempre ocorrer nos genes pertencentes 
aos cromossomos sexuais. 
c) ( F ) Uma série de alelos múltiplos é formada a partir de mutações que ocorrem em vários 
genes de um cromossomo. 
d) ( V ) Para uma série de alelos múltiplos com seis alelos, cada indivíduo de uma população 
diploide apresenta em seu genótipo, no máximo, dois alelos diferentes. 
e) ( V ) Para uma série de alelos múltiplos com seis alelos, haverá para uma população 
diploide, no máximo, 15 genótipos heterozigotos diferentes na população. 
NG = [a.(a+1)/2]g 
NG = [6.(6+1)/2]1 
NG = 21 (diferentes) 
Número de genótipos diferentes (21) = Número de genótipos homozigotos (6) + Número de 
genótipos heterozigotos (X) 
21= 6 + X 
X = 15 genótipos heterozigotos 
f) ( V ) Para uma série de alelos múltiplos com seis alelos, haverá para uma população 
diploide, no máximo, 21 genótipos diferentes na população. 
NG = [a.(a+1)/2]g 
NG = [6.(6+1)/2]1 
NG = 21 genótipos diferentes 
 
 
 
 
 
 
 
2) Em uma espécie vegetal, as flores são vermelhas (A-) ou brancas (aa). A taxa de mutação 
de A para a é u. A taxa de retromutação (a para A) é v. Qual a frequência de indivíduos 
AA obtidos a partir do cruzamento aa x aa? E a partir do cruzamento AA x aa? 
 
Informações dadas: 
(A_) Flores vermelhas A a u = 2v 
(aa) Flores brancas 
 
• 1° caso 
 
P: aa x aa 
 
 
 F1: f (AA) = ? 
 
aa 
aa A (v) a (1-v) 
A (v) v2 v.(1-v) 
a (1-v) v.(1-v) (1-v)2 
 
 
• 2° caso 
 
P: AA x aa 
 
 
 F1: f (AA) = ? 
 
 
AA 
aa A (v) a (1-v) 
A (1-u) v.(1-u) (1-u).(1-v) 
a (u) u.v u.(1-v) 
 
R: 1° caso: f(AA) = v2; 2° caso: f(AA) = v.(1-u) 
 
 
u 
v 
3) Em uma espécie vegetal, as flores são vermelhas (AA), rosas (Aa) ou brancas (aa). A 
taxa de mutação de A para a é u. A taxa de retromutação (a para A) é v. O valor de u é o 
dobro de v (u = 2v). Do cruzamento de AA x aa foram obtidas 19.702 flores rosas, 199 
brancas e 99 vermelhas. Estime o valor de u. 
 
Informações dadas: 
(A_) Flores vermelhas A a u = 2v 
(aa) Flores brancas 
 
P: AA x aa 
 
 
F1: 19702 Flores rosas (Aa) 
 199 Flores brancas (aa) 
 99 Flores vermelhas (AA) 
 20000 
 
AA 
aa A (v) a (1-v) 
A (1-u) v.(1-u) (1-u).(1-v) 
a (u) u.v u.(1-v) 
 
u.(1-v) = 199/20000 
2v.(1-v) = 199/20000 
-2v2 + 2v – 0,00995 = 0 
∆ = 4 – 2.(-2).(-0,00995) 
∆ = 3,9204 
 
v’ = 0,995 
v’’ = 0,005 
 
u = 2v 
u’ = 2. 0,995 = 1,99 
u’’ = 2. 0,005 = 0,01 (frequência tem que estar entre 0-1) 
 
R: O valor de u é 1/100 
u 
v 
*Resolução alternativa: 
P(AA)=v(1-u)=99/20000 
P(Aa)=(1-u)(1-v)+uv=19702/20000 
P(aa)=u(1-v)=199/20000 
F(aa)-f(AA)= u(1-v) - v(1-u)=u-uv – v+uv = u-v = 2v-v = v 
v=199/20000-199/20000=100/20000=1/200 
u=2*v=2/200=1/100 
 
4) Em uma espécie, as plantas são altas ou anãs. A taxa de mutação de A para a é de 1/1000, 
e a de a para A é de 1/250. Qual a frequência de plantas anãs resultantes do cruzamento 
AA x aa? 
 
Informações dadas: 
 
(A_) Altas A a 
(aa) Anãs 
 
 P: AA x aa 
 
 
 F1: f (aa) = ? 
 
AA 
aa A (1-0,001) a (0,001) 
A (0,004) 0,004.(1-0,001) 0,004.0,001 
a (1-0,004) (1-0,004).(1-0,001) 0,001.(1-0,004) 
 
f(aa) = 0,001.(1-0,004) = 0,000996 (~249/250000) 
 
R: A frequência de plantas anãs é de 249/250000 
 
1/250 
1/1000 
5) Considere o caráter cor de flor e os cruzamentos envolvendo progenitores homozigotos: 
 
Cruzamentos F1 F2 
Amarela x Branca Amarela 300 amarelas : 100 brancas 1 gene, DC 
Vermelha x Branca Vermelha 450 vermelhas : 150 brancas 1 gene, DC 
Vermelha x 
Amarela 
Vermelha 180 vermelhas : 60 amarelas 1 gene, DC 
Roxa x Branca Roxa 360 roxas : 120 brancas 1 gene, DC 
Roxa x Amarela Roxa 300 roxas : 100 amarelas 1 gene, DC 
Roxa x Vermelha Azul 100 roxas : 200 azuis : 100 
vermelhas 
1 gene, CO 
 
a) Quantos genes controlam o caráter? 
 
Informações: Roxa (ar) = Vermelha (av) > Amarela (aa) > Branca (ab) 
 
• P: Amarela (aaaa) x Branca (abab) 
 
 
F1: 100% amarela (aaab) 
 
 
F2: 300 plantas amarelas (aaaa, aaab) : 100 plantas brancas (abab) 
 
 
 
 
• P: Vermelha (avav) x Branca (abab) 
 
 
F1: 100% vermelha (avab) 
 
 
F2: 450 plantas vermelhas (avav, avab) : 150 plantas brancas (abab) 
 
 
• P: Vermelha (avav) x Amarela (aaaa) 
 
 
F1: 100% vermelha (avaa) 
 
 
F2: 180 plantas vermelhas (avav, avaa) : 60 plantas amarelas (aaaa) 
 
 
• P: Roxa (arar) x Branca (abab) 
 
 
F1: 100% roxa (arab) 
 
 
F2: 360 plantas roxas (arar, arab) : 120 plantas brancas (abab) 
 
 
• P: Roxa (arar) x Amarela (aaaa) 
 
 
F1: 100% roxa (araa) 
 
 
F2: 300 plantas roxas (arar, araa) : 100 plantas amarelas (aaaa) 
 
 
• P: Roxa (arar) x Vermelha (avav) 
 
 
F1: 100% azul (arav) 
 
 
F2: 100 plantas roxas (arar) : 200 plantas azuis (arav) : 100 plantas vermelhas (avav) 
 
R: Está envolvido no caráter apenas 1 gene. 
 
 
b) Quantos alelos por gene estão envolvidos? 
 
R: 4 alelos (ar, av, aa e ab). 
 
c) Quantos genótipos diferentes existem na população? 
 
NG = [a.(a+1)/2]g 
NG = [4.(4+1)/2]1 
NG = 10 genótipos diferentes 
R: Existem 10 genótipos diferentes na população. 
 
d) Cite os possíveis genótipos das plantas de flores vermelhas, roxas e azuis. 
 
R: Vermelhas- avav, avaa e avab 
Roxas- arar, araa e arab 
Azuis- arav 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
 
CAPÍTULO 7 – HERANÇA RELACIONADA AO SEXO 
1) Que diferença existe entre os gametas masculinos e femininos nas espécies em que 
o macho é heterogamético? Explique. 
A diferença que existe entre os gametas masculinos e femininos nas espécies em que o macho é 
heterogamético é a presença de cromossomos específicos que determinam o sexo no indivíduo. Neste 
caso, é o macho que determina o sexo, portanto ele apresenta dois diferentes tipos de gametas em 
relação aos cromossomos sexuais que carregam. Ex: Sistema XY-XX (humanos e outros mamíferos) 
- XX: fêmea e XY: macho 
 
2) Explique o mecanismo de determinação do sexo por Balanço Gênico,em 
Drosophila melanogaster. 
Com base em observações em tipos sexuais, foi proposto que a determinação do sexo em 
Drosophila seria função de um índice sexual (Is), que é função do balanço entre cromossomos X e 
conjuntos autossomais, conforme descrito a seguir: 
IS = (Número de cromossomos X)/(Número de conjuntos autossomais) 
Com base nesse índice sexual, o sexo seria determinado segundo a tabela abaixo: 
Índice Sexual (IS) Sexo 
< 0,5 Metamacho 
0,5 Macho 
(0,5 - 1,0) Intersexo 
1,0 Fêmea 
> 1,0 Metafêmea 
 
3) De acordo com a teoria do Balanço Gênico de determinação do sexo em drosófila, 
qual é o sexo de indivíduos com cada um dos seguintes arranjos cromossômicos: 
a) 4X4A; Is = 4/4=1 - fêmea 
b) 3X4A; Is = 3/4= 0,75 – intersexo 
c) 2X3A; Is = 2/3= 0,67 – intersexo 
d) 1X3A; Is = 1/3= 0,33 - metamacho 
e) 2X2A; Is = 2/2=1 - fêmea 
f) 1X2A? Is = 1/2=1 – macho 
4) Qual é o sexo dos seguintes seres humanos: 
a) AAXXX, Feminino 
b) AAXXXYY, Masculino 
c) AAX0, Feminino 
d) AAXXXXY Masculino 
e) AAXYY? Masculino 
 
5) Explique o mecanismo de determinação do sexo em abelhas. 
O mecanismo de determinação do sexo em abelhas é chamado de haplodiploidismo. Nas abelhas, o 
sexo masculino é definido pela condição haplóide (ou monoplóide) e o sexo feminino, pela condição 
diplóide do indivíduo. O macho (zangão) resulta do desenvolvimento do óvulo não fertilizado, 
através do sistema de partenocarpia. A fêmea é resultado da fertilização de óvulos, produzidos pela 
rainha, e espermatozóides, produzidos por zangões. Fêmeas estéreis são denominadas operárias, e 
as férteis, rainhas. A fertilidade tem sido adquirida por meio de alimentação baseada em geléia real. 
 
6) Em seres humanos, se você supor os genitores sendo AAXX e AAXY, como 
poderia ser explicado o aparecimento de descendentes de cada um dos seguintes tipos: 
a)AAXYY 
Síndrome XYY: São indivíduos agressivos e de pouca inteligência. São comumente encontrados em 
hospícios e hospitais, porém a razão de serem encontrados também em prisões não está associada 
a taras sexuais. A causa principal é devido à anomalia meiótica, a não disjunção das cromátides ou 
uma não disjunção de cromossomos na espermatogênese. 
 
b) AAXXY 
Síndrome de Klinefelter XXY: Trata de um indivíduo do sexo masculino com características 
afeminadas. Ocorre com uma taxa de dois a três em cada 1000 indivíduos. Os sintomas graves são: 
porte alto, tendência à feminilização, seios grandes e retardamento mental. Entretanto, em alguns 
casos os sintomas são imperceptíveis. Esses indivíduos podem se casar e a consumação sexual pode 
ser efetuada de forma normal. A causa principal é a anomalia meiótica, citando-se, por exemplo, a 
não disjunção das cromátides ou de cromossomos na ovogênese ou de uma não disjunção de 
cromossomos na espermatogênese. 
 
 
 
 
c) AAX0? 
Síndrome de Turner XO: Trata-se de um indivíduo do sexo feminino com algumas características 
masculinas. Ocorre com uma taxa de 0,2 a 0,3 em cada 1000 indivíduos. Como sintomas mais 
característicos, destacam-se a estatura mais baixa, o pescoço alado e a subfertilidade. 
 
7) Nunca foram descobertos indivíduos, nascidos vivos ou fetos espontaneamente 
abortados, com falta completa de cromossomos X (por exemplo, AA0Y). Por quê? 
Porque tanto os indivíduos masculinos quanto femininos possuem o cromossomo X, neste caso a 
fêmea possui dois cromossomos X, o que torna impossível a falta deste cromossomo. 
 
8) Nos galináceos (XX é macho e XY é fêmea), a remoção do ovário resulta no 
desenvolvimento de testículos. Portanto, uma fêmea pode ser convertida em macho, 
produzindo esperma e desenvolvendo caracteres sexuais secundários masculinos. Se tal 
"macho" for cruzado com uma fêmea normal, que proporção de sexos ocorre na prole? 
XX= macho 
XY= fêmea 
 
 Macho= 1/3 
 Fêmea= 2/3 
 YY= este indivíduo não é possível ser formado 
Resp.: 1/3 macho : 2/3 fêmea. 
 
9) Qual é o animal que tem avô, mas não tem pai? Explique. 
O animal é o Zangão. Resulta do desenvolvimento do óvulo não fertilizado da rainha, através do 
sistema de partenocarpia, logo ele tem avô, este é o que deu origem a rainha. 
 
10) Que proporção dos descendentes humanos recebe um cromossomo X da mãe? E 
um cromossomo X do pai? E um X da mãe e um Y do pai? 
100% dos descendentes humanos recebem um cromossomo X da mãe. 
Cerca de 50% dos descendentes humanos recebem um cromossomo X do pai. 
E cerca de 50% dos descendente humanos recebem um cromossomo X da mãe e Y do pai. 
 
 
Gametas x y 
x xx ♂ xy ♀ 
y xy ♀ yy 
11) Um homem albino (gene recessivo autossomal), não hemofílico, casa-se com 
uma mulher de pigmentação normal, não hemofílica, cujo pai era hemofílico (gene recessivo 
ligado ao sexo) e a mãe albina. Que tipo de filhos esse casal poderá ter e com quais 
probabilidades? 
 
 
 
 - Hemofílico: 
 
 
 
 - Albinismo: 
 
 
 
- mulher: 1\2 x 1\2= 1\4 (albina, não hemofílica) 
- mulher: 1\2 x 1\2= 1\4 (Normal, não hemofílica) 
-Homem: 1\4 x 1\2= 1\8 (Normal, não hemofílico) 
-Homem: 1\4 x 1\2= 1\8 (Normal, hemofílico) 
-Homem: 1\4 x 1\2= 1\8 (Albino, não hemofílico) 
-Homem: 1\4 x 1\2= 1\8 (Albino, hemofílico) 
 
Gametas xH Y 
xH xH xH XH y 
Xh XH Xh Xhy 
Gametas A a 
a Aa aa 
a Aa aa 
12) Nos seres humanos, a calvície é um caráter influenciado pelo sexo, dominante no 
homem. Um homem não calvo, de visão normal, casa-se com uma mulher não calva, de 
visão normal, cujo pai era "daltônico" e a mãe calva. Que tipos de descendentes poderão ter, 
e em que proporções? 
 -Daltonismo: 
 
 
 
 - Calvície: 
 
 
 
 
- Mulher: 1\2 (Normal, não calva) 
- Homem: 1\2 x 1\4= 1\8 (Normal, calvo) 
- Homem: 1\2 x 1\4= 1\8 (Normal, não calvo) 
- Homem: 1\2 x 1\4= 1\8 (Daltônico, calvo) 
- Homem: 1\2 x 1\4= 1\8 (Daltônico, não calvo) 
 
 
 
 
Gametas XD Y 
XD XD XD XD y 
Xd XD Xd Xdy 
 B2 B2 
B1 Aa aa 
B2 Aa aa 
13) Em galinha, o gene autossomal C produz ave de pernas curtas no estado heterozigoto, 
porém é letal quando em homozigose. B é dominante ligado ao sexo, para plumagem 
barrada: b é o alelo recessivo, não barrado. São acasaladas duas aves que produzem: 1/6 de 
fêmeas de pernas normais, não barradas; 1/6 de machos de pernas normais, barrados; 2/6 
de fêmeas de pernas curtas, não barradas; 2/6 de machos de pernas curtas, barrados. Quais 
são os genótipos e fenótipos dos pais? [Galo CcZbZb e Galinha CcZBW]. 
- Descendentes: 
 F= 1\6 (CCZbW), F= 2\6 (Cc ZbW), M= 1\6 (CCZBZ-), M= 2\6 (Cc ZBZ-) 
-Pernas: -pernas curtas: Cc - pernas normais: CC -letal: cc 
-Descendência: 1/3 CC e 2/3 Cc = cruzamento que deu origem Cc X Cc 
Plumagem: -ZbW e ZbZb não barrada; - ZB ZB, ZBZb e ZBW barrado 
-Descendência: ½ barrada e ½ não barrada= cruzamento que deu origem ZbZb e ZBW. 
- galo: CcZbZb 
- galinha: CcZBW 
Plumagem Galo Galinha 
Barrada ZB ZB e ZBZb ZBW 
Não barrado ZbZb ZbW 
 
14) O nistagmo é uma condição em seres humanos caracterizada por movimentos 
involuntários dos olhos. O alelo para essa condição é de AUSÊNCIA DE DOMINÂNCIA e 
ligado ao sexo. Três fenótipos são possíveis: normal, movimento leve e movimento intenso. 
Uma mulher que exibe nistagmo leve e um homem normal estão pensando em casamento e 
perguntam a um geneticista qual é a chance de que seus filhos sejam afetados. O que você 
lhes diria? 
Nistagmo mulher homem 
Normal XNXN XNY 
Movimento leve XNXn - 
Movimento intenso XnXn XnY 
- Casal: mulher (XNXn) x homem(XNY) 
 - Descendentes: 
 Normal= 50%, movimento leve= 25% e movimento intenso= 25% 
 
Gametas XN Y 
XN XNXN XNY 
Xn XNXn XnY 
15) No homem, a distrofia muscular pseudo-hipertrófica (ou distrofia muscular 
Duchenne) representa uma condição em que os músculos se desgastam lentamente, 
terminando pela morte, geralmente durante o início da puberdade.Essa distrofia é 
determinada por um gene recessivo ligado ao sexo. Esse tipo de distrofia só tem sido 
observado em meninos, nunca em meninas. Por que não deverá ser esperada a sua ocorrência 
em meninas? 
Porque como o homem que apresenta distrofia muscular (XdY) geralmente tem a sua morte no início 
da puberdade, o alelo “d” presente no cromossomo X não é repassado para os seus descendentes, 
portanto não terá mulher com esta distrofia (XdXd). 
 
16) Um casal teve cinco filhos: três meninas e dois meninos. Um dos meninos morreu 
de distrofia muscular aos 15 anos. Os outros quatro formaram-se na universidade e estão 
preocupados com a probabilidade de que seus filhos possam desenvolver a doença. O que 
você lhes diria? 
 
- As filhas têm 50% de chance de carregar o alelo recessivo da mãe. Já os filhos delas tem 50% de 
chance de serem portador, caso a mãe possua o alelo. As descendentes femininas não terão a doença. 
- Se o filho (XDY) casar com uma mulher portadora (XDXd), os seus descendentes do sexo masculino 
terão 50% de chance de terem a doença e 0% de chance de ter descendentes do sexo feminino com 
a doença. 
 
 
 
 
 
 
XDY 
XDX-
XD Y 
Morreu 
Normal
XDXd
XdY
17) Com relação à distrofia muscular Duchenne, pergunta-se: 
a) qual é a probabilidade de uma mulher cujo irmão sofre de Duchenne ter um filho 
afetado; 
 
 
 
P(XdY)= P(Mãe XdXD)xP(♂)xP(Xd)=1/2*1/2*1/2=1/8 
b) se o irmão da sua mãe (seu tio) teve Duchenne, qual é a probabilidade de você ter 
recebido o gene; 
P(Xd)= P(Mãe XdXD)xP(receberXd)=1/2*1/2=1/4 
c) se o irmão de seu pai teve a doença, qual é a probabilidade de você ter recebido o 
gene? Justifique. 
0%, porque os portadores desta doença não vivem além da puberdade. 
 
18) Em galinha, o caráter velocidade de crescimento inicial das penas é controlado 
por um único gene ligado ao sexo (crescimento normal é dominante e crescimento lento é 
recessivo) e tem sido usado para identificar o sexo dos pintos. Uma fêmea de crescimento 
normal das penas é cruzada com um macho de crescimento lento, produzindo um 
descendente de crescimento lento das penas: qual é o seu sexo? 
Crescimento das pernas Galo Galinha 
Normal ZB ZB e ZBZb ZBW 
Lento ZbZb ZbW 
-Casal: ZBW (galinha) x ZbZb (galo) 
-Descendentes: 
 
 
 
 - O descendente que apresenta o crescimento inicial das pernas lento é do sexo 
feminino (ZbW). 
 
 
 
 
Gametas XD Y 
XD XDXD XDY 
Xd XdXD XdY 
Gametas ZB W 
Zb ZB Zb Zb W 
Zb ZB Zb Zb W 
19) Uma condição conhecida como ictiose hystric gravior apareceu em um cidadão 
inglês de nome Edward Lambert, nascido em 1717. Sua pele ficou muito espessa e formava 
espinhas soltas, que descamavam a intervalos, e os pelos de seu corpo eram semelhantes aos 
dos ouriços. Quando cresceu, este "homem porco-espinho" casou-se e teve seis filhos, todos 
com a sua condição, e várias filhas, todas normais. Por quatro gerações, essa condição foi 
passada de pai para filho. Dessa evidência, o que você pode postular sobre a localização dos 
genes? 
Refere-se à herança de caracteres condicionados por genes localizados na porção não homóloga do 
cromossomo Y. O cromossomo Y é o principal determinante da masculinidade na espécie humana e 
em outros mamíferos. Nele devem estar contidos os genes de efeito masculinizante. Como o 
cromossomo Y é restrito aos machos, apenas esse sexo apresenta tais características, sendo 
repassado de pais para filhos. 
 
20) Em carneiros, a presença de chifres é um caráter influenciado pelo sexo, 
dominante nos machos. Quais são as proporções fenotípicas esperadas nas gerações F1 e F2, 
resultantes do cruzamento entre uma raça com chifres e outra sem chifres: 
Chifres:H1H1(♂♀), H1H2(♂) 
Sem chifres: H1H2(♀), H2H2(♂♀) 
 
a) considerando-se o sexo 
H1H1(macho) x H2H2(fêmea) 
F1: H1H2 
 - 50% de fêmea sem chifre 
 - 50% de macho com chifre 
 F2: H1H1= 1\4 x 1\2= 1\8 
 H1H2= 2\4 x 1\2= 2\8 
 H2H2= 1\4 x 1\2= 1\8 
 - fêmea: - H1H2 + H2H2= 3\8 (sem chifre) 
 - H1H1= 1\8 (com chifre) 
 
 - macho: - H2H2= 1\8 (sem chifre) 
 - H1H1+ H1H2= 3\8 (com chifre) 
 
 
 
 
b) excluindo-se o sexo? 
H1H1 x H2H2 
F1: H1H2 
 - 50% sem chifre 
 - 50% com chifre 
 F2: H1H1= 1\4 - 50% sem chifre 
 H1H2= 2\4 - 50% com chifre 
 H2H2= 1\4 
 
 
21) O quarto dedo (anular) do homem pode ser mais longo ou mais curto que o 
segundo (indicador). Acredita-se que o dedo indicador curto no homem seja produzido por 
um gene dominante nos homens e recessivo nas mulheres. Que tipos de criança e com que 
frequência o acasalamento entre um homem de dedo curto heterozigoto e uma mulher de 
dedo curto produziria? 
Genótipo homem mulher 
D1D1 curto curto 
D1D2 curto longo 
D2D2 longo longo 
- Casal: D1D2 (homem) x D1D1 (mulher) 
- Descendentes: 
 
 
 
 
-Resposta: -mulher - 50% de dedo curto 
 - 50% de dedo longo 
 
 -homem - 100% de dedo curto 
 
 
 
 
Gametas D1 D2 
D1 D1 D1 D1D2 
D1 D1 D1 
 D1 D2 
 
 
 
22) O tipo de pena em galinha é uma característica limitada pelo sexo, controlada por 
um único gene. Os machos apresentam pena-de-galo (recessivo) ou pena-de-galinha 
(dominante). Todas as fêmeas apresentam penas-de-galinha, independentemente do seu 
genótipo. Qual é a PF esperada na geração F1 do cruzamento entre duas aves heterozigotas: 
 
a) considerando-se o sexo 
 – Casal: Hh ( macho) x Hh (fêmea) 
- Descendentes: 
 
 
 
 
- Macho ( HH + Hh): (1\4 x 1\2) + (2\4 x 1\2)= 3\8 ( 
plumagem de fêmea) 
- Macho ( hh): (1\4 x 1\2)= 1\8 ( plumagem de macho) 
- Fêmea (HH + Hh + hh): (1\4 x 1\2) + (2\4 x 1\2) + (1\4 x 1\2)= 4\8 ( plumagem de 
fêmea) 
 
 b) excluindo-se o sexo? 
hh: 1\8 de plumagem de macho 
HH e Hh: 7\8 de plumagem de fêmea 
 
23) Um gene dominante limitado ao sexo é conhecido como causador da calvície 
prematura nos homens, porém não tem efeito nas mulheres. 
 C-: Calvície prematura 
 cc: Normal 
a) Que proporção dos descendentes machos, de pais que são ambos heterozigotos, pode-se 
prever que serão calvos prematuramente? 
- Casal: Cc x Cc 
- Descendentes: 3\4 (C_ calvície prematura) e 1\4 (cc Normal) 
b) Que proporção de todos os descendentes deste casal pode-se prever que terá calvície 
prematura? 
3\4 (C_ - calvície prematura) x 1\2(♂)= 3\8 
 
Gametas H h 
H H H H h 
h H h h h