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AULA ATIVIDADE TUTOR AULA ATIVIDADE TUTOR AULA ATIVIDADE TUTOR Disciplina: Cálculo Diferencial e Integral III Teleaula: 03 Título: Equações Diferenciais Ordinárias Prezado(a) tutor(a), A aula atividade tem a finalidade de promover o autoestudo das competências e conteúdos relacionados à Unidade de Ensino: Equações Diferenciais Ordinárias. Oriente os alunos seguindo todas as orientações indicadas e estimule-os a tirar as dúvidas que surgirem. Bom trabalho! Resolução de exercícios Questão 1 A determinação de soluções para as equações diferenciais ordinárias é fundamental para a resolução de problemas modelados por esses tipos de equações. Em relação a esse tema, para cada um dos itens a seguir, verifique se a função 𝑓 corresponde à solução da equação diferencial ordinária correspondente: a) 2𝑦′ + 𝑦 = 0 e a função 𝑓(𝑥) = 𝑒− 𝑥 2 b) (𝑦′)3 + 𝑥𝑦′ = 𝑦 e a função 𝑓(𝑥) = 𝑥 ln(𝑥) c) 𝑥𝑦′ − 𝑦 = 𝑥 e a função 𝑓(𝑥) = 𝑥 + 1 Gabarito: a) Tomando a função 𝑓 temos que: 𝑓(𝑥) = 𝑒− 𝑥 2 → 𝑓′(𝑥) = − 1 2 𝑒− 𝑥 2 Desse modo, substituindo 𝑦 = 𝑓(𝑥) no primeiro membro da EDO obtemos: AULA ATIVIDADE TUTOR 2(𝑓′(𝑥)) + 𝑓(𝑥) = 2 (− 1 2 𝑒− 𝑥 2) + 𝑒− 𝑥 2 = −𝑒− 𝑥 2 + 𝑒− 𝑥 2 = 0 Logo, a função 𝑓 é solução da EDO. b) Considerando a função 𝑓 temos que: 𝑓(𝑥) = 𝑥 ln(𝑥) → 𝑓′(𝑥) = ln(𝑥) + 𝑥 ⋅ 1 𝑥 = ln(𝑥) + 1 Substituindo 𝑦 = 𝑓(𝑥) no primeiro membro da EDO obtemos: (𝑓′(𝑥)) 3 + 𝑥(𝑓′(𝑥)) = (ln(𝑥) + 1)3 + 𝑥(ln(𝑥) + 1) = (ln(𝑥) + 1)3 + 𝑥 ln(𝑥) + 𝑥 ≠ 1 + 𝑥 ln(𝑥) Assim, a função 𝑓 não é solução da EDO. c) Considerando a função 𝑓 temos que: 𝑓(𝑥) = 𝑥 + 1 → 𝑓′(𝑥) = 1 Assim, substituindo 𝑦 = 𝑓(𝑥) no primeiro membro da EDO obtemos: 𝑥(𝑓′(𝑥)) − 𝑓(𝑥) = 𝑥 ⋅ 1 − (𝑥 + 1) = 𝑥 − 𝑥 + 1 = 1 ≠ 𝑥 Portanto, a função 𝑓 não é solução da EDO. Questão 2 Um dos procedimentos necessários para a resolução de uma equação diferencial ordinária consiste na classificação da equação, visto que a identificação do método de resolução adequado envolve a identificação das principais características da equação em estudo. Em relação a esse tema, classifique as seguintes equações quanto à ordem e à linearidade: a) 𝑥2 𝑑2𝑦 𝑑𝑥2 + 𝑥 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 2𝑦 = cos(𝑥) b) 𝑑𝑧 𝑑𝑡 + 𝑡2𝑧 = 0 c) 𝑑3𝑦 𝑑𝑥3 − 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 𝑒𝑥+𝑦𝑦 = 0 d) 𝑑4𝑤 𝑑𝑢4 + 2 𝑑2𝑤 𝑑𝑢2 − 3 𝑑𝑤 𝑑𝑢 = 𝑢 AULA ATIVIDADE TUTOR Gabarito: a) A equação diferencial ordinária 𝑥2 𝑑2𝑦 𝑑𝑥2 + 𝑥 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 2𝑦 = cos(𝑥) pode ser classificada como linear e de 2ª ordem. b) A equação diferencial ordinária 𝑑𝑧 𝑑𝑡 + 𝑡2𝑧 = 0 pode ser classificada como linear e de 1ª ordem. c) A equação diferencial ordinária 𝑑3𝑦 𝑑𝑥3 − 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 𝑒𝑥+𝑦𝑦 = 0 pode ser classificada como não linear e de 3ª ordem. d) A equação diferencial ordinária 𝑑4𝑤 𝑑𝑢4 + 2 𝑑2𝑤 𝑑𝑢2 − 3 𝑑𝑤 𝑑𝑢 = 𝑢 pode ser classificada como linear e de 4ª ordem. Questão 3 No estudo das equações diferenciais ordinárias de 1ª ordem, de acordo com as características da equação, podemos aplicar diferentes métodos de obtenção da solução, dentre os quais podemos destacar o método das equações separáveis, dos fatores integrantes e das equações exatas. Com base nesse tema, determine a solução geral para cada uma das seguintes equações, identificando em cada item o método que pode ser aplicado para esse fim: 𝑎) 𝑦′ − 2𝑦 = 4 − 𝑡 b) 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑥2 1 − 𝑦2 c) 2𝑥 + 𝑦2 + 2𝑥𝑦𝑦′ = 0 Gabarito: a) A EDO 𝑦′ − 2𝑦 = 4 − 𝑡 pode ser resolvida por meio do método dos fatores integrantes. Para esse caso, o fator integrante é dado por 𝜇(𝑡) = 𝑒−2𝑡, pois 𝑃(𝑡) = −2. Assim, 𝑦′𝑒−2𝑡 − 2𝑦𝑒−2𝑡 = (4 − 𝑡)𝑒−2𝑡 𝑑 𝑑𝑡 (𝑦𝑒−2𝑡) = 4𝑒−2𝑡 − 𝑡𝑒−2𝑡 Integrando a equação obtida em relação a 𝑡 obtemos: AULA ATIVIDADE TUTOR 𝑦𝑒−2𝑡 = ∫(4𝑒−2𝑡 − 𝑡𝑒−2𝑡) 𝑑𝑡 = −2𝑒−2𝑡 + 1 2 𝑡𝑒−2𝑡 + 1 4 𝑒−2𝑡 = − 7 4 𝑒−2𝑡 + 1 2 𝑡𝑒−2𝑡 + 𝐶 𝑦 = − 7 4 𝑒−2𝑡 ⋅ 𝑒2𝑡 + 1 2 𝑡𝑒−2𝑡 ⋅ 𝑒2𝑡 + 𝐶 ⋅ 𝑒2𝑡 Desta forma, a solução da EDO é dada por 𝑦(𝑡) = − 7 4 + 1 2 𝑡 + 𝐶𝑒2𝑡 em que 𝐶 ∈ ℝ. b) A EDO 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑥2 1−𝑦2 pode ser resolvida por meio do método das equações separáveis. Note que 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑥2 1 − 𝑦2 → (1 − 𝑦2) 𝑑𝑦 = 𝑥2 𝑑𝑥 Integrando ambos os membros da última expressão obtida temos 𝑦 − 1 3 𝑦3 = 1 3 𝑥3 + 𝑘 → 3𝑦 − 𝑦3 = 𝑥3 + 3𝑘 → −𝑥3 + 3𝑦 − 𝑦3 = 𝑐 Desta forma, a solução da EDO é dada implicitamente por −𝑥3 + 3𝑦 − 𝑦3 = 𝑐 em que 𝑐 ∈ ℝ. c) A EDO dada por 2𝑥 + 𝑦2 + 2𝑥𝑦𝑦′ = 0 pode ser resolvida por meio do método das equações exatas. Da equação: (2𝑥 + 𝑦2) + (2𝑥𝑦)𝑦′ = 0 temos 𝑀(𝑥, 𝑦) = 2𝑥 + 𝑦2 e 𝑁(𝑥, 𝑦) = 2𝑥𝑦, as quais são contínuas. Nesse caso, observe que: 𝜕𝑀 𝜕𝑦 = 2𝑦 = 𝜕𝑁 𝜕𝑥 o que justifica o emprego do método das equações exatas. Assim, teremos que a solução 𝐹 = 𝐹(𝑥, 𝑦) é tal que: 𝜕𝐹 𝜕𝑥 = 2𝑥 + 𝑦2 e 𝜕𝐹 𝜕𝑦 = 2𝑥𝑦 Integrando 𝜕𝐹 𝜕𝑥 em relação à 𝑥 obtemos: 𝐹(𝑥, 𝑦) = ∫(2𝑥 + 𝑦2) 𝑑𝑥 = 𝑥2 + 𝑥𝑦2 + ℎ(𝑦) AULA ATIVIDADE TUTOR Derivando 𝐹 em relação à 𝑦 e comparando com 𝜕𝐹 𝜕𝑦 segue que: 𝜕𝐹 𝜕𝑦 = 𝜕 𝜕𝑦 (𝑥2 + 𝑥𝑦2 + ℎ(𝑦)) = 2𝑥𝑦 + ℎ′(𝑦) = 2𝑥𝑦 Sendo ℎ′(𝑦) = 0 então ℎ(𝑦) = 𝐶1. Desta forma, 𝐹(𝑥, 𝑦) = 𝑥2 + 𝑥𝑦2 + 𝐶1 → 𝐶 = 𝑥 2 + 𝑥𝑦2 + 𝐶1 → 𝑥 2 + 𝑥𝑦2 = 𝐾 Desta forma, a solução da EDO é dada implicitamente por 𝑥2 + 𝑥𝑦2 = 𝐾 em que 𝐾 ∈ ℝ. Questão 4 (Adaptado de ZILL, 2016, p.66) Um marca-passo cardíaco corresponde em um circuito elétrico no qual estão presentes uma chave, uma bateria de tensão constante 𝐸0, um capacitor com capacitância constante 𝐶 e, nesse sistema, o coração do paciente atua como um resistor com resistência constante 𝑅. Quando a chave é fechada, o capacitor se carrega, e quando a chave é aberta, o capacitor se descarrega, enviando um estímulo elétrico para o coração. Durante o tempo em que o coração é estimulado, a tensão 𝐸 em todo o coração satisfaz a equação diferencial linear 𝑑𝐸 𝑑𝑡 = − 1 𝑅𝐶 𝐸 Determine a solução para a equação anterior considerando a condição 𝐸(4) = 𝐸0. Gabarito: Note que a equação 𝑑𝐸 𝑑𝑡 = − 1 𝑅𝐶 𝐸 consiste em uma equação diferencial ordinária linear de 1ª ordem, visto que 𝑅 e 𝐶 são constantes associadas ao circuito elétrico em estudo. Devido às características da equação, podemos resolvê-la empregando o método das equações separáveis. Para isso, podemos reescrever a equação na forma: 1 𝐸 ⋅ 𝑑𝐸 = − 1 𝑅𝐶 ⋅ 𝑑𝑡 Integrando ambos os membros em relação às variáveis correspondentes obtemos: ln|𝐸| = − 1 𝑅𝐶 𝑡 + 𝑐1 AULA ATIVIDADE TUTOR Além disso, observe que: 𝑒ln|𝐸| = 𝑒− 1 𝑅𝐶 𝑡+𝑐1 = 𝑒− 1 𝑅𝐶 𝑡 ⋅ 𝑒𝑐1 = 𝑒− 1 𝑅𝐶 𝑡 ⋅ 𝑐2 𝐸(𝑡) = ±𝑐2𝑒 − 1 𝑅𝐶 𝑡 𝐸(𝑡) = 𝐾𝑒− 1 𝑅𝐶 𝑡 Considerando a condição 𝐸(4) = 𝐸0 obtemos: 𝐸0 = 𝐾𝑒 − 4 𝑅𝐶 𝐾 = 𝐸0 𝑒− 4 𝑅𝐶 𝐾 = 𝐸0𝑒 4 𝑅𝐶 Logo, a solução para o problema é dada por: 𝐸(𝑡) = 𝐸0𝑒 4 𝑅𝐶𝑒− 1 𝑅𝐶 𝑡 = 𝐸0𝑒 ( 4 𝑅𝐶 − 1 𝑅𝐶 𝑡) 𝐸(𝑡) = 𝐸0𝑒 (4−𝑡) 𝑅𝐶⁄ Questão 5 Considere o problema de valor inicial definido a seguir: { 4𝑦′′ − 8𝑦′ + 3𝑦 = 0 𝑦(0) = 2 𝑦′(0) = 1 2 Note que esse problema envolve uma equação diferencial ordinária de 2ª ordem com coeficientes constantes. Assim, para a obtenção da solução pode ser empregado o método envolvendo a identificação das raízes da equação característica. Diante desse tema, responda: a) Determine a solução geral para a EDO apresentada. b) Determine a solução particular para o problema de valor inicial, considerando as condições iniciais apresentadas. Gabarito: a) Considere a EDO: 4𝑦′′ − 8𝑦′ + 3𝑦 = 0 Supondo 𝑦 = 𝑒𝑟𝑡 soluçãoda EDO apresentada, temos: 4(𝑟2𝑒𝑟𝑡) − 8(𝑟𝑒𝑟𝑡) + 3𝑒𝑟𝑡 = 0 → 𝑒𝑟𝑡(4𝑟2 − 8𝑟 + 3) = 0 AULA ATIVIDADE TUTOR Assim, obtemos a equação característica: 4𝑟2 − 8𝑟 + 3 = 0 cujas soluções são: 𝑟 = 3 2 e 𝑟 = 1 2 ou seja, duas raízes reais distintas. Desta forma, a solução geral da EDO em estudo é dada por 𝑦(𝑡) = 𝐶1𝑒 3𝑡 2⁄ + 𝐶2𝑒 𝑡 2⁄ b) Do problema de valor inicial sabemos que 𝑦(0) = 2 e 𝑦′(0) = 1 2 . Como: 𝑦(𝑡) = 𝐶1𝑒 3𝑡 2⁄ + 𝐶2𝑒 𝑡 2⁄ 𝑦′(𝑡) = 3 2 𝐶1𝑒 3𝑡 2⁄ + 1 2 𝐶2𝑒 𝑡 2⁄ então: 2 = 𝑦(0) = 𝐶1 + 𝐶2 1 2 = 𝑦′(0) = 3 2 𝐶1 + 1 2 𝐶2 Logo, das condições apresentadas temos o sistema de equações lineares: { 𝐶1 + 𝐶2 = 2 3 2 𝐶1 + 1 2 𝐶2 = 1 2 ou ainda, { 𝐶1 + 𝐶2 = 2 3𝐶1 + 𝐶2 = 1 o que implica em 𝐶1 = − 1 2 e 𝐶2 = 5 2 . Portanto, a solução do problema de valor inicial é dada por 𝑦(𝑡) = − 1 2 𝑒3𝑡 2⁄ + 5 2 𝑒𝑡 2⁄ Questão 6 Seja o problema de valor inicial apresentado no que segue: AULA ATIVIDADE TUTOR { 𝑑2𝑦 𝑑𝜃2 + 𝑦 = 0 𝑦(𝜋 3⁄ ) = 0 𝑦′(𝜋 3⁄ ) = 1 2 Resolva o problema de valor inicial apresentado, determinando uma solução particular obtida a partir do emprego das condições iniciais indicadas no problema. Observação: o estudo dos ângulos e das funções trigonométricas associadas deve ser realizado adotando a unidade de medida radiano. Gabarito: Considere a EDO 𝑦′′ + 𝑦 = 0, pois sabemos que 𝑑2𝑦 𝑑𝜃2 pode ser reescrito como 𝑦′′(𝜃). 𝑦′′ + 0 ⋅ 𝑦′ + 𝑦 = 0 Supondo 𝑦 = 𝑒𝑟𝑡 solução da EDO apresentada, temos: (𝑟2𝑒𝑟𝑡) + 0 + 𝑒𝑟𝑡 = 0 → 𝑒𝑟𝑡(𝑟2 + 1) = 0 Assim, obtemos a equação característica 𝑟2 + 1 = 0, cujas soluções são complexas conjugadas na forma 𝑟 = ±𝑖 = 0 ± 𝑖. Desta forma, a solução geral da EDO em estudo é dada por: 𝑦(𝑡) = 𝐶1𝑒 0𝑡 cos(1 ⋅ 𝑡) + 𝐶2𝑒 0𝑡 sen(1 ⋅ 𝑡) isto é, 𝑦(𝑡) = 𝐶1 cos(𝑡) + 𝐶2 sen(𝑡) Calculando a derivada de 𝑦 obtemos: 𝑦′(𝑡) = −𝐶1 sen(𝑡) + 𝐶2 cos(𝑡) Aplicando as condições iniciais 𝑦 ( 𝜋 3 ) = 0 e 𝑦′ ( 𝜋 3 ) = 1 2 segue que: 0 = 𝑦 ( 𝜋 3 ) = 𝐶1 cos ( 𝜋 3 ) + 𝐶2 sen ( 𝜋 3 ) = 𝐶1 cos ( 𝜋 3 ) + 𝐶2 sen ( 𝜋 3 ) = 1 2 𝐶1 + √3 2 𝐶2 1 2 = 𝑦′ ( 𝜋 3 ) = −𝐶1 sen ( 𝜋 3 ) + 𝐶2 cos ( 𝜋 3 ) = − √3 2 𝐶1 + 1 2 𝐶2 Sendo assim, temos o sistema: { 1 2 𝐶1 + √3 2 𝐶2 = 0 − √3 2 𝐶1 + 1 2 𝐶2 = 1 2 ou ainda, AULA ATIVIDADE TUTOR { 𝐶1 + √3𝐶2 = 0 −√3𝐶1 + 𝐶2 = 1 cujas soluções são 𝐶1 = − √3 4 e 𝐶2 = 1 4 . Portanto, a solução para o problema é: 𝑦(𝑡) = − √3 4 cos(𝑡) + 1 4 sen(𝑡) Construindo um Padlet colaborativo As equações diferenciais ordinárias podem ser utilizadas para modelar diferentes tipos de fenômenos, desde os sistemas massa-mola até problemas envolvendo a relação predador-presa. Assim, elas se fazem presentes em diferentes áreas do conhecimento, mas principalmente no campo das Engenharias. Para contribuir com o estudo desse tema, faremos a construção de um Padlet colaborativo, de tal forma a enriquecer o aprendizado a respeito das equações diferenciais ordinárias, também referenciadas pela sigla EDOs. Inicialmente acesse o endereço: https://padlet.com/alessandra_barba/oif9ibxvsb68c40d (acesso em 21 jun. 2022). O Padlet também pode ser acessado via smartphones por meio do aplicativo correspondente. Nesse espaço você poderá compartilhar informações diversas a respeito das EDOs. Participe com a inclusão de curiosidades, aplicações das EDOs, propostas de exercícios, vídeos para estudo, entre outros materiais interessantes para o estudo das equações diferenciais ordinárias. Além disso, faça sua contribuição apresentando as resoluções para os exercícios propostos pelos colegas e/ou analisando as resoluções apresentadas e propondo correções, caso seja necessário. Vamos tornar esse Padlet um espaço colaborativo de estudos! Participe! https://padlet.com/alessandra_barba/oif9ibxvsb68c40d AULA ATIVIDADE TUTOR Oriente os alunos a participarem ativamente da construção do Padlet, com a inserção de materiais interessantes e que estejam coerentes com a proposta, contribuindo positivamente para a aprendizagem individual e coletiva. Os alunos podem pesquisar materiais em diferentes fontes para a construção do Padlet, mas sugira a eles que utilizem fontes confiáveis, como livros, páginas de faculdades ou universidades, revistas e artigos científicos, entre outros, sempre indicando as fontes de pesquisa utilizadas conforme as normas da ABNT.
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