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Tiago Lima - Instagram: @professor_disciplinas_exatas / WhatsAPP: (71) 9927-17449 Visite meu perfil e/ou meu grupo no site Passei Direto, confira mais questões ou deixe alguma no grupo para ser resolvida: Perfil - https://www.passeidireto.com/perfil/tiago-pimenta/ Grupo - https://www.passeidireto.com/grupos/109427150/publicacoes Calcule a integral dupla dada pela equação: 2x - y dA R ∫ ∫ 2 Sabendo que é uma região triângular compreendida pelas retasR y = -x + 1, y = x + 1 e y = 3 Resolução: Primeiro, devemos encontrar a região para definir os limites de integração. R Se nas 2 primeiras equações;y = 0 0 = -x + 1 -x + 1 = 0 -x = -1 ⋅ -1 x = 1 intercessão com x→ → ( ) ( ) → → 0 = x + 1 x + 1 = 0 x = -1 intercessão com x→ → → Se nas 2 primeiras equações;x = 0 y = -0 + 1 y = 1 intercessão com y→ → y = 0 + 1 y = 1 intercessão com y→ → representa uma reta paralela ao que toca o eixo em .y = 3 x y 3 Agora, vamos encontrar onde as retas se crusam igualando-as; -x + 1 = x + 1 -x - x = 1 - 1 -2x = 0 x = x = 0 as retas se crusam quando→ → → 0 -2 → → x é zero 3 = -x + 1 -x + 1 = 3 -x = 3 - 1 -x = 2 ⋅ -1 x = -2 as retas se crusam→ → → ( ) ( ) → → quando x é igual a - 2 3 = x + 1 x + 1 = 3 x = 3 - 1 x = 2 as retas se crusam→ → → → quando x é igual a 2 Com essas informações, podemos montar o gráfico da região de integração , como visto R posteriormente; Perceba que, pela simetria da figura, a divisão da região pelo eixo forma 2 regiões iguais;R y Assim, vamos achar a integral para o volume de metade da região e multiplicar por 2. Como as curvas estão em função de : o limite de integração vai de a em e de x 0 2 x y = -x + 1 até , ou seja, vai dá curva de baixo até a curva de cima em (Obs.: poderiamos y = 3 y colocar as curvas em função de e ter outros limites de integração, porém, neste caso, y tornaria o cálculo mais trabalhoso), assim, a integral dupla sobre a região deve ser como R visto a seguir; I = 2 2x - y dydx 2 0 ∫ 3 ∫ -x + 1 2 Resolvendo a integral dupla definida; V = 2 6x - 3 - 2x -x + 1 + dx = 2 6x - 9 + 2x - 2x + dx 2 0 ∫ 2 ( ) -x + 1 3 ( )3 2 0 ∫ 2 -x + 1 3 ( )3 V = 2 2xy - dy = 2 2x ⋅ 3 - - 2x -x + 1 - 2 0 ∫ y 3 3 3 -x + 1 2 0 ∫ 3 3 3 ( ) -x + 1 3 ( )3 2 V = 2 2x + 4x - 9 + dx = 2 ⋅ + - 9x + 2 0 ∫ 2 -x + 1 3 ( )3 2x 3 3 2 0 4x 2 2 2 0 2 0 2 0 ∫ -x + 1 3 ( )3 2 V = 2 ⋅ + 2x - 9x + dx 2x 3 3 2 0 2 2 0 2 0 2 0 ∫ -x + 1 3 ( )3 Vamos resolver a integral que sobrou separadamente, em sua forma indefinida; dx, u = - x + 1 du = -dx∫ -x + 1 3 ( )3 → -dx = du ⋅ -1 dx = -du( ) ( ) → Substituindo e resolvendo dx = -du = - du = - + c→∫ -x + 1 3 ( )3 ∫u 3 3 ( ) ∫u 3 3 u 4 ⋅ 3 4 dx = - + c∫ -x + 1 3 ( )3 -x + 1 12 ( )4 Voltando, temos que o volume é; V = 2 ⋅ + 2x - 9x - 2x 3 3 2 0 2 2 0 2 0 -x + 1 12 ( )4 2 0 I = - 28 3 (OBS.: Como o valor da integral resultou em um valor nagativo, o volume defido pela região e a curva está abaixo do eixo ) z I = 2 ⋅ - + 2 ⋅ 2 - 2 ⋅ 0 + -9 ⋅ 2 - -9 ⋅ 0 + - - -2 ⋅ 2 3 3 2 ⋅ 0 3 3 2 2 ( ( )) -2 + 1 12 ( )4 -0 + 1 12 ( )4 00 0 I = 2 ⋅ + 2 ⋅ 4 - 18 - + = 2 ⋅ + 8 - 18 - + 2 ⋅ 8 3 -1 12 ( )4 1 12 ( )4 16 3 1 12 1 12 I = 2 ⋅ - 10 = 2 ⋅ = 2 ⋅ 16 3 16 - 30 3 -14 3 (Resposta )
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