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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Primeira Avaliação a Distância de Álgebra Linear I - 02/03/2015 Gabarito 1ª Questão. ( )0.2 (a) ( )0.1 Determine a inversa de − = 41 23 A (b) ( )0.1 Use a inversa da matriz, do item (a), para resolver o sistema =+ =− 24 623 yx yx . Solução. (a) Temos que .014det ≠=A Portanto, A é inversível e . 31 24 14 1 14 3 14 1 7 1 7 2 1 = − = − −A (b) Esse sistema é equivalente a ,bAv = de modo que == − bAv 1 2 0 2 2 6 14 3 14 1 7 1 7 2 =⇒ = − x e .0=y 2ª Questão. ( )0.2 Verifique se as afirmações abaixo são verdadeiras ou falsas: a) ( )0.1 22))(( BABABA −=+− quaisquer que sejam A e B matrizes quadradas de mesma ordem. Solução. A igualdade é falsa. Observe que: 22 BBAABA)BA)(BA( −−+=+− , logo a igualdade acima será válida se BAAB = , o que nem sempre é verdadeiro. Mas para mostrar que uma afirmação é falsa, é suficiente exibir pelo menos um exemplo onde esta afirmação falha, ou seja, apresentar um contra exemplo. Então, considere − = = 13 01 10 11 BeA . Verificamos que = ≠ − =+− 00 20 30 43 ))(( BABA .BA 22 − b) ( )5.0 Sejam A , B e C matrizes quadradas de mesma ordem. Se B é inversível e CBAB = , então CA = . Solução. A afirmação é verdadeira. Neste caso, não é suficiente apresentar um exemplo que verifique, pois para mostrar que a implicação é verdadeira, precisamos mostrar que é válida para quaisquer matrizes A , B e C nas condições acima. Seja 1−B a inversa de B, .).().()()( 1111 CABBCBBABCBBABCBAB =⇒=⇒=⇒= −−−− c) ( )5.0 )det()det()det( BABA +=+ quaisquer que sejam A e B matrizes quadradas de mesma ordem. Solução. A afirmação é falsa. Sejam = 10 10 A e − − = 10 01 B . − =+ 00 11 BA , 0)det( =+ BA e .110)det()det( =+=+ BA 3ª Questão. ( )5.1 Aplique operações elementares para determinar a inversa da matriz − = 224 301 200 A . Solução. ↔ − = 100224 010301 001200 )(AI ↔ − 001200 100224 010301 ↔ −−− 001200 1401020 010301 ↔ − 001200 20510 010301 2 1 ↔ − 00100 20510 010301 2 1 2 1 . 00100 2010 01001 2 1 2 1 2 5 2 3 −− − Como A é equivalente a I, A é inversível e = −− − − 00 2 01 2 1 2 1 2 5 2 3 1A . 4ª Questão. ( )0.1 Verifique se o subconjunto { }1/),,( 3 ==ℜ∈= zeyxzyxS é um subespaço vetorial do .3ℜ Justifique sua resposta. Solução. Observe que os vetores ( )1,3,3− e ( )1,3,3 são elementos de S. No entanto a adição destes vetores nos fornece o vetor (6,0,2), que não é um elemento de S. Logo a adição não é fechada em S, o que implica que S não é um subespaço vetorial do .3ℜ 5ª Questão. ( )0.1 Mostre que o subconjunto ( ){ }zyxzyxS +=ℜ∈= |,, 3 é um subespaço do espaço vetorial de 3ℜ relativamente às operações de adição e multiplicação por escalar usuais. Solução. S é subespaço. S não é vazio, (0,0,0) pertence à S, pois, 0 = 0 + 0. E as duas condições abaixo são satisfeitas. (i) Se (a, b, c) e (e, f, g) são elementos de S ⇒ a = b + c e e = f + g ⇒ a + e = (b + c) + (f + g) = (b + f) + (c + g) ⇒ (a, b, c) + (e, f, g) = (a + e, b + f, c + g) é um elemento de S. (ii) Se (a, b, c) é um elemento de S e α um escalar, a = b + c e α.a = α.b + α.c, ou seja, (αa, αb, αc) é um elemento de S. 6ª Questão. ( )5.1 Determine o valor de k de modo que o vetor ( )3,,0 ku = em 3ℜ seja combinação linear dos vetores ( )0,2,3−=v e ( )1,2,1 −=w ? Solução. Faça ( ) aku == 3,,0 ( ) b+− 0,2,3 ( ) ( )bbaba −+−+=− ,22,31,2,1 Forme o sistema =− =+− =+ 3 22 03 b kba ba . Da primeira e da terceira equação, 1=a e .3−=b Substituindo na segunda equação obtemos 8−=k . 7ª Questão. ( )0.1 Mostre que os vetores ( )1,1=u e ( )1,0=v geram o .2ℜ Solução. Seja ( )yx, um vetor qualquer do .2ℜ Observe que ( ) ( ) ( )( )1,01,1, xyxyx −+= . Ou seja, qualquer vetor do 2ℜ é combinação linear dos vetores dados. Logo, os vetores u e v geram o 2ℜ .
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