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CÁLCULO I 2023 - 1º Semestre Lista de Exercícios 8 Questão 1. Dada a função f(x) = x2 · cos(x 2 ). Encontre a aproximação linear de f(x) em torno de x = π e x = 2π. Solução: Usando a regra da cadeia e do produto, temos que f ′(x) = 2x · cos (x 2 ) − x2 · sen(π 2 ) 2 . Assim, f ′(π) = −π 2 2 . Lembre que a aproximação linear em torno de um ponto x0 é dada por L(x) = f(x0) + f ′(x0)(x− x0). Portanto, a aproximação linear em torno de π é L(x) = π3 2 − π 2 · x 2 . Por outro lado, veja que f ′(2π) = −4π. Logo, a aproximação linear em torno de 2π é L(x) = 4π2 − 4π · x. Questão 2. Utilize aproximações lineares locais para encontrar aproximações dos seguintes valores: a) y = √ 38. b) y = ln(0, 9). c) y = cosh(1 4 ). Dica: Para usar aproximação linear precisamos definir uma função onde os itens acima pertençam ao conjunto imagem. Solução: a) Veja que podemos usar f(x) = √ x pois √ 38 é imagem de x = 38 que pertence ao domínio da função. Note também que a uma raiz conhecida mais próxima é√ 36 = 6, logo, faremos uma aproximação linear em torno de x = 36. Como f ′(x) = 1 2 √ x ⇒ f ′(36) = 1 12 , 1 Universidade Federal do Pará Cálculo I Lista de Exercícios 8 então L(x) = x 12 + 3. Assim, √ 38 ≈ L(38) = 38 + 36 12 = 37 6 ⇒ √ 38 ≈ 6, 16. b) Podemos utilizar a função f(x) = ln(x) pois 0, 9 > 0 pertence ao seu domínio. Perceba que 0, 9 está próximo de 1 e sabemos que ln(1) = 0. Como f ′(x) = 1 x ⇒ f ′(1) = 1, então L(x) = x− 1. Assim ln(0, 9) ≈ L(0, 9) ⇒ ln(0, 9) ≈ −0, 10. c) Podemos definir a função f(x) = cosh(x) pois 1 4 ∈ Df . Como 1 4 está próximo de 0, podemos trabalhar a aproximação linear em torno de x = 0, pois sabemos que cosh(0) = 1. Como f ′(x) = senh(x) ⇒ f ′(0) = 0 então L(x) = 1. Assim cosh ( 1 4 ) ≈ L ( 1 4 ) ⇒ cosh ( 1 4 ) ≈ 1. Perceba que para qualquer x suficientemente próximo de zero, temos f(x) ≈ 1. Questão 3. Verifique os itens abaixo, indique a indeterminação e utilize a regra de L’Hospital, quando possível, para determinar os limites. a) lim x→3 x4 − 3x3 + 2x− 6 x2 + 3x− 18 . b) lim x→0− 1 x − 1 cos(x+ π 2 ) . c) lim x→+∞ ln(x) 5− 2x . Solução: 2 Cálculo I Lista de Exercícios 8 a) Veja que se substituirmos 3 na função dada obteremos uma indeterminação do tipo 0 0 , logo, podemos aplicar L’Hospital. lim x→3 x4 − 3x3 + 2x− 6 x2 + 3x− 18 = lim x→3 4x3 − 9x2 + 2 2x+ 3 = 29 9 . b) Ao substituirmos x por valores próximos de zero pela esquerda obtemos lim x→0− 1 x − 1 cos(x+ π 2 ) = −∞. Assim, não podemos aplicar a regra de L’Hospital. No entanto, perceba que 1 x − 1 cos(x+ π 2 ) = cos(x+ π 2 )− x x · cos(x+ π 2 ) . Assim lim x→0− 1 x − 1 cos(x+ π 2 ) = lim x→0− cos(x+ π 2 )− x x · cos(x+ π 2 ) = 0 0 . Desta forma podemos aplicar a regra de L’Hospital, portanto lim x→0− cos(x+ π 2 )− x x · cos(x+ π 2 ) = lim x→0− − sen(x+ π 2 )− 1 cos(x+ π 2 )− x · sen(x+ π 2 ) = −∞. c) Quando tendemos x para +∞ obtemos uma indeterminação do tipo +∞ −∞ , o que nos permite aplicar a regra de L’Hospital. Portanto lim x→+∞ ln(x) 5− 2x = lim x→+∞ 1 x −2 = 0. Questão 4. Uma viga com 30m de comprimento está apoiada em uma parede e o seu topo está se deslocando para baixo a uma velocidade de 0, 5m/s. Qual será a taxa de variação da medida do ângulo agudo formado pela viga e pelo chão quando o topo da viga estiver a 18m do chão? Forneça a resposta com precisão de 4 casas decimais. Solução: Fazendo um esboço do problema, podemos chegar a seguinte relação: tg(θ) = h√ 302 − h2 . Agora, derivando de ambos lados em relação ao tempo t d dt (tg(θ)) = d dt ( h√ 302 − h2 ) sec2(θ) · dθ dt = dh dt · √ 302 − h2 − h · −2h 2 √ 302 − h2 · dh dt 302 − h2 . 3 Cálculo I Lista de Exercícios 8 Sabe-se que h = 18, dh dt = −0, 5 e sec(θ) = 30√ 302 − 182 . Dessa forma, pode-se calcular dθ dt quando h = 18 substituindo esses valores na expressão acima, assim ( 30√ 302 − 182 )2 · dθ dt = −0, 5 · √ 302 − 182 − 18 · −2 · 18 2 √ 302 − 182 · (−0, 5) 302 − 182 dθ dt = −0, 0208rad/s. Solução 2: sen(θ) = h 30 d dt (sen(θ)) = d dt ( h 30 ) cos(θ) · dθ dt = 1 30 · dh dt Sabendo que θ = arcsen ( h 30 ) e dh dt = −0, 5. Quando h = 18 o valor do ângulo θ será: θ = arcsen ( 18 30 ) = 0, 6435. Portanto, basta substituir os valores de θ e dh dt , assim cos(0, 6435) · dθ dt = 1 30 · (−0, 5) dθ dt = −0, 0208 rad/s. Questão 5. A medida da resistência elétrica R de um fio é proporcional à medida L de seu comprimento e inversamente proporcional ao quadrado da medida x de seu diâmetro. Suponha que a resistência de um fio de um determinado comprimento seja calculada a partir da medida de seu diâmetro, com um erro possível de 2%. Ache o erro percentual possível no cálculo do valor da resistência. Solução: Sabe-se que a resistência pode ser escrita como R = k L x2 . Calculando a derivada de R em relação a x R′ = −2kL x3 . Calculando a diferencial ∆R = −2kL x3 · 0, 02x = −0, 04kL x2 . O erro será dado por Erro = −0, 04kL x2 kL x2 Erro = −0, 04. 4 Cálculo I Lista de Exercícios 8 Portanto, o possível erro percentual no cálculo do valor da resistência será de 4%. Questão extra: Um triângulo retângulo variável ABC no plano XOY tem o ângulo reto no vértice B, o vértice A fixo na origem e o terceiro C obrigado a per- manecer sobre a parábola y = 1 + 7 36 x2. O ponto B parte do ponto (0,1) em t = 0 e se desloca no semieixo positivo OY com velocidade constante de 2m/s. Com que rapidez varia a área do triângulo em t = 7 2 s? (Todas variáveis estão no S.I) Solução: A área do triângulo formada pelos vértices ABC será dada por A = xy 2 . Podemos colocar x em função de y y = 1 + 7x2 36 x = √ 36(y − 1) 7 . A função A(y) = y · x(y) 2 será A(y) = y √ 36(y − 1) 7 2 . Derivando em relação a t de ambos os lados d dt (A(y)) = d dt ( y 2 · √ 36(y − 1) 7 ) dA dy · dy dt = 1 2 · dy dt · √ 36(y − 1) 7 + y 2 · 1 2 √ 36(y − 1) 7 · 36 7 · dy dt . Sabe-se que dy dt = 2 e y = 1 + 2t. Quando t = 7 2 , y = 8. Para encontrar dA dt ∣∣ t= 7 2 , basta encontrar dA dy ∣∣∣ y=8 . Diante disso, ( dA dy ∣∣∣∣ y=8 ) · 2 = 1 2 · 2 · √ 36(8− 1) 7 + 8 2 · 36 2 · √ 36(8− 1) 7 · 36 7 · 2 dA dy ∣∣∣∣ y=8 = 33 7 Sabendo que: dA dt ∣∣∣∣ t= 7 2 = dA dy ∣∣∣∣ y=8 · dy dt ∣∣∣∣ t= 7 2 . Então: dA dt ∣∣∣∣ t= 7 2 = 33 7 · 2 = 66 7 m2/s . 5 Cálculo I Lista de Exercícios 8 Solução 2: A(t) = y(t) √ 36(y(t)− 1) 7 2 . Substituindo y = 1 + 2t na equação acima, tem-se A(t) = (1 + 2t) √ 36(1 + 2t− 1) 7 2 = 3(1 + 2t) √ 2t 7 Derivando A(t) em relação a t A′(t) = 6 · √ 2t 7 + 3(1 + 2t) 1 2 · √ 2t 7 · 2 7 = 6 · √ 2t 7 + 3 + 6t 7 · √ 2t 7 Substituindo t = 7 2 , tem-se A′ ( 7 2 ) = 6 · √ 2 7 · 7 2 + 3 + 6 · 7 2 7 · √ 2 7 · 7 2 = 66 7 m2/s 6