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UNIVERSIDADE FEDERAL DO PARA´ Projeto Newton - Ca´lculo I Resoluc¸a˜o da Lista 1 1. Para encontrarmos as intersecc¸o˜es com o eixo x, basta zera´-lo na func¸a˜o: y = 02 + 3(0) (3(0) + 1)2 = 0 De modo ana´logo, zeramos o y: 0 = x2 + 3x (3x + 1)2 x(x + 3) = 0 x = −3 e x = 0 Portanto, as intersecc¸o˜es encontram-se nos pontos (0, 0) e (−3, 0). 2. Usando as propriedades de logaritmo de poteˆncia, multiplicac¸a˜o e di- visa˜o, temos que: ln ( x2 − 1 x3 )3 = = 3 ln (x2 − 1)− 3 lnx3 = 3 ln [(x + 1)(x− 1)]− 9 lnx = 3[ln (x + 1) + ln (x− 1)− 3 lnx] 3. Para que uma func¸a˜o seja par, e´ necessa´rio que f(−x) = f(x) para qualquer valor de x no domı´nio da func¸a˜o. Do mesmo modo, para que a func¸a˜o seja ı´mpar, e´ necessa´rio que f(−x) = −f(x), dadas as mesmas condic¸o˜es. Sendo assim, temos que: a) f(−x) = 6(−x)2 − 3 = 6x2 − 3 = f(x) (Func¸a˜o Par) b) f(−t) = { 1 se t < 0 −1 se t > 0 −f(t) = { −1 se t > 0 1 se t < 0 (Func¸a˜o I´mpar) c) f(−h) = (−h− 1)2 = (−1)2 · (h + 1)2 = (h + 1)2 6= ±f(h) 4. Trabalhando com o mo´dulo, a func¸a˜o tera´ a seguinte forma: h(x) = { x + 2 se x ≥ 2 −x + 6 se x < 2 Sendo assim, a func¸a˜o tera´ D(h) = R e seu valor mı´nimo sera´ no ponto (2, 4), resultando em Im(h) = [4,+∞). Por fim, temos o seguinte esboc¸o: 2 5. Por se tratar de uma func¸a˜o par, ja´ que f(x) = f(−x), teremos simetria em relac¸a˜o ao eixo y e na˜o teremos em relac¸a˜o a` origem, que ocorre em func¸o˜es impares. Por fim, como Im(f) = R+, na˜o teremos simetria em relac¸a˜o ao eixo x, pois toda a func¸a˜o esta´ apenas de um lado do eixo. 6. Para que o valor da func¸a˜o exista, devemos ter que: x2 − 5x > 0 x(x− 5) > 0 f(x)g(x) > 0 Analisando o sinal das func¸o˜es separadamente e depois multiplicando, temos que: D(h) = (−∞, 0) ⋃ (5,+∞) 3
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