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HIDRÁULICA APLICADA Capítulo 2: ESCOAMENTO UNIFORME EM ESCOAMENTO UNIFORME EM ESCOAMENTO UNIFORME EM ESCOAMENTO UNIFORME EM TUBULAÇÕESTUBULAÇÕES Prof. Dr. John Kenedy de Araújo Fórmula de Hazen-Williams ( ) ( ) ( ) ( ) 1,85 1,85 4,87 3 0,367 10,65 : ; ; ; QJ C D onde J m m Q m s D m C m s = Recomendações: � escoamento turbulento de transição; � líquido: água a 20° C; � diâmetro: em geral maior ou igual 4"; � origem: experimental com tratamento estatístico dos dados; � aplicação: redes de distribuição de água, adutoras, sistemas de recalque. Fórmula de Hazen-Williams – Tabela 2.3 ( ) ( ) ( )1,85 3 onde: 100 ; ;J Q J m m Q m s D mβ= Fonte: Porto, Rodrigo de Melo. Hidráulica Básica. Coeficiente de Hazen-Williams Fonte: Porto, Rodrigo de Melo. Hidráulica Básica. Comparação entre a fórmula de Hazen-Williams e a Equação Universal 1,85 2 1,85 1,176,81 2 V f VJ C D D g = = 0,54 0,081 0,011 43 Re C f D= Comparação entre a fórmula de Hazen-Williams e a Equação Universal Exemplo 2.8 O sistema de abastecimento de água de uma localidade é feito por um reservatório principal, com nível d’água suposto constante na cota 812,00 m, e por um reservatório de sobras que complementa a vazão de entrada na rede, nas horas de aumento de consumo, com nível d’água na cota 800,00 m. No ponto B, na cota 760,00 m, inicia-se a rede de distribuição. Para que valor particular da vazão de entradadistribuição. Para que valor particular da vazão de entrada na rede, QB, a linha piezométrica no sistema é a mostrada na Figura 2.9? Determine a carga de pressão disponível em B. O material das adutoras é aço soldado novo. Utilize a fórmula de Hazen-Williams, desprezando as cargas cinéticas nas duas tubulações. Exemplo 2.8 2Da figura: escoamento de pra BCP z B C > → Da Tabela 2.4: 130C = escoamento de pra B C→ 1 2 1 2 2 2 1 1 2 2 1 2 Bernoulli entre e : 2 2 CP CP R R p V p V z z H g gγ γ + + = + + + ∆ 123 14243 1 2 812,0 800,0 12,0H CP CP m∆ = − = − = Exemplo 2.8 ( )1 2 1 2 Como a inclinação da LP é a mesma nos dois trechos: 12 1070 0,0112 HJ J L L J m m ∆ = = = + = 0,0112J m m= " 1 1 3 1,85 1 1 3 1,85 3 1 1 Trecho AB: 6 , 130 e 1,12 100 1,345 10 , então: 1,12 1,345 10 0,0216 D C J m m J Q Q Q m s β β = = = = ⋅ = = ⋅ ⋅ ∴ = Exemplo 2.8 " 2 2 3 1,85 2 2 3 1,85 3 2 2 Trecho BC: 4 , 130 e 1,12 100 9,686 10 , então: 1,12 9,686 10 0,00745 D C J m m J Q Q Q m s β β = = = = ⋅ = = ⋅ ⋅ ∴ = 1 2Portanto: 0,0216 0,00745 14,2BQ Q Q L s= − = − = Exemplo 2.8 1 1 1 1 1 Bernoulli entre e : B B B CP CP R B p p z z H γ γ + = + + ∆ 123 14243 804,72 760,0 B B B B pCP z p γ γ = + = − Bp = 44,72mca γ 1 1 1 812,0 0,0112 650 804,72 B B B CP CP J L CP CP m = − = − ⋅ = Fórmula de Fair-Whiplle-Hsaio ) ( ) ( ) ( )1,88 34,88 a Material: aço galvanizado novo conduzindo água fria 0,002021 , ; ;QJ J m m Q m s D m D = b) Material: PVC rígido conduzindo água fria ( ) ( ) ( )1,75 34,75 b) Material: PVC rígido conduzindo água fria 0,0008695 , ; ;QJ J m m Q m s D m D = Recomendada pela ABNT no projeto de água fria em instalações hidráulico-sanitárias Condutos de seção não-circular No tratamento analítico de seções não circulares, admite-se que a tensão tangencial média ao longo do perímetro molhado da seção varie de modo similar à indicada na Equação 1.27, em que f tem o mesmo significado do fator de atrito nas tubulações circulares, e só diferirá daquele de uma certa proporção que leve em conta a forma geométrica da seção. 2 2 8 8O h h fV fR J J V R ρ ρ τ γ γ = = ∴ = O cálculo do fator de atrito é feito levando em conta o diâmetro hidráulico, Dh. 2 2 4 2 2h h f V f VJ R g D g = = Exemplo 2.9 Determinar a perda de carga unitária em um conduto semicircular com fundo plano, de concreto armado liso, 1,5 m de diâmetro, transportando, como conduto forçado, água com velocidade média de 3,0 m/s. D Exemplo 2.9 2 2 21,5área: 0,884 8 8 DA mpi pi= = = 1,5Dpi pi ⋅ = + = + = Parâmetros geométricos: 1,5perímetro: 1,5 3,856 2 2 DP D mpi pi ⋅= + = + = 0,884 raio hidráulico: 0, 229 3,856h AR m P = = = diâmetro hidráulico: 4 4 0,229 0,917 h hD R m= = ⋅ = Exemplo 2.9 30,25concreto armado liso 0,25 0,273 10 917h mm D ε ε −→ = ∴ = = ⋅ Rugosidade relativa: ( )63,0 0,917Re 2,75 10 escoamento turbulentohV D⋅ ⋅= = = ⋅ Número de Reynolds: ( )663,0 0,917Re 2,75 10 escoamento turbulento10 hV D v − ⋅ ⋅ = = = ⋅ 2 0,9 0,25 0,015 5,74log 3,7 Reh f f D ε = → = + Fator de atrito: Exemplo 2.9 ( ) 2 20,015 3,0 0,0075 2 0,917 2 9,81h f VJ J m m D g = = → = ⋅ Portanto, a perda de carga unitária, vale: Problema 2.26 Considere o escoamento permanente de água em uma tubulação retilínea de 200 m de comprimento, de um certo material, com diâmetro igual a ½". Em uma seção A, na cota 100,00 m, a altura d’água em um piezômetro é de 3,0 m e uma seção B, na cota 100,50 m, a altura d’água em um piezômetro é de 2,0 m . Determine: (a) o sentido do escoamento; (b) a vazão que escoa. Suponha escoamento laminar e depois verifique se a hipótese está correta.laminar e depois verifique se a hipótese está correta. Solução 2 2 a) Supondo escoamento , Bernoulli entre e : 2 2 A A B B A B AB A B p V p VA B z z H g gγ γ → + + = + + + ∆ ( )3,0 100,0 2,0 100,5 0,5 positivoAB ABH H m+ = + + ∆ → ∆ = Sentido do escoamento: A B→ Problema 2.26 64 64 64b) Supondo escoamento laminar: Re vf VD VD v = = = 2 2 2 2 6 64 0,5 0,0125 9,81 2 2 32 32 10 200 L V v L V HD gH f V D g VD D g vL − ∆ ⋅ ⋅∆ = = → = = ⋅ ⋅ 0,1198mV s = 20,0125 então: 0,1198 4 Q VA pi ⋅= = ⋅ ( ) 6 0,1198 0,0125Verificação: Re 10 Re 1498 2300 laminar VD v − ⋅ = = = < 3 0,0000147 0,015m LQ s s = = Problema 2.33 Determinar a relação entre a vazão máxima e a vazão mínima que pode ser retirada na derivação B, conforme Figura 2.13, impondo que o reservatório 2 nunca seja abastecido pelo reservatório 1 e que a mínima carga de pressão disponível na linha seja 1,0 mca. Utilize a fórmula de Hazen-Williams. Despreze as perdas localizadas e as cargas cinéticas Problema 2.33 Qmin ocorre quando só o R1 está abastecendo (Q2 = 0). Qmax ocorre quando ambos os reservatórios abastecem, atendendo a carga mínima de pressão disponível na linha de 1,0 mca. Problema 2.33 Para o caso de Qmin: 1,85 1 1,85 4,87 8502,0 10,65 2,0(110) (0,30) Qh m m×∆ = ⇒ × = min 48,85 /Q L s= Problema 2.33 Para o caso de Qmax: ( ) min2 552,0 549,0 ph γ∆ = − − ( )2 552,0 549,0 1,0 2,0h m∆ = − − = Problema 2.33 1,85 2 21,85 4,87 45010,65 2,0 21,53 /(100) (0,20) Q Q L s×⇒ × = ⇒ = Problema 2.33 1 2 12,0 2,0 2,0 4,0h h h m∆ = + ∆ ⇒ ∆ = + = 1,85 1 11,85 4,87 85010,65 4,0 71,05 /(110) (0,30) Q Q L s×× = ⇒ = Problema 2.33 max 1 2 max71,05 21,53 92,58Q Q Q Q L s= + = + ⇒ = max min 92,58 48,85 Q Q = → max min Q = 1,89Q Logo: Portanto: Problema 2.36 Determinar o valor da vazão QB, e a carga de pressão no ponto B, sabendo que o reservatório 1 abastece o reservatório 2 e que as perdas de carga unitárias nas duas tubulações são iguais. Material: aço soldado revestido com cimento centrifugado. Despreze as perdas localizadas e as cargas cinéticas. Problema 2.36 ( ) ( ) ( ) '' '' Tubo 6 150 : tubo 1 Tubo4 100 : tubo 2 Rugosidade 0,10 tab. 2.2 mm mm mmε = 1 2 1 2 H HJ J L L ∆ ∆ = → =1 2 1 2 1 1 2 2 2 860 460 L L LH H H L ∆ = ∆ = ∆ ( ) ( ) ( ) 1 2 2 2 mas 810,0 800,0 10,0 substituindo em : 1,87 10,0 H H m II I II H H ∆ + ∆ = − = ∆ + ∆ = ( )1 21,87H H I∆ = ∆ 2 1 3,48 6,52 H m H m ∆ = ∆ = Problema 2.36 21 1 1 15 1 21 15 2 6 1 1 Trecho 1: 0,0827 8606,52 0,0827 0,15 6,96 10 f LH Q D f Q f Q − ∆ = ⋅ = ⋅ = ⋅ 3 1 1 1 6 1 considere: 0,020 0,0186 4 4 0,0186Re 157881,7 0,15 10 mf Q s Q D vpi pi − = → = ⋅ = = = ⋅ ⋅ ' 1 2 0,9 0,25 0,0201 0,1 5,74log 3,7 150 157881,7 f = = + ⋅ ( ) 0,020 0,0201 100 0,02 0,5% OK ER ER − = ⋅ = Problema 2.36 22 2 2 25 2 22 25 2 6 2 2 Trecho 2: 0,0827 4603,48 0,0827 0,10 0,915 10 f LH Q D f Q f Q − ∆ = ⋅ = ⋅ = ⋅ 3 2 2 2 6 2 considere: 0,020 0,0068 4 4 0,0068Re 86109,90 0,10 10 mf Q s Q D vpi pi − = → = ⋅ = = = ⋅ ⋅ ' 2 2 0,9 0,25 0,0227 0,1 5,74log 3,7 100 86109,90 f = = + ⋅ ( ) 0,020 0,0227 100 0,02 13,5% continua ER ER − = ⋅ = Problema 2.36 3 ' 2 2 6 0,0227 0,0063 4 0,0063Re 80214,09 0,10 10 mf Q s pi − = → = ⋅ = = ⋅ ⋅ '' 2 2 0,9 0,25 0,0228 0,1 5,74log 3,7 100 80214,09 f = = + ⋅ ( ) 0,0227 0,0228 100 0,0227 0,44% OK ER ER − = ⋅ = 3 1 3 2 0,0186 18,6 0,0063 6,3 m LQ s s m LQ s s = = = = 1 2 18,6 6,3 B B Q Q Q Q = + = − 12,3B LQ s= Problema 2.36 1 22 1 Bernoulli entre e : 2 2 B B B R B p Vp V z z H g gγ γ + + = + + + ∆ 810,0 780,0 6,52Bp γ = + + 0 0 0 23,48 Bp mca γ =
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