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Fundação CECIERJ AP1 1 a Questão (2,0 pontos) Determine a área da região sombreada Solução Se você decidiu calcular a área de duas regiões 1R e 2R . Na Figura região. Neste caso, a representação da área 1 2( ) (R ) ( )A R A A R= + = 1 0 (1+ −∫ = 3/2 3 2 31 2 0 1 2 3 3 12 2 12 x x x x x x + − − − + 19 11 12 12 = + 30 5 12 2 = = unidades de área. Fundação CECIERJ – Vice Presidência de Educação Superior a Distância - CÁLCULO II - 2015/1 Gabarito Determine a área da região sombreada Figura 1.1 área de R em relação à variável x , a região R precisa ser dividida em a Figura 1.2 mostramos um retângulo representativo vertical em cada Figura 1.2 , a representação da área é feita por duas integrais em relação à variável 2 ) 4 x x dx++ − 22 1 ) 4 (3 x dxx− −∫ 3/2 3 2 31 2 0 1 2 3 3 12 2 12 x x x x x x + − − − 2 32 1 2 2 1 11 (6 ) (3 ) 3 12 2 12 2 12 = + − + − − − − − unidades de área. Vice Presidência de Educação Superior a Distância precisa ser dividida em mostramos um retângulo representativo vertical em cada é feita por duas integrais em relação à variável x : 2 32 1 2 2 1 11 (6 ) (3 ) 3 12 2 12 2 12 = + − + − − − − − Cálculo II AP1 - Gabarito 2015/1 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ P á g in a 2 P á g in a 2 Se você decidiu calcular a área de R em relação à variável y , a região R precisa ser dividida em duas regiões digamos 3R e 4R . Na Figura 1.3 mostramos um retângulo representativo horizontal em cada região. Figura 1.3 3 4( ) (R ) ( )A R A A R= + = 13 1 2 22 2 2 0 1 1 0 2 ) [3 ] 4 [2 ] 3 ( 0 ( 1) yy dy y dy y dyy y + − = + − − − − +∫ ∫ ∫ 23 2 1 4 2 3 3 2 y yy = + − + 3 24 2 2 1 1 4 7 15 54 2 3 3 2 3 2 3 6 6 2 = + − + − − + = + = = unidades de área. 2 a Questão (2,0 pontos) Ache dy dx sabendo que ( )3 2 arccotg cos x x t dty = ∫ . Solução Note que o integrando ( )2( ) cosf t t= é uma função contínua para todo número real t . ( ) ( ) ( )3 32 2 2 arccotg arccotg cos cos cos x xa x x a t dt t dt t dty += =∫ ∫ ∫ , ∈a R qualquer. Logo ( ) ( ) ( )arccotg 3 32 2 2 arccotg cos cos cos x xx x a a t dt t dt t dty += = −∫ ∫ ∫ Assim, utilizando a 1ª forma do TFC e a regra da cadeia em cada parcela, obtemos ( ) ( )2 2cos (arccotg arc cotg cos (3 3) ) )[ ] [ ]x xx xy − +′ ′ ′= Ou seja ( ) ( )2 221cos (arccotg cos 3 3 ln 31) [ ] [ ]x xx xy − + − +′ = Isto é, ( ) ( )2 221 cos (arccotg ln 3) 3 cos 31 ) ( x xxxy + +′ = . 3 a Questão (2,0 pontos) Calcule as seguintes integrais imediatas Cálculo II AP1 - Gabarito 2015/1 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ P á g in a 3 P á g in a 3 a) (1,0) 1 2 0 4 1 dt t + ∫ b) (1,0) 2 3 2 1 4 u u du+∫ Solução a) ] { 1 1 1 2 2 0 /40 0 0 4 14 4arctg 4arctg1 4arctg0 1 1 dt dt t t t pi pi = = = − = + + ∫ ∫ 123 b) 22 22 2 3 3 2 111 2 1 4 4 1 2 34 ln ln ln 2 2 2 u udu u u u u u u du − + = + = + = − + = + − ∫∫ . 4ª Questão (4,5 pontos) ( a) (1,0) Usando a técnica de substituição, calcule 2( 1) 2x x x dx+ +∫ . Solução Faça a substituição 2 12 2 ) 2 2 ( 2(1 ) ( 1)x duu x x du dx x dx x dx+= + ⇒ = = + ⇒ + = Logo 3 2 2 3 2 2 1 21 1 2 (2 )( 1) 2 2 2 2 3 3 u x x x x x dx u du u du C++ + = = = = +∫ ∫ ∫ . (b) (1,5) Usando a técnica de integração por partes, encontre ( ) 1 ln e x dx∫ . Solução Faça ( ) 1 1 1 1( ) 22ln x x dx dxxx x xu du dx ′ = = ⇒ = = e xdv dx v= ⇒ = Assim, ( ) ( ) 11 111 1 1 1ln ( ) . 2 2 2 2 2 2 ln ln eee e e x e e x x x x x x dx dx x − − = − + = == ∫∫ (c) (1,5) Usando a técnica de potências e produtos de funções trigonométricas, ache 4 4 4 0 sec tg .x x dx pi ∫ Solução Note que podemos resolver primeiro a integral indefinida Cálculo II AP1 - Gabarito 2015/1 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ P á g in a 4 P á g in a 4 4 4sec tgx x dx =∫ 22 4 2 4 2(1+tg ) tgsec tg sec secx x dxx x x dx x= ∫∫ Faça a substituição 2sectg xu x du dx= ⇒ = Assim 4 4sec tgx x dx =∫ 2 4 6 5 7 4(1+ ) ( + ) 5 7 u u du u u du u u C= = + +∫ ∫ 5 7tg tg . 5 7 x x C= + + Por tanto aplicando o Teorema Fundamental do Cálculo ao resultado anterior, resulta que: ( ) ( )4 5 75 7 44 4 00 tg / 4 tg / 4tg tg 1 1 12 sec tg 5 7 5 7 5 7 35 x x x x dx pi pi pi pi = + = + = + = ∫ .
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