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PSI3211- CmCUITOS ELÉTRICOS I 2! Prova Semestral- 09/05/16 18Questão: (4,0 pontos) GABARITO Considere o circuito da Figura 1 com AMP-OP ideal. 2R 2R R R + E Figura 1 a) Utilize análise nodal para obter o ganho do circuito dado por G = Vo . E Na região linear, o circuito da Figura 1 foi modelado pelo circuito da Figura 2 considerando um AMP-OP real em que &out é a resistência de saída e J..I. o ganho de tensão. el R e2 2R e3 2R e4 R,ut A + + E R - J..I.Ve + Figura 2 B - b) Escreva a equação matricial de análise nodal do circuito somente nas variáveis ez e ~. Deseja-se obter o gerador equivalente de Thévenin (Figura 3) "visto" pelos terminais A e B da Figura 2. Considerando que R = l!l obtenha em função de J..I., E e Rout: c) a tensão eo d) a resistência Ro A + Thévenin Figura 3 B PSI3211 – Gabarito da questa˜o dissertativa da P2 – 2016 a) Aplicando a 1aLK no No´ 2 e lembrando que no amp-op ideal a corrente de entrada e´ nula, temos −i1 + i2 = 0, ou ainda E R1 = e2 − e3 R2 . Como a tensa˜o de entrada do amp-op e´ nula, temos que v1 = e2 = 0 (terra virtual). Assim, chega-se a e3 = − R2 R1 E. (1) Aplicando agora a 1aLK no No´ 3, chega-se a −i2 − i3 + i4 = 0, ou ainda − e2 − e3 R2 + e3 R3 + e3 − e4 R4 = 0. Notando que e4 = vo e que e2 = 0, obtemos e3 ( 1 R2 + 1 R3 + 1 R4 ) = vo R4 . (2) 1 2 Substituindo (1) em (2), chega-se finalmente a vo E = − R2 R1 ( R4 R2 + R4 R3 + 1 ) . Notando que R1 = R3 = R e R2 = R4 = 2R, obtemos vo E = −2(1 + 2 + 1) = −8. b) Como e1 = E e e4 = µve = −µe2, basta aplicar a 1 aLK nos No´s 2 e 3. Considerando o No´ 2, temos ( 1 R + 1 2R ) e2 − 1 R E − 1 2R e3 = 0. Para o No´ 3, obtemos − 1 2R e2 + ( 1 2R + 1 R + 1 2R ) e3 − 1 2R e4︸︷︷︸ −µe2 = 0. A equac¸a˜o matricial de ana´lise nodal e´ 3 2R − 1 2R µ− 1 2R 2 R e2 e3 = E R 0 . Multiplicando ambos os lados por 2R, chega-se a 3 −1 µ− 1 4 e2 e3 = 2E 0 c) Para obter a tensa˜o em aberto (e0) do gerador equivalente de The´venin, podemos usar a equac¸a˜o da ana´lise nodal obtida no item anterior. Note que ela independe do valor de R. Considerando os terminais A e B em aberto, a tensa˜o vale e0 = e4 = −µe2. Resolvendo pela regra de Cramer, obtemos e2 = ∣∣∣∣∣∣∣ 2E −1 0 4 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 3 −1 µ− 1 4 ∣∣∣∣∣∣∣ = 8E µ+ 11 . Assim, e0 = e4 = −µe2 = −8E µ µ+ 11 . Note que para µ→∞, obtemos e4/E = vo/E = −8, obtido no Item a) do problema. 3 d) Para obter a resisteˆncia vista por A e B, devemos inativar a fonte de tensa˜o E e inserir uma fonte de corrente entre A e B (fluindo de B para A). Usando novamente a equac¸a˜o de ana´lise nodal com E = 0 (fonte inativada), temos 3 −1 µ− 1 4 e2 e3 = 0 0 . Dessa equac¸a˜o, conclui-se que e2 = e3 = 0 e consequentemente e4 = −µe2 = 0. A corrente da fonte inserida circula apenas por Rout e por isso, a resisteˆncia de The´venin vale R0 = Rout. Atenção: Preencher a folha ótica com seu nome, número USP e opções escolhidas para cada teste. 1 - O valor (em V) da tensão v no circuito da Figura 4 com amp-op ideal é a) -15 ® 1 kQ IOkQ -35 c) 15 +3V 1d) 25 4kQ )ve) 35 + 0,74 k.Q . 12V1 amp-op ideal~-).OO. Figura 4 2 - O valor mais próximo do fasor da tensão entre os terminais a e b do circuito da Figura 5 é 10 YzH a a) 1,0 /450 b) 2,0 1135° @) 3,0 1-147° d) 3,0 1_135° e) 3,0 1-120° 2v + es(t) b es(t) = 4cos (2t - 30) (V,s) Figura 5 Para os testes 3 e 4, considere o circuito da Figura 6. 3 - O valor (em V) da tensão eo do gerador equivalente de Thévenin (Figura 6a) entre os terminais a e b é a) -1 10 10 b) -2 )vc) 1 +3V 10 10d) 2 @ 3 Figura 6 Ro a + eo 10 a 2v b a b Figura 6a Figura 6b 4 - O valor (em A) da corrente io do gerador equivalente de Norton (Figura 6b) através dos terminais a e b é a) -2 b) -1 c) 1 @3 e) 2 G~t)Jo J) 11J~ _ (:1fxJ f ~K2)V -e -- (Bot~)V ~~ - 35 V rr--------------------- _ R 6 - Determine os parâmetros Ro e Eo do gerador equivalente (Figura 8b) ao circuito da Figura 8a. Figura 8a a) R 2 D nE 2 D 2D+ 1 2D+ 1 ® R 2D-1 ; 2D-1nE 2D-I 2D-I c) 2n-1 nE 2 n-1 RI' 2n-I2n- d) nR· nE, e) 2 n-I nE 2 n R--· 2n_ 1 ' 2n+ 1 a a b Figura 8b 7 - Na conversão A - Y , do subcircuito da Figura 9a para o subcircuito da Figura 9b, ambos em RPS, Z20 resultou 2 1-ro .u + p - -- 1 ro2.y Então a, p e 'Y são dados respectivamente por Figura 9a 1 3 2 Figura 9b 8 - A resistência equivalente RT (em O) do circuito da Figura 10 vale a) 918,41 b) 514,28 c) 1042,07 @) 745,05 e) 653,14 5000 1000 1000 1,8kQ 1 kQ Figura 10 ._-~~--------- _ :5, ® R1J~' 'K!r21(/1 ... /12/~ob1~ 1 _ f~, r" IR; ~ 2-!C. - 1~.......;..... ~ _ 2. 1-2. VI.. .. - - 1 2"" t '-"fIl\ ~ Z.Vl-t R r-- LI -t L...2., __ ~- "'ãi: (;1' (,()2-CIC.2......:) -2=A d.,. :; LI L2, f3 ~ L , !;:.<2._ , C9- Cq t)1 CjCz.. r"Tl---------------------- ..-. ._ 9 - Considere o circuito esquematizado na Figura 11 e dividido nas partes X e Y. O valor de f.l que maximiza a transferência de potência de X para Y é -----------------------,I I : 1000 : I • • I : v 'IV I I : I 1000 <~> : < I I I I I I a) 10 @I c) 5 d) -2 e) -1 +E-'- I----------------------------------~I I : 250 u,v : I : I I I ; (.. I < I <:v I 250500 I I •.- - - - - - - - - - - - - - - - - - - - - __I I I 1 ----------------------------- X Y Figura 11 10 - Uma tensão é medida em um circuito que possui 2 geradores independentes, um de tensão e um de corrente. Os seguintes resultados foram obtidos Tensão medida -2,71 V IV Gerador de tensão V Gerador de corrente I IA 0,446 V -1,5 V -0,8A Quando a tensão medida for igual a zero, a razão entre a tensão do gerador de tensão e a corrente do gerador de corrente (VII) será igual a (em O) @ 2,10 b) 2,53 c) - 0,50 d) -1,81 e) 1,05 11 - O valor do resistor que recebe a máxima potência dos geradores quando ligado aos pontos a e b (em O) é 600 a) 10 b) 15 a + 2A t 300 :E 30Vc) 18 < b d) 25 Figura 12 @ 20 12 - O valor da corrente i no circuito da Figura 13 é a) 37 - 24 b) -19-- 24 c) 15 - 4 d) 97- 48 @ n.d.a. 10 1 Figura 13 30 16V + ',Uq bd:o )(: 5DA-e-- \------"0 I-~50 . ZS.fL ~rl<o- ,J, o; ,2?-fi. ckK~/'LJ} ,,"'- ~aJ~Q. I .,k '1 fJL i-e "." 11- 25 r.,.. ..1! _ pt-v - 25 I f JL. z: o Z / Z. ó2 t/7V z: SOI li::: 50 I 2-r ~Q ""',;. y-j....,O- fra Vte-?"u,,- derle-1IJUO- dv("-~ kl' 50 z: 50 --=?~7 ~ ~k 10 1. /J -r: _I tJ I / / r-c~ /e<:lf'(:'7~ 0<2- pLr l?eQ.'-·/o'o.f#'e, Irdc _~ ...GO~~ - 2/)( = 0(+ (ó qLfY6 = -~50(- ~~(d a: n a: ""'7~ H?a~o·Q..i' {~~:, =1:5 -~~~;J ~of!rc'1do ~ ~ .-,V\. "e'-"\ [0<]:: -L [--rg;7 - I /r-~~"l f5 ~7 1/5 -I J}~~5/' r?é = -- ~i;(-;21+1) -f 1-1)!/1lJ'j{) s: ~ 9' 01- 6 s: 15(-~fl) + L. (o, 0'6) =_ S;I? b"7 ( "hak i-f Tr@.lfAjc>~.,'" o (J~ro.d:x r:k l/..{)c;;;; -0'-7r:": ok Lor«"1j ve-VYJ J;,1e 1~ &k Q« crico.rl. ~ ;f,tõ Cirto') I: t .---------. l'--r---r---_ 2>:>V 1.!L 4/JL ~ h~ 1 ~-IL '-I h =I -- 1 '
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