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Limites - aplicações Prof. Aurimar Aplicações de limites Exercícios 1) Um tanque contém 5000 litros de água. Salmora com uma concentração de 30 gramas de sal por litro é despejada no tanque a uma razão de 25 litros por minuto. (a) Mostre que a concentração de salmora no tanque após um tempo t (minutos) é dada por 𝐶 𝑡 = 30 𝑡 𝑡 + 200 . (b) Calcule o limite: lim 𝑡→∞ 𝐶(𝑡). (c ) Construa o gráfico de C(t), para t ≥ 0. Solução: (a) Para t = 1 min => (25l/min)x1min = 25 l de salmora acresc. => M(1) = (30g/l)x25l = 750 g; V(1) = 5000l + 25l = 5025l => 𝐶 1 = M 1 V 1 = 750g 5025l = 0,14925g/l Para t = 2 min => (25l/min)x2min = 50 l de salmora acresc. => M(2) = (30g/l)x(25l/min)x2min = (750g/min)x2min; Aplicações de limites V(2) = 5000l + 25x2l = 5050l => 𝐶 2 = M 2 V 2 = 750∙2 5000+25∙2 = 0,297g/l Para t = t min => (25l/min)xtmin de salmora acresc. => M(t) = (30g/l)x(25l/min)xtmin = (750g/min)xtmin; V(t) = 5000l + 25xtmin => 𝐶 𝑡 = M t V t = 750∙t 5000+25∙t Dividindo o numerador e o denominador por 25, chega-se a expressão dada: 𝐶 𝑡 = 30 𝑡 𝑡 + 200 . (b) lim 𝑡→∞ 𝐶(𝑡) = lim 𝑡→∞ 30𝑡 𝑡 = 30 g/l. Aplicações de limites t(min) 0 1 10 100 200 300 400 500 1000 C(t) 0 0,15 1,43 10 15 18 20 21,43 25 Reta assíntota horizontal -5 0 5 10 15 20 25 30 35 0 200 400 600 800 1000 1200 C (g /l ) t(min) C(t) = 30t/(t+200) (c) Aplicações de limites 2) Sob certas condições, a velocidade de uma gota de chuva caindo pode ser dada pela expressão: 𝑣 𝑡 = 𝑣∗ 1 − 𝑒− 𝑔𝑡 𝑣∗ , onde, v* é a velocidade final da gota e g é a aceleração da gravidade. Calcule o limite de v(t) quando t ⇾ ∞. Admitindo v* = 1,0 m/s e g = 9,8 m/s2, faça o gráfico de v(t). Solução: lim 𝑡→∞ 𝑣(𝑡) = 𝑣∗ 1 − 𝑒−∞ = 𝑣∗ 1 − 1 𝑒∞ = 𝑣∗ 1 − 0 = 𝑣∗. •Gráfico de v(t), para v* = 1,0 m/s e g = 9,8 m/s2: Aplicações de limites – Exercícios propostos 3) Considere um quadrado de lado a com vértices em A, B, C e D, conforme figura. Vamos construir segmentos horizontais e verticais, formando degraus, ligando o vértice C até B. A cada nova figura, dividiremos o lado a em duas partes, em três partes, em quatro partes, e assim por diante, em n partes, de modo que a função comprimento do segmento que liga C a B é f(n). Calcule o limite de f(n) quando n tende ao infinito. 4) Calcule a área limitada pelos lados AB, AC e o segmento BC da figura anterior, quando n ⇾ ∞. Resp.: A = a2/2 = área do triângulo. Aplicações de limite – Exercícios resolvidos e propostos 5) De todos os retângulos de perímetro igual a 20 cm, haverá um com área máxima, no qual o comprimento x de um dos lados é dado pela solução da equação: lim ∆𝑥→0 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴(𝑥) ∆𝑥 = 0, onde A(x) é a área do retângulo e ∆x é uma pequena variação no lado x. Encontre x e a área máxima. Solução: Chamando x e y os dois lados do retângulo, teremos que 2x + 2y = 20cm, ou que, x + y = 10cm, então y = 10 – x. A área do retângulo é dada por 𝐴 𝑥 = 𝑥𝑦 = 𝑥 ∙ 10 − 𝑥 = 10𝑥 − 𝑥2 . Substituindo x por x + ∆x na área acima, 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 = 10 𝑥 + ∆𝑥 − 𝑥 + ∆𝑥 2 = 10𝑥 + 10∆𝑥 − (𝑥2 + 2𝑥∆𝑥 + ∆𝑥 2) 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 = 10𝑥 + (10 − 2𝑥)∆𝑥 − 𝑥2 − ∆𝑥 2) Subtraindo por A(x), 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 = 10𝑥 + 10 − 2𝑥 ∆𝑥 − 𝑥2 − ∆𝑥 2 − (10𝑥 − 𝑥2) 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 = (10 − 2𝑥)∆𝑥 − ∆𝑥 2 , Aplicações de limites – Exercícios resolvidos e propostos Dividindo por ∆x, 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴(𝑥) ∆𝑥 = 10 − 2𝑥 ∆𝑥 − [∆𝑥]2 ∆𝑥 = 10 − 2𝑥 − ∆𝑥. Agora, o limite será: lim ∆𝑥→0 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 ∆𝑥 = lim ∆𝑥→0 10 − 2𝑥 − ∆𝑥 = 10 − 2𝑥 = 0 10 − 2𝑥 = 0 ⇒ 10 = 2𝑥 ⇒ 5 = 𝑥 Como o perímetro é 20 cm e um dos lados é x = 5cm, o outro lado é y = 5cm (um quadrado), e a área máxima é A(5) = 5x5 = 25 cm2. Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos 6) Uma partícula obedece a seguinte equação horária: s = t2 + 2, sendo s a posição, em metros, da partícula em relação a uma origem e t o tempo, em segundos. Calcule a sua velocidade em função do tempo, v(t), sendo que ela é dada pela seguinte relação: 𝑣(𝑡) = lim ∆𝑡→0 ∆𝑠 ∆𝑡 = lim ∆𝑡→0 𝑠 𝑡 + ∆𝑡 − 𝑠(𝑡) ∆𝑡 , Onde ∆t significa uma pequena variação no tempo t. Resp.: v(t) = 2t. Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos 7) De todos os triângulos retângulos de hipotenusa a, haverá um com área máxima, no qual o comprimento x de um dos catetos é dado pela solução da equação: lim ∆𝑥→0 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴(𝑥) ∆𝑥 = 0, onde A(x) é a área do triângulo e ∆x é uma pequena variação no lado x. Encontre x e a área máxima. Solução: Chamando x e y os dois lados (catetos) do triângulo, teremos que x2 + y2 = a2, ou que, 𝑦 = 𝑎2 − 𝑥2 , então, a área do triângulo é dada por 𝐴 𝑥 = 𝑥𝑦 2 = 𝑥 ∙ 𝑎2 − 𝑥2 2 = 𝑎2𝑥2 − 𝑥4 2 . Substituindo x por x + ∆x na área acima, 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 = 𝑥+∆𝑥 2 𝑎2 − 𝑥 + ∆𝑥 2 = 𝑥+∆𝑥 2 𝑎2 − 𝑥2 − 2𝑥∆𝑥 − ∆𝑥2 Subtraindo por A(x), Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 = 𝑥+∆𝑥 2 𝑎2 − 𝑥2 − 2𝑥∆𝑥 − ∆𝑥2 − 𝑥 2 . 𝑎2 − 𝑥2 Chamando de R1 a primeira raiz depois da igualdade e de R2 a segunda, 𝑅1 = 𝑎2 − 𝑥2 − 2𝑥∆𝑥 − ∆𝑥2 e 𝑅2 = 𝑎2 − 𝑥2 e dividindo por ∆x, teremos, 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴(𝑥) ∆𝑥 = 𝑥 + ∆𝑥 2∆𝑥 𝑅1 − 𝑥 2∆𝑥 𝑅2 = 𝑥 2∆𝑥 𝑅1 − 𝑅2 + 𝑅1 2 . Agora, tomando o limite, lim ∆𝑥→0 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 ∆𝑥 = lim ∆𝑥→0 𝑥 2∆𝑥 𝑅1 − 𝑅2 + lim ∆𝑥→0 𝑅1 2 . Multiplicando e dividindo o primeiro limite por R1 + R2, chega-se a lim ∆𝑥→0 𝑥. (𝑅1 − 𝑅2) 2∆𝑥 (𝑅1+𝑅2) (𝑅1 + 𝑅2) = lim ∆𝑥→0 𝑥. (𝑅1 2 − 𝑅2 2) 2∆𝑥(𝑅1 + 𝑅2) = lim ∆𝑥→0 𝑥. (−2𝑥∆𝑥 − ∆𝑥2) 2∆𝑥(𝑅1 + 𝑅2) = lim ∆𝑥→0 −2𝑥2 − 𝑥∆𝑥 2(𝑅1 + 𝑅2) = −2𝑥2 2(2𝑅2) = −𝑥2 2𝑅2 . O segundo limite é: Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos lim ∆𝑥→0 𝑅1 2 = 𝑅2 2 . Portanto, lim ∆𝑥→0 𝐴 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐴 𝑥 ∆𝑥 = −𝑥2 2𝑅2 + 𝑅2 2 = 0 𝑅2 2 = 𝑥2 2𝑅2 → 𝑅2 2 = 𝑎2 − 𝑥2 = 𝑥2 𝑎2 = 2𝑥2 → 𝑥2 = 𝑎2 2 → 𝑥 = 𝑎 2 = 𝑎 2 2 . O outro lado y e a área máxima Amáx são: 𝑦 = 𝑎2 − 𝑥2 = 𝑎2 − 𝑎2 2 = 𝑎2 2 = 𝑎 2 = 𝑎 2 2 = 𝑥 𝐴𝑚á𝑥 = 𝑥 ∙ 𝑦 2 = 𝑥2 2 = 𝑎2 4 . Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos 8) O custo para produzir determinada mercadoria é dado pela expressão C(x) = x2 - 400x + 10000, em que x é a quantidade de mercadorias produzidas e C(x) é o custo em R$. Haverá um custo mínimo quando ocorrer a seguinte situação limite: lim ∆𝑥→0 𝐶 𝑥 + ∆𝑥 − 𝐶(𝑥) ∆𝑥 = 0, onde ∆x representa uma variação na quantidade x. Encontre x e o correspondente custo mínimo. Resp.: C(200) = R$ 60.000,00. 9) Um quadrado de lado x é desenhado numa cartolina. Aumenta-se 2,0 cm em dois lados paralelos e diminui a mesma medida nos lados perpendiculares. Calcule o limite da razão entre a área do retângulo formado e o menor lado quando x se aproxima de 2. Resp.: 4. 10) Um quadrado de lado 3cm é desenhado numa cartolina. Aumenta-se x cm em dois lados paralelos e diminui a mesma medida nos lados perpendiculares. Calcule o limite da razão entre a área do retângulo formado e o menor lado quando x se aproxima de 3. Resp.: 6. Limites e aplicações – exercícios resolvidos e propostos 11) Água move-se no interiorde um tubo com diâmetro D, conforme figura. O perfil de velocidade da água está mostrado em uma seção do tubo, é uma função da distância (raio r) a partir do eixo do tubo e é dado matematicamente pela expressão: 𝑣 𝑟 = 𝛽 4𝜇 𝐷2 4 − 𝑟2 , Onde β é uma constante e μ é a viscosidade da água. Qual a velocidade na parede do tubo e no centro do tubo, ou seja, os limites quando r ⇾ D/2 e quando r ⇾ 0. Qual a tensão de cisalhamento τ(r) na parede do tubo devido a fricção da água: 𝜏(𝑟) = 𝜇 ∙ lim ∆𝑟→0 𝑣 𝑟 + ∆𝑟 − 𝑣(𝑟) ∆𝑟 ? Qual a tensão de cisalhamento τ numa posição r = D/4 na água? Qual a tensão de cisalhamento τ numa posição r = D/2 (na parede)? Se persistir o perfil numa distância L ao longo do tubo, qual a força resistente (ou de “arrasto”) induzida no tubo pela água, na direção do escoamento? Limites e aplicações - Exercícios resolvidos e propostos 12) A lei do fluxo laminar de sangue através de uma artéria é a mesma lei de escoamento de um fluido através de um tubo dada acima, ou seja, 𝑣 𝑟 = 𝑃 4𝜂𝑙 𝑅2 − 𝑟2 , Onde P é a variação de pressão na artéria e P/4ηl é uma constante dependente das propriedades do sangue. Qual a velocidade na parede e no centro da artéria, ou seja, os limites quando r ⇾ D/2 e quando r ⇾ 0. Qual a tensão de cisalhamento τ(r) na parede da artéria devido à fricção do sangue: Solução: a) Primeiro vamos escrever a lei de velocidade v(r) em uma forma mais simples. Como P, η e l são constantes, podemos chamar a relação P/4ηl de uma outra constante, C, por exemplo. Assim, 𝑣 𝑟 = 𝐶 𝑅2 − 𝑟2 = 𝐶𝑅2 − 𝐶𝑟2. Limites e aplicações - Exercícios resolvidos e propostos Cálculo dos limites. Como D/2 = R, lim 𝑟→𝐷/2 𝑣(𝑟) = lim 𝑟→𝑅 𝐶(𝑅2 − 𝑟2) = 𝐶 𝑅2 − 𝑅2 = 0 Agora, com r ⇾ 0, Lim 𝑟→0 𝐶 𝑅2 − 𝑟2 = 𝐶𝑅2 Na parede do tubo r = R, a tensão de cisalhamento é dada pela relação: 𝜏 𝑅 = 𝜂 ∙ lim 𝑟→𝑅 𝑣 𝑟 − 𝑣 𝑅 𝑟 − 𝑅 𝜏 𝑅 = 𝜂 ∙ lim 𝑟→𝑅 𝐶 𝑅2 − 𝑟2 − 𝐶 𝑅2 − 𝑅2 𝑟 − 𝑅 = 𝜂 ∙ lim 𝑟→𝑅 𝐶 𝑅2 − 𝑟2 𝑟 − 𝑅 𝜏 𝑅 = 𝜂 ∙ lim 𝑟→𝑅 𝐶 𝑅 − 𝑟 𝑅 + 𝑟 𝑟 − 𝑅 = 𝜂 ∙ lim 𝑟→𝑅 −𝐶 𝑅 + 𝑟 𝜏 𝑅 = 𝜂 ∙ −2𝐶𝑅 = 𝜂 ∙ −2𝑅𝑃 4𝜂𝑙 = −𝑅𝑃 2𝑙 . Exercícios resolvidos e propostos 13) Um tanque de 400 L enche-se com uma solução de 60 Kg de sal (NaCl) em água (H2O). Depois faz-se entrar água nesse tanque à razão de 8 L/min, a mistura é mantida homogênea por agitação e sai na mesma razão. A concentração da solução em um instante de tempo t (em minutos) é dada por C(t) = 0,15e-t/50. Qual a quantidade de sal existente no tanque ao fim de 1 hora? Em quanto tempo a concentração fica com 0,1% da concentração inicial? 𝐶 𝑡 = 0,15 𝑒−𝑡/50. 14) Uma montadora de computadores determina que um empregado após x dias de treinamento, monta m computadores por dia, onde 𝑚 𝑥 = 20𝑥2 𝑥2 + 𝑥 + 5 . Qual o comportamento de m(x) para treinamentos longos? 15) O custo para produzir x unidades de um certo produto é dado por C(x) = 0,25x +3600 em reais. (a) Determine o custo médio C(x)/x quando x cresce. (b) Interprete o resultado.
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