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BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 1/11 1. a) (15 3 ) ( 26 3 ) = 15 · 14 · 13 3! 26 · 25 · 24 3! = 7 2 · 5 · 4 = 7 40 b) 1 − (15 3 ) ( 26 3 ) = 33 40 c) (11 2 ) (15 1 ) ( 26 3 ) = 11 · 10 2! · 15 1! 26 · 25 · 24 3! = 11 · 3 13 · 8 = 33 104 2. ∑ 𝑖5𝑖=1 62 = 1+ 2 + 3 + 4 + 5 6 · 6 = 5 12 3. 6 · 5 · 4 · 3 64 = 6 · 5 · 4 · 3 6 · 6 · 6 · 6 = 5 6 · 3 = 5 18 4. a) 𝑛º 𝑑𝑒 𝑒𝑣𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑛𝑒𝑛ℎ𝑢𝑚𝑎 𝑐𝑎𝑟𝑎 𝑛º 𝑑𝑒 𝑒𝑣𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠 𝑡𝑜𝑡𝑎𝑖𝑠 = 𝑝𝑛 = ( 1 2 ) 7 = 1 128 b) 𝑛º 𝑑𝑒 𝑒𝑣𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠 𝑐𝑜𝑚 3 𝑐𝑎𝑟𝑎𝑠 𝑛º 𝑑𝑒 𝑒𝑣𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠 𝑡𝑜𝑡𝑎𝑖𝑠 = ( 𝑘 𝑛 )𝑝𝑛 = ( 7 3 ) ( 1 2 ) 7 = 35 128 c) ∑(𝑘 𝑖 ) 𝑝𝑛 7 𝑖=3 = (( 7 3 ) + ( 7 4 ) + ( 7 5 ) + ( 7 6 ) + ( 7 7 ))( 1 2 ) 7 = 99 128 BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 2/11 5. (10 − 2 5 ) ( 10 5 ) = (10 − 2 3 ) ( 10 5 ) = (8 3 ) ( 10 5 ) 6. a) ℙ[𝐴 ∪ 𝐵] = ℙ[𝐴] + ℙ[𝐵] = 0,3 + 0,5 = 0,8 b) ℙ[𝐴 ∩ 𝐵𝐶] = ℙ[𝐴] = 0,3 c) ℙ[𝐴 ∩ 𝐵] = 0 7. Resolução errada: não consideram a chance de vir outra jogada em um jogada específica. 8. 𝑝 = = 82 · 72 · 62 · 52 · 42 · 32 · 22 · 12 82 · (82 − 1) · (82 − 2) · (82 − 3) · (82 − 4) · (82 − 5) · (82 − 6) · (82 − 7) = 82 · 72 · 62 · 52 · 42 · 32 · 22 · 12 (8 2 8 ) 8! = 560 61474519 = 0,000911% 9. 𝑝 = = (4 1 ) (4 × 4 1 ) (52 2 ) = 32 663 = 4,83% BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 3/11 10. a) 𝑝(𝑖) = 𝑖 20 = { 1 20⁄ 2 20⁄ 3 20⁄ 4 20⁄ 5 20⁄ ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 1 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 2 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 3 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 4 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 5 b) 𝑝(𝑖) = 𝑖×𝑛𝑖 ∑ 𝑖×𝑛𝑖 5 𝑖=1 = { 4 × 1 48⁄ 8 × 2 48⁄ 5 × 3 48⁄ 2 × 4 48⁄ 1 × 5 48⁄ = 4 48⁄ = 16 48⁄ = 15 48⁄ = 8 48⁄ = 5 48⁄ ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 1 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 2 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 3 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 4 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 5 ; 𝑛𝑖 = 𝑛º 𝑓𝑎𝑚í𝑙𝑖𝑎𝑠 𝑐/ 𝑖 𝑓𝑖𝑙ℎ𝑜𝑠 11. 𝑝(𝑖) = 𝑛𝑖 62 = { 1 36⁄ 2 36⁄ 3 36⁄ 4 36⁄ 5 36⁄ 6 36⁄ 5 36⁄ 4 36⁄ 3 36⁄ 2 36⁄ 1 36⁄ ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 2 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 3 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 4 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 5 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 6 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 7 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 8 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 9 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 10 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 11 ⁄ 𝑠𝑒 𝑖 = 12 ; 𝑛𝑖 = 𝑛º 𝑓𝑎𝑚í𝑙𝑖𝑎𝑠 𝑐/ 𝑖 𝑓𝑖𝑙ℎ𝑜𝑠 12. ℙ(𝐸𝑛) = = 𝑝 × 𝑞𝑛−1 = 𝑆5 62 (1 − 𝑆5 + 𝑆7 62 ) 𝑛−1 = 4 36 (1 − 4 + 6 36 ) 𝑛−1 = 1 9 ( 13 18 ) 𝑛−1 ℙ(𝐸∞) = BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 4/11 = ∑ℙ(𝐸𝑛) ∞ 𝑛=1 = ∑ 1 9 ( 13 18 ) 𝑛−1∞ 𝑛=1 = 1 9 ∑( 13 18 ) 𝑛−1∞ 𝑛=1 = 1 9 ∑( 13 18 ) 𝑥∞ 𝑥=0 ; 𝑥 = 𝑛 − 1 Σn = 𝑞 + 𝑞 2 +⋯+ 𝑞𝑛 𝑞Σn = 𝑞 2 + 𝑞3 +⋯+ 𝑞𝑛+1 Σn − 𝑞Σn = 𝑞 − 𝑞 𝑛+1 Σn = 𝑞 − 𝑞𝑛+1 1 − 𝑞 Σn = 1− 𝑞𝑛 1 𝑞⁄ − 1 𝑞 < 1 𝑛 → ∞ ⇒ 𝑞𝑛 → 0 Σ∞ = 1 1 𝑞⁄ − 1 = 1 9 × 1 1 ( 13 18 )⁄ − 1 = 1 9 × 18 18 − 13 = 2 18 − 13 = 𝟐 𝟓 13. ℙ(𝐴 𝑝𝑒𝑔𝑎𝑟 𝑎𝑛𝑡𝑒𝑠 𝑑𝑜 𝐵) = = 1 10! (∑ℕ(𝑛𝑒𝑔𝑟𝑎𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠 𝑎𝑛𝑡𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑖) × ℕ(𝑣𝑒𝑟𝑚𝑒𝑙ℎ𝑎𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠) 7 𝑖=0 × ℕ(𝑏𝑜𝑙𝑎𝑠 𝑟𝑒𝑠𝑡𝑎𝑛𝑡𝑒𝑠)) BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 5/11 = 1 10! (∑𝑖! ( 7 − 𝑖 𝑖 ) × ( 3 1 ) × (10 − (2𝑖 + 1))! 7 𝑖=0 ) = 1 10! (3 × (10 − 1)! + 7 · 6 × 3 × (10 − (2 + 1))! + 7 · 6 · 5 · 4 × 3 × (10 − (4 + 1))! + 7 · 6 · 5 · 4 · 3 · 2 × 3 × (10 − (6 + 1))! + 7 · 6 · 5 · 4 · 3 · 2 · 1 · 0 × 3 × (10 − (8 + 1))!) = 1 10! (3 × 9! + 7 · 6 × 3 × 7! + 7 · 6 · 5 · 4 × 3 × 5! + 7! × 3 × 3!) = 1 10! (3 × 9! + 7 · 6 × 3 × 7! + 7 · 6 · 5 · 4 × 3 × 5! + 7! × 3 × 3!) = 𝟕 𝟏𝟐 14. a) ℙ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑠𝑒𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) = = ℕ(2 𝑏𝑟𝑎𝑛𝑐𝑎𝑠 𝑠𝑒𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) + ℕ(2 𝑛𝑒𝑔𝑟𝑎𝑠 𝑠𝑒𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) ℕ(2 𝑞𝑢𝑎𝑖𝑠𝑞𝑢𝑒𝑟 𝑠𝑒𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) = 𝑛(𝑛 − 1) + 𝑚(𝑚 − 1) (𝑛 +𝑚)(𝑛 +𝑚 − 1) b) ℙ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) = = ℕ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) + ℕ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) ℕ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) = 𝑛2 +𝑚2 (𝑛 +𝑚)2 c) ⊢ : ℙ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑐𝑜𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) > ℙ(2 𝑖𝑔𝑢𝑎𝑖𝑠 𝑠𝑒𝑚 𝑟𝑒𝑝𝑜𝑠𝑖çã𝑜) 𝑛2 +𝑚2 (𝑛 +𝑚)2 > 𝑛(𝑛 − 1) +𝑚(𝑚 − 1) (𝑛 +𝑚)(𝑛 +𝑚 − 1) ⇒ (𝑛2 +𝑚2) (𝑛 + 𝑚)(𝑛 + 𝑚) − 𝑛(𝑛 − 1) +𝑚(𝑚 − 1) (𝑛 +𝑚)(𝑛 +𝑚 − 1) > 0 ⇒ (𝑛2 +𝑚2)(𝑛 +𝑚 − 1) (𝑛 + 𝑚)(𝑛 + 𝑚)(𝑛 + 𝑚 − 1) − (𝑛(𝑛 − 1) +𝑚(𝑚 − 1))(𝑛 + 𝑚) (𝑛 + 𝑚)(𝑛 + 𝑚)(𝑛 +𝑚 − 1) > 0 ⇒ (𝑛2 +𝑚2)(𝑛 +𝑚 − 1) − (𝑛2 − 𝑛 + 𝑚2 −𝑚)(𝑛 + 𝑚) > 0 ⇒ [(𝑛3 + 𝑛2𝑚 − 𝑛2) + (𝑛𝑚2 +𝑚3 −𝑚2)] − [(𝑛3 + 𝑛2𝑚) − (𝑛2 + 𝑛𝑚) + (𝑛𝑚2 +𝑚3) − (𝑛𝑚 +𝑚2)] > 0 BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 6/11 ⇒ −[−𝑛𝑚 − 𝑛𝑚] > 0 ⇒ 2𝑛𝑚 > 0 ⇒ 𝑛𝑚 > 0 𝐶𝑜𝑚𝑜 𝑛 > 0 𝑒 𝑚 > 0, 𝑓𝑖𝑐𝑎 𝑝𝑟𝑜𝑣𝑎𝑑𝑜 𝑜 𝑒𝑥𝑒𝑟𝑐í𝑐𝑖𝑜.∎ 15. a) ℙ(𝑟𝑒𝑠𝑝𝑜𝑛𝑑𝑒𝑟 5) = = ℕ(𝑐𝑜𝑚𝑏𝑖𝑛𝑎çõ𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑒𝑠𝑐𝑜𝑙ℎ𝑒𝑟 5 𝑑𝑜𝑠 7 𝑞𝑢𝑒 𝑠𝑎𝑏𝑒 𝑟𝑒𝑠𝑜𝑙𝑣𝑒𝑟) ℕ(𝑐𝑜𝑚𝑏𝑖𝑛𝑎çõ𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑒𝑠𝑐𝑜𝑙ℎ𝑒𝑟 5 𝑑𝑜𝑠 10 𝑡𝑜𝑡𝑎𝑖𝑠) = (7 5 ) ( 10 5 ) = 7! 2!⁄ 10! 5!⁄ = 𝟏 𝟏𝟐 b) ℙ(𝑝𝑒𝑙𝑜 𝑚𝑒𝑛𝑜𝑠 4) = = ℕ(𝑐𝑜𝑚𝑏𝑖𝑛𝑎çõ𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑒𝑠𝑐𝑜𝑙ℎ𝑒𝑟 5 𝑑𝑜𝑠 7 𝑞𝑢𝑒 𝑠𝑎𝑏𝑒 𝑟𝑒𝑠𝑜𝑙𝑣𝑒𝑟) + ℕ(𝑐𝑜𝑚𝑏𝑖𝑛𝑎çõ𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑒𝑠𝑐𝑜𝑙ℎ𝑒𝑟 4 𝑑𝑜𝑠 7) ℕ(𝑐𝑜𝑚𝑏𝑖𝑛𝑎çõ𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑒𝑠𝑐𝑜𝑙ℎ𝑒𝑟 5 𝑑𝑜𝑠 10 𝑡𝑜𝑡𝑎𝑖𝑠) = ( 7 5 ) + ( 7 4 ) (10 − 7 5 − 4 ) ( 10 5 ) = 𝟏 𝟐 16. ℙ(𝐼𝑛: {𝑝𝑒𝑙𝑜 𝑚𝑒𝑛𝑜𝑠 𝑑𝑜𝑖𝑠 6 𝑎𝑝𝑎𝑟𝑒ç𝑎𝑚 𝑛𝑜 𝑚𝑒𝑠𝑚𝑜 𝑙𝑎𝑛ç𝑎𝑚𝑒𝑛𝑡𝑜 𝑝/ 𝑛 𝑙𝑎𝑛ç𝑎𝑚𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠}) = = 1− ℙ(𝐼𝑛 𝐶: {𝑛ã𝑜 𝑠𝑎𝑖𝑟 𝑑𝑜𝑖𝑠 6 𝑛𝑜 𝑚𝑒𝑠𝑚𝑜 𝑙𝑎𝑛ç𝑎𝑚𝑒𝑛𝑡𝑜 𝑝𝑎𝑟𝑎 𝑛 𝑙𝑎𝑛ç𝑎𝑚𝑒𝑛𝑡𝑜𝑠}) = 1− ( 36 − 1 36 ) 𝑛 = 1− ( 35 36 ) 𝑛 BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 7/11 ℙ(𝑖𝑛) ≥ 1 2 ⇒ 1 − ( 35 36 ) 𝑛 ≥ 1 2 ⇒ ( 35 36 ) 𝑛 ≤ 1 2 ⇒ log35 36 ( 35 36 ) 𝑛 ≥ log35 36 1 2 ⇒ 𝑛 ≥ log35 36 1 2 ⇒ 𝑛 ≥ ln 1 2 ln 35 36 ⇒ 𝑛 ≥ 24,61 ∴ 𝒏 ≥ 𝟐𝟓 17. a) ℙ(𝑎) = = 𝟐! (𝑵 − 𝟏)! 𝑵! b) ℙ(𝑏) = = ℙ(𝑎) 𝑁 = 𝟐! (𝑵 − 𝟏)! 𝑵!𝑵 18. a) ℙ(𝑎) = = 1 15! ( ∑ ℕ(𝑒𝑟𝑟𝑎𝑑𝑎𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠 𝑎𝑛𝑡𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑖) 7−ℕ(𝑐ℎ𝑎𝑣𝑒𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠 𝑞𝑢𝑒 𝑎𝑏𝑟𝑒𝑚) 𝑖=0 × ℕ(𝑐ℎ𝑎𝑣𝑒𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠 𝑞𝑢𝑒 𝑎𝑏𝑟𝑒𝑚) × ℕ(𝑒𝑟𝑟𝑎𝑑𝑎𝑠 𝑝𝑜𝑠𝑠í𝑣𝑒𝑖𝑠 𝑑𝑒𝑝𝑜𝑖𝑠 𝑑𝑒 𝑖)) BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 8/11 = 1 15! (∑(15 − (𝑖 + 1)) × 1 × (15 − (𝑖 + 2))! 7−1 𝑖=0 ) = 1 15! ∑14! 7−1 𝑖=0 = 6 × 14! 15! = 6 15 = 𝟐 𝟓 b) ℙ(𝑏) = =∑ 14𝑖−1 15𝑖 7−1 𝑖=0 = 1 15 ∑( 14 15 ) 𝑖−16 𝑖=1 = 1 15 ( 1− ( 14 15 ) 6 1 ( 14 15 ) ⁄ − 1 ) = 14 15 ( 1 − ( 14 15 ) 6 15 − 14 ) = 𝟏𝟒 𝟏𝟓 (𝟏 − ( 𝟏𝟒 𝟏𝟓 ) 𝟔 ) c) ℙ(𝑐) = = 1 15! (∑(15 − (𝑖 + 1)) × 1 × (15 − (𝑖 + 2))! 𝑘−1 𝑖=0 ) = 1 15! ∑ 14! 𝑘−1 𝑖=0 = (𝑘 − 1) × 14! 15! BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 9/11 = 𝒌 − 𝟏 𝟏𝟓 d) ℙ(𝑑) = = ∑ 14𝑖−1 15𝑖 𝑘−1 𝑖=0 = 1 15 ∑( 14 15 ) 𝑖−1𝑘−1 𝑖=1 = 1 15 ( 1− ( 14 15 ) 𝑘−1 1 ( 14 15 ) ⁄ − 1 ) = 14 15 ( 1 − ( 14 15 ) 𝑘−1 15 − 14 ) = 𝟏𝟒 𝟏𝟓 (𝟏 − ( 𝟏𝟒 𝟏𝟓 ) 𝒌−𝟏 ) e) ℙ(𝑒) = = 𝑘 − 1 15 𝑞𝑢𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑘 = 8 = 7 15 f) ℙ(𝑓) = = 14 15 (1 − ( 14 15 ) 𝑘−1 ) 𝑞𝑢𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑘 = 8 = 14 15 (1 − ( 14 15 ) 7 ) 19. a) ℙ(𝑎) = BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 10/11 = 1 𝑛! (∑(𝑛 − (𝑖 + 1)) × 1 × (𝑛 − (𝑖 + 2))! 𝑘−1 𝑖=0 ) = 1 𝑛! ∑(𝑛 − 1)! 𝑘−1 𝑖=0 = (𝑘 − 1) × (𝑛 − 1)! 𝑛! = 𝒌 − 𝟏 𝒏 b) ℙ(𝑏) = = ∑ (𝑛 − 1)𝑖−1 𝑛𝑖 𝑘−1 𝑖=0 = 1 𝑛 ∑( 𝑛 − 1 𝑛 ) 𝑖−1𝑘−1 𝑖=1 = 1 𝑛 ∑(1 − 1 𝑛 ) 𝑖−1𝑘−1 𝑖=1 = 1 𝑛 ( 1 − (1 − 1 𝑛 ) 𝑘−1 1 (1 − 1 𝑛 ) ⁄ − 1 ) = 𝑛 − 1 𝑛 ( 1 − (1 − 1 𝑛 ) 𝑘−1 1 ) = (1 − 1 𝑛 ) (1 − (1 − 1 𝑛 ) 𝑘−1 ) = (𝟏 − 𝟏 𝒏 ) − (𝟏 − 𝟏 𝒏 ) 𝒌 20. ℙ(𝐴: {2 𝑝𝑒𝑠𝑠𝑜𝑎𝑠 𝑓𝑎𝑧𝑒 𝑎𝑛𝑖𝑣𝑒𝑟𝑠á𝑟𝑖𝑜 𝑛𝑜 𝑚𝑒𝑠𝑚𝑜 𝑑𝑖𝑎}) = = 1− ℙ(𝐴𝐶) BC0406: Intr. à Prob. e à Estatística UFABC Resolução da Lista 03 v2 Fernando Freitas Alves fernando.freitas@aluno.ufabc.edu.br 04/03/13 – pág. 11/11 = 𝟏 − 𝟏𝟐! 𝟏𝟐𝟏𝟐 21. ℙ(𝑚𝑒𝑠𝑚𝑜 𝑛ú𝑚𝑒𝑟𝑜 𝑑𝑒 ℎ𝑜𝑚𝑒𝑛𝑠) = = (6 3 )(( 6 6 ) + ( 6 5 ) + ( 6 4 ) + ( 6 2 ) + ( 6 1 ) + ( 6 0 )) ( 12 3 + 6 ) + ( 12 3 + 5 ) + ( 12 3 + 4 ) + ( 12 3 + 3 ) + ( 12 3 + 2 ) + ( 12 3 + 1 ) + ( 12 3 + 0 ) = (6 3 )(( 6 6 ) + ( 6 5 ) + ( 6 4 ) + ( 6 2 ) + ( 6 1 ) + ( 6 0 )) ( 12 9 ) + ( 12 8 ) + ( 12 7 ) + ( 12 6 ) + ( 12 5 ) + ( 12 4 ) + ( 12 3 ) = 880 3938 = 𝟒𝟎 𝟏𝟕𝟗 22. a) ℙ(𝑎) = = (4 4 ) (4 4 ) × (52 − 8 13 − 8 ) (52 13 ) = 𝟏𝟏 𝟔𝟒𝟑𝟏𝟗𝟓𝟎 b) ℙ(𝑏) = = (13 1 ) (4 4 ) × (52 − 4 13 − 4 ) (52 13 ) = 𝟏𝟒𝟑 𝟒𝟏𝟔𝟓 Resolução errada: não consideram a chance de vir outra jogada em um jogada específica.
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