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Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 1 PROVA P2 DE CÁLCULO II – TURMA EXTRA 1º Semestre de 2018 - 09/06/2018 Nome: ___________________________________Matrícula:____________ INSTRUÇÕES: PROVA INDIVIDUAL E SEM CONSULTA; A RESOLUÇÃO PODERÁ SER FEITA A LÁPIS. RESPOSTAS FINAIS À CANETA; NÃO É PERMITIDO USO DE CALCULADORAS E/OU CELULARES. CADA QUESTÃO VALE DOIS PONTOS. 1ª Questão: Calcule ∬ 𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝐴 𝑅 , 𝑜𝑛𝑑𝑒 𝑅 = [0, 𝜋 2 ] × [0, 𝜋 4 ] ∬ 𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝐴 𝑅 = ∫ ∫ 𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝑥 𝑑𝑦 𝜋 2⁄ 0 = 𝜋 4⁄ 0 ∫ [−𝑐𝑜𝑠𝑥]0 𝜋 2⁄ 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝑦 𝜋 4⁄ 0 = ∫ [−𝑐𝑜𝑠 ( 𝜋 2 ) + 𝑐𝑜𝑠0] 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝑦 = ∫ (−0 + 1) 𝜋 4⁄ 0 𝜋 4⁄ 0 𝑐𝑜𝑠𝑦 𝑑𝑦 = [𝑠𝑒𝑛𝑦]0 𝜋 4⁄ = [𝑠𝑒𝑛 ( 𝜋 4 ) − 𝑠𝑒𝑛0] = ( √2 2 − 0) = √2 2 Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 2 2ª Questão: Calcule ∬(3𝑥 + 4𝑦2)𝑑𝐴 𝑅 onde R é a região no semiplano inferior limitada pelas circinferências 𝑥2 + 𝑦2 = 4 𝑒 𝑥2 + 𝑦2 = 9. Pela simetria circular, é conveniente usar as coordenadas polares: 𝑥 = 𝑟𝑐𝑜𝑠𝜃 𝑒 𝑦 = 𝑟𝑠𝑒𝑛𝜃 Vamos reescrever as equações das circunferências e também a função a ser integrada: circunferência 𝑥2 + 𝑦2 = 4 → 𝑟2 = 4 → 𝑟 = 2 circunferência 𝑥2 + 𝑦2 = 9 → 𝑟2 = 9 → 𝑟 = 3 função (3𝑥 + 4𝑦2) → 3𝑟𝑐𝑜𝑠𝜃 + 4𝑟2𝑠𝑒𝑛2𝜃 Precisamos definir o intervalo de integração em como queremos o semi-plano inferior, deve variar de até 2 Desta forma, podemos escrever a região de integração como: 𝑅 = {(𝑟, 𝜃)|2 ≤ 𝑟 ≤ 3, 𝜋 ≤ 𝜃 ≤ 2𝜋} E então, ∬(3𝑥 + 4𝑦2)𝑑𝐴 = ∫ ∫(3𝑟𝑐𝑜𝑠𝜃 + 4𝑟2𝑠𝑒𝑛2𝜃) 3 2 2𝜋 𝜋𝑅 𝑟 𝑑𝑟 𝑑𝜃 = ∫ ∫(3𝑟2𝑐𝑜𝑠𝜃 + 4𝑟3𝑠𝑒𝑛2𝜃) 3 2 2𝜋 𝜋 𝑑𝑟 𝑑𝜃 = ∫ (3 𝑟3 3 𝑐𝑜𝑠𝜃 + 4 𝑟4 4 𝑠𝑒𝑛2𝜃) 𝑟=2 𝑟=3 𝑑𝜃 = = 2𝜋 𝜋 ∫ ((27 − 8)𝑐𝑜𝑠𝜃 2𝜋 𝜋 + (81 − 16)𝑠𝑒𝑛2𝜃) 𝑑𝜃 = (19𝑠𝑒𝑛𝜃)𝜋 2𝜋 + 65 ∫ 1 2 (1 − 𝑐𝑜𝑠2𝜃)𝑑𝜃 = 2𝜋 𝜋 65 2 (𝜃 − 𝑠𝑒𝑛2𝜃 2 ) 𝜋 2𝜋 = 65 2 (2𝜋 − 𝜋) = 65𝜋 2 x y 3 2 Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 3 3ª Questão: Esboce a região de integração e calcule ∫ ∫ 𝑒𝑥 𝑦⁄ 𝑑𝑦 𝑑𝑥 1 𝑥 1 0 É muito mais fácil integral primeiro em x e depois em y, então vamos mudar a ordem de integração Região R tipo I: 𝑅 = {(𝑥, 𝑦)|0 ≤ 𝑥 ≤ 1, 𝑥 ≤ 𝑦 ≤ 1} Reescrevendo a região R como tipo II, temos: 𝑅 = {(𝑥, 𝑦)|0 ≤ 𝑦 ≤ 1,0 ≤ 𝑥 ≤ 𝑦} Assim, temos que: ∫ ∫ 𝑒𝑥 𝑦⁄ 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 1 𝑥 1 0 ∫ ∫ 𝑒𝑥 𝑦⁄ 𝑑𝑥 𝑑𝑦 = 𝑦 0 1 0 ∫[𝑦 𝑒𝑥 𝑦⁄ ] 𝑥=0 𝑥=𝑦 𝑑𝑦 = ∫ 𝑦(𝑒 − 1) 𝑑𝑦 = 1 0 1 0 (𝑒 − 1) [ 𝑦2 2 ] 0 1 = (𝑒 − 1) 2 x y 1 1 y=x Região tipo I R Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 4 4ª Questão: Determine o volume do tetraedro sólido de vértices (0,0,0); (1,0,0); (0,1,0) 𝑒 (0,0,1). O volume pode ser calculado como uma integral dupla de uma função f(x,y) integrada em uma área, ∬ 𝑓(𝑥, 𝑦)𝑑𝐴𝑅 , ou pela integral tripla do elemento de volume, ∭ 𝑑𝑉𝐸 , integrado em toda a região ocupada pelo sólido. Qualquer que seja o método escolhido, temos que isolar a variável z na equação do plano: z=1-x-y No caso da integral dupla, a função será 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑧 = 1 − 𝑥 − 𝑦 e será integrada sobre a região triangular no plano xy, cujos vértices são (0,0,0); (1,0,0) 𝑒 (0,1,0). Logo, o volume é dado por 𝑉 = ∬ 𝑓(𝑥, 𝑦)𝑑𝐴 =𝑅 ∫ ∫ (1 − 𝑥 − 𝑦) 1−𝑥 0 1 0 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = ∫ [𝑦 − 𝑥𝑦 − 𝑦2 2 ] 0 1−𝑥1 0 𝑑𝑥 = ∫ (1 − 𝑥 − 𝑥(1 − 𝑥) − (1−𝑥)2 2 ) 1 0 𝑑𝑥 = ∫ ( 1 2 − 𝑥 + 1 2 𝑥2) 1 0 𝑑𝑥 = [ 𝑥 2 − 𝑥2 2 + 1 2 𝑥3 3 ] 0 1 = 1 6 No caso da integral tripla, o volume é dado por ∭ 𝑑𝑉 = ∫ ∫ ∫ 𝑑𝑧 𝑑𝑦 𝑑𝑥 1−𝑥−𝑦 0 1−𝑥 0 1 0𝐸 = ∫ ∫ [𝑧]0 1−𝑥−𝑦𝑑𝑦 𝑑𝑥 1−𝑥 0 1 0 = ∫ ∫ (1 − 𝑥 − 𝑦) 1−𝑥 0 1 0 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = ∫ [𝑦 − 𝑥𝑦 − 𝑦2 2 ] 0 1−𝑥1 0 𝑑𝑥 = ∫ (1 − 𝑥 − 1 0 𝑥(1 − 𝑥) − (1−𝑥)2 2 ) 𝑑𝑥 = ∫ ( 1 2 − 𝑥 + 1 2 𝑥2) 1 0 𝑑𝑥 = [ 𝑥 2 − 𝑥2 2 + 1 2 𝑥3 3 ] 0 1 = 1 6 Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 5 5ª Questão: Calcule ∭ 𝑦2 𝑑𝑉 𝐸 onde E é o sólido dentro do cilindro 𝑥2 + 𝑦2 = 4 e abaixo do cone 𝑧2 = 4𝑥2 + 4𝑦2. Pela geometria do problema é conveniente usarmos coordenadas cilíndricas, então iremos reescrever as equações das superfícies dadas, assim como o integrando: - cilindro 𝑥2 + 𝑦2 = 4 → 𝑟2 = 4 → 𝑟 = 2 - cone 𝑧2 = 4𝑥2 + 4𝑦2 → 𝑧2 = 4𝑟2 → 𝑧 = 2𝑟 Assim, temos que 𝐸 = {(𝑟, 𝜃, 𝑧)|0 ≤ 𝑟 ≤ 2, 0 ≤ 𝜃 ≤ 2𝜋, 0 ≤ 𝑧 ≤ 2𝑟} - integrando 𝑦2 = 𝑟2𝑠𝑒𝑛2𝜃 Logo, ∭ 𝑦2 𝑑𝑉 𝐸 = ∫ ∫ ∫ (𝑟2𝑠𝑒𝑛2𝜃) 𝑑𝑧 𝑑𝑟 𝑑𝜃 2𝑟 0 ∫ ∫[𝑟2𝑠𝑒𝑛2𝜃 𝑧]0 2𝑟𝑑𝑟 𝑑𝜃 = ∫ ∫ 2𝑟4𝑠𝑒𝑛2𝜃𝑑𝑟 𝑑𝜃 2 0 2𝜋 0 2 0 2𝜋 0 2 0 2𝜋 0 = = ∫ 𝑠𝑒𝑛2𝜃 𝑑𝜃 ∫ 𝑟4𝑑𝑟 = 2 0 2𝜋 0 2 ∫ 1 2 (1 − 𝑐𝑜𝑠2𝜃)𝑑𝜃 [ 𝑟5 5 ] 0 2 = [𝜃 − 𝑠𝑒𝑛2𝜃 2 ] 0 2𝜋 32 5 2𝜋 0 = 64𝜋 5 Universidade Federal de São Paulo Pró-Reitoria de Graduação Campus Diadema 6 Digite a equação aqui. Formulário: Elemento de área em coordenadas cartesianas: 𝑑𝐴 = 𝑑𝑥 𝑑𝑦 Elemento de área em coordenadas polares: 𝑑𝐴 = 𝑟 𝑑𝑟 𝑑𝜃 Elemento de volume em coordenadas cartesianas: 𝑑𝑉 = 𝑑𝑥 𝑑𝑦 𝑑𝑧 Elemento de volume em coordenadas cilíndricas: 𝑑𝑉 = 𝑟 𝑑𝑧 𝑑𝑟 𝑑𝜃 𝑠𝑒𝑛2𝜃 = 1 2 − cos (2𝜃) 2 𝐶𝑂𝑆2𝜃 = 1 2 + cos (2𝜃) 2
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