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O pórtico a seguir encontra-se submetido a uma variação uniforme de temperatura Ct °−=Δ 20 . Pede-se determinar as reações de apoio e o diagrama de momentos fletores. A B C D E F G 3 m 3 m 3 m 3 m 4 m 4 m (1) (2) (3) (6) (4) (7) (5) Ct °−=Δ 20 2510.1 kNmEI = Barra l ΔlT AD (1) 5m -1.10-3m BE (2) 4m -8.10-4m DG (3) 5m -1.10-3m DE (4) 3m -6.10-4m CF (5) 5m -1.10-3m FG (6) 5m -1.10-3m EF (7) 3m -6.10-4m Sistema Principal e Deslocabilidade: A B C D E F G (1) (2) (3) (6) (4) (7) (5) Δ1 Δ1 Efeitos sobre o S. P.: - solicitação externa - Diagrama de Williot: Primeiramente marcamos os nós indeslocáveis juntamente com a origem (0,a,b,c). A reta verde pontilhada marca o lugar geométrico que deve conter os nós e e g devido à simetria do sistema. A partir de a marca-se T1lΔ (ponto 1), notando que a marcação é feita no sentido de aproximar o nó D do nó A, pois a variação de temperatura é negativa. Do ponto 1 marca-se a perpendicular à barra AD (reta azul). Analogamente, a partir de c marca-se T5lΔ (ponto 5) na direção da barra CF. Do ponto 5 marca-se a perpendicular à barra CF (reta azul). A partir de b marca-se T2lΔ (ponto 2) na direção da barra BE. Do ponto 2 marca-se a perpendicular à barra BE (reta cor de rosa). Da interseção da reta verde com a reta rosa, encontramos o nó e. A partir do nó e marca-se T4lΔ (ponto 4) na direção da barra DE. Do ponto 4 marca-se a perpendicular à barra DE (reta cor de abóbora). Da interseção das retas cor de abóbora (perpendicular a DE) e azul (perpendicular a AD) encontra-se o nó d. Analogamente, a partir do nó e marca-se T7lΔ (ponto 7) na direção da barra EF. Do ponto 7 marca-se a perpendicular à barra EF (reta cor de abóbora). Da interseção das retas cor de abóbora (perpendicular a EF) e azul (perpendicular a CF) encontra-se o nó f. A partir do nó d marca-se T3lΔ (ponto 3) na direção da barra DG. Do ponto 3 marca-se a perpendicular à barra DG (reta roxa). Da interseção da reta roxa (perpendicular a DG) com a reta verde encontra-se o nó g. Analogamente poderíamos ter marcado T7lΔ (ponto 7) na direção da barra FG, a partir do nó f; e do ponto 7 marcaríamos a perpendicular à barra FG (reta roxa). Da interseção entre a reta roxa (perpendicular a FG) e da reta verde (ou da interseção entre as duas retas roxas), encontraríamos igualmente o nó g. 0,a,b,c e 1,7 2 3,6 reta perpendicular à barra ADreta perpendicular à barra CF df g reta perpendicular à barra DEreta perpendicular à barra EF reta perpendicular à barra BE 4,5 reta perpendicular à barra DGreta perpendicular à barra FG Deslocamentos ortogonais Recíprocos: A partir da análise do diagrama de Williot, nota-se que as barras (1), (4), (5) e (7) apresentam deslocamento ortogonal recíproco. Como iremos trabalhar com o equilíbrio do nó D, analisaremos os deslocamentos ortogonais recíprocos das barras (1) e (4). 0,a,b,c e 3,6 df g Δl 4TΔl 7T Δl 4TΔl 1T Δl 2T Δl 3TΔl 6T df Δl 4TΔl 7T α α α 2Δl 4T ρAD ρDE 5 4=αsen e 3 4=αtag msen AD AD T 34 105,1 2 −⋅=ρ⇒ρ Δ⋅=α l mtag ED DE T 44 100,9 2 −⋅=ρ⇒ρ Δ⋅=α l Barra (1): 0,00 15 m 18 k Nm 5 m A D Barra (4): 0,0009 m 3 m 60 kNm 60 kNm kNm42186010 −=+−=β Deslocabilidade :11 =Δ Barra (1): 1ra d 60 00 0 k Nm 5 m A D Barra (3): 1ra d 400 00 5 m kN m 800 00 kN m D G Barra (4): 1rad 200000 3 3 m kNm 400000 3 kNm D E kNm 3 820000 3 400000800006000011 =++=β Equação de Equilíbrio do nó D: 4 11 10 111110 105366,1410000 630 −⋅==β β−=Δ⇒=Δ⋅β+β Momentos finais a serem aplicados nas rótulas: kNmM D 22,2741 111660000 410000 6318)1( ==⋅+= (sentido anti-horário) kNmM D 29,1241 50480000 410000 630)3( ==⋅+= (sentido anti-horário) kNmM D 51,3941 1620 3 400000 410000 6360)4( −=−=⋅+−= (sentido horário) kNmM E 76,4941 2040 3 200000 410000 6360)4( −=−=⋅+−= (sentido horário) kNmM G 15,641 25240000 410000 63)3( ==⋅+= (sentido anti-horário) A D E G VA HA VE HE HG [kNm] 12,29 6,15 27,22 39,51 49,76 x y Reações Finais: A B C D E F G 29,76 kN29,76 kN 29,12 kN 29,12 kN 59,51 kN Diagrama de momentos fletores: DM[kNm] 27,22 + + + 39,51 6,15 -12,29 -- 27,22 + + + 39,51 -49,76 6,15 -12,29- -
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