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Fund. de Álgebra: Exerćıcios 1, umas soluções 1. (a) Dê um exemplo expĺıcito para mostrar que a cota inferior de um conjunto S ⊂ R limitado inferiormente não é única. (b) Prove que quando um conjunto S ⊂ R tem menor elementos a, b, então a = b (ou seja, o menor elemento é único). R: (a) S = N. −2, 0,−6 6 n ∀n ∈ N. Logo, todos deles são cotas inferiores de N. (b) a, b ∈ S dois menor elementos de S. a menor elemento implica em particular que a 6 b já que b ∈ S. b menor elemento implica em particular que b 6 a já que a ∈ S. Mas a 6 b 6 a =⇒ a = b. 2. Use indução para provar que cada uma das afirmações abaixo é verdadeira. (a) ∑n i=1(4i + 1) = n(2n + 3). (b) ∑n i=1 i 3 = ( ∑n i=1 i) 2 (dica: use um exemplo das aulas). (c) 8n−3n é múltiplo de 5 para todo n ∈ Z+ (truque: −8·3k+8·3k = 0). (d) Se a, b são inteiros com a − b 6= 0 então an − bn é múltiplo de a − b para todo n ∈ Z+. R: (só parte (a)) (a) Caso base (n = 1): ∑1 i=1(4i + 1) = 4 + 1 = 5 = 1(2 · 1 + 3). Etapa de indução: Hipótese de indução: ∑k i=1(4i + 1) = k(2k + 3). Queremos mostrar que ∑k+1 i=1 (4i + 1) = (k + 1)(2(k + 1) + 3). k+1∑ i=1 (4i + 1) = ( k∑ i=1 (4i + 1) ) + 4(k + 1) + 1 = k(2k + 3) + 4(k + 1) + 1 (pela HI) = 2k2 + 3k + 4k + 4 + 1 = 2k2 + 7k + 5 = (k + 1)(2k + 5) = (k + 1)(2k + 2 + 3) = (k + 1)(2(k + 1) + 3). 1 3. Prove duas partes da Questão 2 por usando o Prinćıpio da boa ordenação. R: (só parte (a)) (a) Seja S = { n |n > 1 e n∑ i=1 (4i + 1) 6= n(2n + 3) } . Queremos mostrar que S = ∅. Vamos supor (para ganhar con- tradição) que S 6= ∅. Já que S é limitado inferiormente, temos pelo prinćıpio da boa ordenação que S contem um menor elemento m. Observe que m 6= 1 já que ∑1 i=1(4i + 1) = 4 + 1 = 5 = 1(2 · 1 + 3). Logo, podemos considerar m− 1, e temos (já que m é minimal) que m−1∑ i=1 (4i + 1) = (m− 1)(2(m− 1) + 3). Agora m∑ i=1 (4i + 1) = ( m−1∑ i=1 (4i + 1) ) + 4m + 1 = (m− 1)(2(m− 1) + 3) + 4m + 1 = . . . calculações . . . = m(2m + 3). Segue que m 6∈ S - uma contradição, pois m ∈ S. Logo, nossa suposição que S 6= ∅ era falsa. Ou seja, S = ∅. 4. Considere a matriz A = ( 1 1 0 1 ) . (a) Calcule A2, A3 e conjeture (= adivinhe) a forma geral pra matriz An (n > 1). (b) Use indução para provar que a sua conjetura é verdadeira. (c) Repita partes (a), (b) pra matriz B = 1 1 10 1 1 0 0 1 . R: Nossa conjetura deve ser que An = ( 1 n 0 1 ) . Demonstração: Caso base (n = 1) claramente vale. Hipótese de indução: Ak = ( 1 k 0 1 ) . 2 Queremos mostrar que Ak+1 = ( 1 k + 1 0 1 ) . Mas Ak+1 = A ·Ak = ( 1 1 0 1 )( 1 k 0 1 ) = ( 1 k + 1 0 1 ) . Pronto. Parte (c): A resposta é Bn = 1 n ∑ni=1 i0 1 n 0 0 1 . Mostre que o resultado vale no mesmo jeito como pro matriz A. 5. Seja Ln o poĺıgono convexo com n lados (ex L3 é um triângulo, L4 é um quadrado, L5 é um pentágono etc.). Mostre por indução que para todo n > 3, Ln tem n(n−3) 2 diagonais. R: Melhor fazer esta questão com diagramas. O caso base é o triângulo, que possui 0 diagonais. Já que 3·02 = 0, o resultado vale. Estapa de indução. HI: Lk tem k(k−3) 2 diagonais. Considere Lk+1. Remove um vertice de Lk+1 por conetando dois vertices de distância 2. Ganhamos uma cópia de Lk. Os diagonais de Lk+1 são: • Os diagonais de Lk (k(k−3)2 pela HI) • Os diagonais começando no vertice que removeu (k − 2) • O diagonal que removeu para ganhar Lk (1) Somando estes números, o resultado segue. 6. Encontre o erro na seguinte “prova”que em qualquer grupo com n pessoas, todas elas têm a mesma idade. Se um grupo consiste de uma pessoa, todas têm a mesma idade. Suponha que em qualquer grupo com k pessoas, todas têm a mesma idade. Sejam a1, a2, ..., ak+1 as pessoas em um grupo com k + 1 pessoas. Desde que as pessoas a1, a2, ..., ak e a2, a3, ..., ak+1 formam grupos com k pessoas, todas elas têm a mesma idade, por hipótese de indução. Desde que a2 está em cada um destes grupos, segue que todas as k + 1 pessoas a1, a2, ..., ak+1 têm a mesma idade. R: O problema é que a etapa de indução não vale quando k + 1 = 2: considere um conjunto {a1, a2}. Os dois subconjuntos do argumento são {a1}, {a2}. Mas não temos um elemento que pertence aos dois subconjun- tos. 3 7. Considere a, b, c, d inteiros não nulos. Verifique se é verdadeiro ou falso, justificando. (a) Se d|a e d|b então d2|ab. (b) a|c e b|d então (a + b)|(c + d). (c) a|c e b|d então ab|cd. (d) (a + b)|(c + d) então a|c e b|d. (e) d|a e d|b então d|(a2 + b2). (f) d|(a9 − b) e d|a então d|b. R: (a) V: d|a, d|b implicam que a = qd, b = rd (alguns q, r). Logo ab = qdrd = d2qr, que implica que d2|ab. (b) F: contraexemplo a = b = c = 1, d = 2. a|c, b|d, mas a + b = 1 + 1 = 2 6 | 3 = 1 + 2 = c + d. (c) V. (d) F. (e) V. (f) V. 8. Prove que se a é um inteiro que não é um múltiplo de 3 então 3|(a2 − 1). R: 3 6 | a =⇒ a = 3k + 1 ou a = 3k + 2 (algum k). De um exemplo das aulas, sabemos que em todo caso a2 = 3k′ + 1 (algum k). Logo a2 − 1 = 3k′ + 1− 1 = 3k′, ou seja, 3|(a2 − 1). 9. Mostre que o quadrado de qualquer número inteiro ı́mpar é da forma 8k+1. R: Um inteiro ı́mpar a tem a forma a = 2m + 1 (algum m). Logo a2 = (2m + 1)2 = 4m2 + 4m + 1 = 4m(m + 1) + 1. Mas um dos números m,m + 1 é par, então m(m + 1) = 2k (algum k). Agora a2 = 4m(m + 1) + 1 = 8k + 1. 10. Seja a um inteiro que deixa resto 3 na divisão por 6. Mostre que 72 | (a2 − 9). R: a = 6q + 3. Agora a2 − 9 = (6q + 3)2 − 9 = 36q2 + 36q + 9− 9 = 36q(q + 1) = 72k já que q(q + 1) é par como na resposta anterior. 4 11. Determine os inteiros positivos que divididos por 17 deixam um resto igual ao quadrado do quociente. R: Estamos procurando os a ∈ Z+ tais que a = 17q + q2. Já que q2 6 17, temos q = 0, 1, 2, 3, 4. Só analise os cinco casos. Por exemplo, q = 3 : a = 17q + q2 = 17 · 3 + 32 = 60. 12. (a) Um número inteiro a é ı́mpar e deixa resto 2 na divisão por 3. Qual é o resto da divisão de a por 6? (b) Um número inteiro a é par mas não é múltiplo de 4. Qual é o resto da divisão de a2 + 12 por 16? R: (a) Temos a = 2k + 1, a = 3m + 2 (alguns k,m). Logo 2k = 3m + 1. Observe que m precisa de ser ı́mpar, pois 3m + 1 é par. Escreve m = 2t + 1 (algum t). Logo a = 3m + 2 = 3(2t + 1) + 2 = 6t + 3 + 2 = 6t + 5, e o resto da divisão de a por 6 é 5. (b) a é par mas não é múltiplo de 4, logo a = 4k + 2 (algum k). a2 + 12 = (4k + 2)2 + 12 = 16k2 + 16k + 4 + 12 = 16(k2 + k + 1) logo 16|(a2 + 12), ou seja, o resto da divisão por 16 é 0. 5
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