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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Geometria Anaĺıtica I 2a Avaliação a Distância 1o Semestre de 2021 Código da disciplina: Matemática, Engenharia de Produção e Engenharia Mete- reológica EAD 01052 F́ısica EAD 01078 Questão 1 [2,5 pontos] Questão 1: Considere a reta r que passa por P = (6, 4) e é paralela ao vetor −→u = (2,−1). Considere também um triângulo ABC retângulo em A = (2, 1), cujos vértices B e C pertencem à reta r. Sabendo que Proj−→u −−→ AB = 2−→u , encontre B e C, e faça um esboço que contemple todos os elementos mencionados no enunciado. Resolução: Como r passa pelo ponto P = (6, 4) e é paralela ao vetor −→u = (2,−1), podemos escrever suas equações paramétricas da seguinte forma: r : { x = 6 + 2t y = 4− t , onde t ∈ R. Como B ∈ r, existe um t ∈ R tal que B = (6 + 2t, 4− t), (1) o que implica que −−→ AB = (4 + 2t, 3− t). Além disso, Proj−→u −−→ AB = 2−→u ⇐⇒ 〈−−→AB ,−→u 〉 = 2||−→u ||2. Assim, 2(4 + 2t)− (3− t) = 2(4 + 1)⇐⇒ t = 1. Substituindo o valor de t na descrição das coordenadas do ponto B, em 1, encontramos B = (8, 3). Note que, como ABC é um triângulo retângulo em A, então os vetores −−→ AB e −−→ AC são perpen- diculares. Isso implica que 〈 −−→ AB , −−→ AC 〉 = 0. Como encontramos B anteriormente, temos que −−→ AB = (6, 2). Vamos agora encontrar −−→AC . Note que C ∈ R, então existe um s ∈ R tal que C = (6 + 2s, 4− s), (2) o que implica que −−→ AC = (4 + 2s, 3− s). Sendo assim, 〈 −−→ AB , −−→ AC 〉 = 0⇐⇒ 6(4 + 2s) + 2(3− s) = 0⇐⇒ s = −3. Substituindo o valor de s na descrição das coordenadas do ponto C, em 2, nos leva à C = (0, 7). O esboço pedido pode ser encontrado na figura 1: Geometria Anaĺıtica I AD1 1/2021 Figura 1: Triângulo da questão 1. Questão 2 [4,0 pontos] Considere uma elipse E1 cujos elementos satisfazem as seguintes condições: • Os vértices do eixo focal e do eixo não focal formam um losango cuja diagonal menor é um segmento paralelo ao eixo OX que mede 8 unidades de comprimento. • O ponto médio da diagonal maior é o ponto (-2,3). • Os focos e um dos vértices do eixo não focal formam um triângulo isósceles cujos lados iguais medem 7 unidades de comprimento, cada um. (a) [1,5 ponto] Determine a equação reduzida de E1, seu centro, os vértices do eixo focal, os vértices do eixo não focal, as equações dos eixos focal e não focal e a excentricidade. Justifique suas respostas em função dos dados do problema e os conceitos relacionados a uma elipse. Atenção: Respostas sem justificativa, nem cálculos, se for o caso, não serão consi- deradas integralmente. (b) [1,5 ponto] Identifique a cônica E2 representada pela equação geral a seguir, determine sua equação reduzida, seu centro, os vértices do eixo focal, os vértices do eixo não focal, as equações dos eixos focal e não focal e a excentricidade. 16x2 + 49y2 + 64x− 294y − 279 = 0 (c) [1,0 ponto] Apresente um esboço das cônicas E1 e E2 contendo todos os seus elementos, incluindo as retas correspondentes aos eixos focais e não focais. Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Anaĺıtica I AD1 1/2021 Resolução: a) • Centro: C = (−2, 3), pois as diagonais do losango estão sobre os eixos focal e não focal e o ponto médio coincide com a interseção dessas retas, • a = 7, a soma das distâncias dos focos a um dos vértices não focais, que está sobre a elipse, é igual a 14 e este valor é dobro de a, • b = 4, que é a metade do comprimento da diagonal menor do losango, que está sobre o eixo não focal, • c = √ a2 − b2 = √ 49− 16 = √ 33 • excentricidade: e = c a = √ 33 7 , • Eixo não focal: y = 3, visto que a diagonal menor, que é paralela a OX, está sobre o eixo não focal, • Eixo focal: x = −2, pois contém o centro é perpendicular ao eixo não focal, • (y − 3)2 49 + (x+ 2)2 16 = 1, em função dos valores do a e b, das coordenadas do centro, do eixo nao focal ser paralelo ao eixo OX e, consequentemente, do eixo focal ser paralelo ao eixo OY, • Vértices do eixo focal: A′1 = (−2, 3 + 7) = (−2, 10) A′2 = (−2, 3− 7) = (−2,−4) • Vértices do eixo não focal: B′1 = (−2− 4, 3) = (−6, 3) B′2 = (−2 + 4, 3) = (2, 3) • Focos: F ′1 = (−2, 3 + √ 33) F ′2 = (−2, 3 + √ 33). b) 16x2 + 49y2 + 64x− 294y − 279 = 0 ⇒ 16x2 + 49y2 + 64x− 294y = 279 ⇒ 16(x2 + 4x) + 49(y2 − 6y) = 279 ⇒ 16(x2 + 4x+ 4)− 64 + 49(y2 − 6y + 9)− 441 = 279 ⇒ 16(x+ 2)2 + 49(y − 3)2 = 279 + 505 ⇒ 16(x+ 2)2 + 49(y − 3)2 = 784 ⇒ (x+ 2) 2 49 + (y − 3)2 16 = 1 Logo, a cônica é uma elipse, que tem os seguintes elementos: • Centro: C = (−2, 3) • a = 7, • b = 4, • c = √ a2 − b2 = √ 49− 16 = √ 33 • excentricidade: e = c a = √ 33 7 , Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Anaĺıtica I AD1 1/2021 • Eixo focal, paralelo a OX: y = 3, • Eixo não focal, paralelo a OY: x = −2, • Vértices do eixo focal: A′′1 = (−2− 7, 3) = (−9, 3) A′′2 = (−2 + 7, 3) = (5, 3) • Vértices do eixo não focal: B′′1 = (−2, 3− 4) = (−2,−1) B′′2 = (−2, 3 + 4) = (−2, 7) • Focos: F ′′1 = (−2 + √ 33, 3) F ′′2 = (−2 + √ 33, 3) Figura 2: Elipses da questão 2. c) Questão 3: [3,5 pontos] Sejam r1 : { x = 4 + 3t y = 6 + 4t ∀ t ∈ R e r2 : { x = 4− 3t y = −2 + 4t ∀ t ∈ R as asśıntotas da hipérbole de foco F = (1,−8). Encontre o centro, os vértices focais, os vértices não focais, os focos, a excentricidade, as equações cartesianas das asśıntotas, a reta focal, a reta não focal e a equação da hipérbole. Fazer um esboço da hipérbole indicando todos os seus elementos. Resolução: Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Anaĺıtica I AD1 1/2021 Seja C = (h, k) o centro da hipérbole, então C = r1 ∩ r2. Assim, (h, k) = (4 + 3t, 6 + 4t) para algum t ∈ R e (h, k) = (4− 3s,−2 + 4s) para algum s ∈ R, assim as seguintes equações devem ser satisfeitas{ 4 + 3t = 4− 3s 6 + 4t = −2 + 4s ⇐⇒ { 3t = −3s 4t = −8 + 4s ⇐⇒ { t = −s −4s = −8 + 4s ⇐⇒ { t = −1 s = 1 Portanto, C = (h, k) = (1, 2). Para encontrar a reta focal, observemos que ela contém o centro C e o foco F, assim a reta focal é dada pela equação x = 1, e é paralela ao eixo OY. Desde que a reta não focal é perpendicular à reta focal e passa pelo centro C, temos que a reta não focal tem por equação y = 2, e a equação da hipérbole é da forma: (y − 2)2 a2 − (x− 1) 2 b2 = 1 onde as asśıntotas têm equação ax− by − a+ 2b = 0 e ax+ by − a− 2b = 0 as quais tem por vetores paralelos múltiplos dos vetores (b, a) e (b,−a) respectivamente e comparando com os vetores paralelos das retas r1 e r2. Podemos disser que (b, a) = λ(3, 4) para algum λ ∈ R, assim, a = 4λ > 0 e b = 3λ > 0. Desde que c = d(C,F ) = 2 + 8 = 10 ⇐⇒ c = 10 e c2 = a2 + b2, então 102 = (4λ)2 + (3λ)2 100 = 25λ2 λ = 2 =⇒ a = 8 e b = 6. Assim, temos os seguintes: Centro: C = (1, 2) Vértices focais: A1 = (1,−6) e A2 = (1, 10) Vértices não focais: B1 = (−5, 2) e B2 = (7, 2) Focos: F1 = (1,−8) e F2 = (1, 12) Reta focal: x = 1 Reta não focal: y = 2 Excentricidade e = c a = 108 = 5 4 Equação Cartesiana das Asśıntotas: 4x− 3y + 2 = 0 e 4x+ 3y − 10 = 0 A equação da hipérbole é (y − 2)2 64 − (x− 1)2 36 = 1 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Anaĺıtica I AD1 1/2021 Figura 3: Hipérbole da questão 3. Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ
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